2019-2020学年安徽省蚌埠市田家炳中学、九中、五中、铁路中学四校联考高二(上)月考物理试卷(12月份)

1、2019-2020 学年安徽省蚌埠市田家炳中学、九中、五中、铁路中学四校联考高二（上）月考物理试卷（12 月份）一、单选题（本大题共10 小题，共40.0 分）1. 某电场的电场线分布如图所示实线 ，以下说法正确的是A. c 点场强大于 b 点场强B. b 和 c 处在同一等势面上C. 若将一试探电荷由 a 点移动到d 点，电荷的电势能将增大D. 若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由a 点运动到d 点，可判断该电荷一定带负电2.如图所示，匀强电场的场强， A、B 两点相距，两点连线与电场的夹角是，下列说法正确的是A.B.C.D.电荷量的电荷从A 点运动到B 点电势能增大6J电荷量的电荷从A

2、点运动到B 点电场力做功为若取 A 点的电势为0，则 B 点的电势A、B 两点间的电势差是3. 如图所示，先接通电键 S使电容器充电，然后断开 S，增大两极板间的距离时，电容器所带电量 Q、电容 C、两极板间电势差 U 的变化情况是A. Q变小，C不变， U不变B.Q变小， C变小，U不变C.Q 不变， C变小， U变大D.Q不变， C变小， U 变小4. 关于电动势，下列说法正确的是A. 电动势反映了电源把电能转化为其他形式的能的本领的大小B. 电源的电动势越大，电源内非静电力做功的本领越强C. 电源的电动势与外电路的组成有关D. 没有接入电路时，电源两极间的电压就是电源的电动势5.在如图所

3、示的电路中，电阻，电流表内阻不计，在 A、B 两点间加上9V 的电压时，电流表的读数为A.0B.C.D.6. 小灯泡通电后其电流 I 随所加电压 U 变化的图线如图所示， P 为图线上一点， PN 为图线过 P 点的切线， PQ 为 U 轴的垂线， PM 为 I 轴的垂线则下列说法中正确的是A.B.随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小对应 P 点，小灯泡的电阻为C. 对应 P 点，小灯泡的电阻为第1页，共 13页D. 对应 P 点，小灯泡的功率为图中梯形PQON 所围的面积7.如图所示的长方体是用电阻率为的均匀金属制成的，长度为2L，其横截面为正方形，边长为 L，若将它的 a、 b 端接入电路

4、时的电阻为 R，则将它的两个侧面上的 c、 d 端接入电路时的电阻是A.RB.8. 在如图所示电路中，当滑动变阻器滑片A. A 灯变亮、 B 灯变亮、 C 灯变亮B. A 灯变暗、 B 灯变亮、 C 灯变暗C. A 灯变亮、 B 灯变暗、 C 灯变暗D. A 灯变暗、 B 灯变暗、 C 灯变亮C.D. 4RP 向上移动时，则9.如图所示，图线a 是某一电源的图线，图线b 是一定值电阻的图线。若将该电源与该定值电阻连成闭合电路已知该电源的内阻，则下列说法错误的是A.B.该定值电阻为该电源的电动势为20VC. 将 2 只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大D. 将 3 只这种电阻并联作为外电阻

5、，电源输出功率最大10. 如图所示为多用电表电阻挡的原理图，表头内阻为 ，调零电阻为 ，电池的电动势为 E，内阻为 r ，则下列说法中错误的是A.B.C.D.它是根据闭合电路欧姆定律制成的，并且由G 表改装的接表内电池负极的应是红表笔，测量时遵循“红进黑出 ”原则电阻挡对应的刻度不均匀，且“ ”刻度一般在刻度盘的右端每次换电阻倍率挡时，都需重新欧姆调零，调零后刻度盘中央刻度值是二、多选题（本大题共4 小题，共12.0 分）11.两粗细相同的同种金属电阻丝、的电流 I 和电压 U 的关系图象如图所示，可知第2页，共 13页A. 两电阻的大小之比为B. 两电阻的大小之比为C. 两电阻丝长度之比为D

6、. 两电阻丝长度之比为： 1： 3： 3： 112.先后按图中、所示电路测同一未知电阻阻值Rx，已知两电路的路端电压恒定不变，若按图电路测得电压表示数为6V，电流表示数为 2mA，那么按图电路测得的结果应有A. 电压表示数等于6VB. 电压表示数小于6VC. 电流表示数大于2mAD. 电流表示数小于2mA13.如图所示的电路中，E 为电源电动势， r 为电源内阻，和均为定值电阻，为滑动变阻器当 的滑动触点在 ab 的中点时合上开关S，此时三个电表、 和 V 的示数分别为、和现将的滑动触点向 a 端移动，则A.C.电源的总功率减小B.消耗的功率增大增大， 减小， U 增大D.减小， 不变， U

7、减小14.如图所示为某一电源的曲线，由图可知A.B.电源电动势为V电源内电阻为C. 电源短路时电流为10AD. 电路路端电压为V 时，电路中电流为A三、实验题（本大题共2 小题，共18.0 分）15. 现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度螺旋测微器和游标卡尺的示数如图和图所示由上图读得圆柱体的直径为_mm，长度为 _cm若流经圆柱体的电流为I ，圆柱体两端之间的电压为U ，圆柱体的直径和长度分别用D、 L 表示，则用测得的D、 L 、I 、U 表示的电阻率的关系式为_第3页，共 13页16.

8、某实验小组利用如图所示的电路测定一节干电池的电动势E 和内电阻r，备有下列器材：A、待测干电池，电动势约B、电流表，量程3mAC、电流表，量程D 、电压表，量程3VE、电压表，量程F 、滑动变阻器，G、滑动变阻器H 、开关、导线若干实验中电流表选用_ ，电压表选用 _ ，滑动变阻器选用_填器材前面字母序号一位同学测得的6 组数据如表所示，试根据数据作出图线根据图线求出电池的电动势_ V，电池的内电_保留 2 位小数组别123456电流电压四、计算题（本大题共3 小题，共30.0 分）17. 如图所示，电子由静止开始经加速电场加速后， 沿平行于板面的方向射入偏转电场， 并从另一侧射出。已知电子质

9、量为m，电荷量为e，加速电场电压为，偏转电场可看做匀强电场，极板间电压为U，极板长度为L ，板间距为d，忽略电子所受重力。求：电子射入偏转电场时初速度和从电场射出时沿垂直板面方向的偏转距离。第4页，共 13页18. 如图所示的电路中，两平行金属板A，B水平放置，接入如图所示电路中，两板间的距离，电源电动势，内电阻 r，电阻，闭合开关 S，待电路稳定后，将一带电的小球放入板间恰能保持静止，若小球质量为，电量，问：小球带正电还是负电，电容器的电压为多大？电源的内阻为多大？电源的效率是多大？取19. 如图所示，电源电动势，内阻，标有“”L的灯泡恰好能正常发光，电动机M 绕线的电阻，求：电源的总功率；

10、电动机的总功率；电动机的输出功率。第5页，共 13页答案和解析1.【答案】 A【解析】【分析】电场线的疏密表示场强的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，根据电场力做功判断电势能的变化。解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解。比较电势能的大小有两种方法：一可以从电场力做功角度比较，二从电势能公式角度判断，先比较电势，再比较电势能。【解答】A.电场线的疏密表示电场的强弱，由图知c 点场强大于b 点场强，故A 正确；B.沿电场线方向电势逐渐降低，故b 点电势大于c 点，故 B 错误；C.若将

11、一试探电荷由 a 点移动到 d 点，电场力做正功，电荷的电势能将减小，故C 错误；D .由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力大致斜向左上方，与电场强度方向相同，故粒子带正电，故 D 错误。故选 A。2.【答案】 B【解析】【分析】本题主要考查带电粒子在电场中的运动，电场力做功与电势能变化的关系。根据电场力做功判断电势能的变化，根据求出 A、 B 两点间的电势差，从而得出B 点的电势解决本题的关键掌握电场力做功与电势差、电势差与电场强度的关系，并能灵活运用，基础题【解答】A.从 A 到 B，电场力做功则电势能减小故 A 错误；B.从 A 到 B，电场力做功故 B 正确；间的电势差，因为

12、 A 点的电势为0，则 B 点的电势为故 CD 错误。故选 B。3.【答案】 C【解析】解：电容器与电源断开，电量保持不变，增大两极板间距离时，根据，知电容C 变小，根据知两极板间的电势差U 变大，故 C 正确。故选： C。电容器与电源断开，电量保持不变，增大两极板间距离时，根据，判断电容的变化，根据判断电势差的变化。解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量。若电容器与电源断开，电量保持不变；若电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变。第6页，共 13页4.【答案】 B【解析】【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势，电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为

13、电能本领强弱，与外电路的结构无关，电源的电动势在数值上等于内、外电压之和。本题考查对于电源的电动势的理解能力，电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关。【解答】A.电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领的物理量，故A 错误；B.电源的电动势越大，电源内非静电力做功的本领越强，故B 正确；C.电动势是由电源本身所决定的，与外电路无关，故C 错误；D .是电源没有接入电路时，内电压为零，根据闭合电路欧姆定律可知：电源电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压，但电动势与电压是两个不同的概念，不能说“就是 ”，故 D 错误。故选 B。5.【答案】 B【解析】【分析

14、】由图可知，图中电阻与并联后与串联，电流表测量的是电阻的电流；先求解总电阻，根据欧姆定律求解干路电流，根据并联电路的电流关系得到通过电阻的电流。本题关键是明确电路的串并联结构，再根据串并联电压、电流和电阻关系和欧姆定律列式求解；电路结构分析是解题的关键。【解答】图中电阻与并联后与串联，电路的总电阻为：；根据欧姆定律， 干路电流为：，由于并联电路的电流与电阻成反比，故：，故 B 正确， ACD错误。故选： B。6.【答案】 B【解析】【分析】根据电阻的定义，电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，斜率逐渐减小，电阻逐渐增大。对应 P 点，灯泡的电阻等于过P 点的切线斜率的倒数。本题中灯泡是非线

15、性元件，其电阻，但。图线上的点与O 点连线的斜率表示电阻的倒数，而不是图象的斜率表示电阻的倒数。【解答】A. 图线上点与坐标原点连线的斜率表示小灯泡电阻的倒数。由于图线上的点与O 点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大，故A 错误；图线上的点与O 点连线的斜率表示电阻的倒数，对应 P 点，小灯泡的电阻为，故 B 正确，C 错误；D. 因，所以图象中矩形PQOM 所围的面积为对应P 点小灯泡的实际功率，故D 错误。故选 B。第7页，共 13页7.【答案】 B【解析】【分析】根据电阻定律，结合a、 b 端接入电路时电阻为R，即可确定两个侧面c、 d 接入电路时的电阻。本题考查电阻定律的应用，要注意

16、明确电阻大小与截面积及导体长度有关系。【解答】当 a、 b 端接入电路时，面积为，长为 2L ，根据电阻定律可知：；当 c、 d 接入电路时，横截面积为，长为 L，电阻：，所以：，故 B 正确， ACD错误。故选 B。8.【答案】 B【解析】【分析】当变阻器的滑动触头P 向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，即可知道A 灯亮度的变化。由欧姆定律分析并联部分电压的变化，判断B 灯亮度的变化。由通过 B 的电流与总电流的变化，分析通过C 灯电流的变化，判断其亮度的变化。本题是电路动态分析问题，按局部到整体，再对局部分析电压或电流的变化，来判断

17、电灯亮度的变化。【解答】当变阻器的滑动触头 P 向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流I减小，A灯变暗；A 灯和电源的内电压都减小，由闭合电路欧姆定律得知并联部分电压增大，B 灯变亮；由于总电流减小，而通过B 灯的电流增大，可知通过C 灯的电流减小，则C 灯变暗，故 ACD 错误， B 正确。故选 B。9.【答案】 C【解析】【分析】根据图线 b 的斜率求出定值电阻的阻值； 读出两图线交点处电压和电流， 根据欧姆定律求出电源的电动势；对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大。定值电阻的伏安特性曲线斜率等于电阻，电源的伏安特性曲线的斜率绝对值表示内电阻、纵轴截距表示电

18、动势。【解答】A.图线 b 的斜率，则定值电阻的阻值，故 A 正确；B.由图读出交点的电压，电流，根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势：，故 B 正确；对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大，故将3 只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大，故C 错误， D 正确。本题选错误的，故选C。10.【答案】 C【解析】解：A、它是根据闭合电路欧姆定律制成的，并且由G 表改装的，故A 正确。B、接表内电池负极的应是红表笔，测量时遵循“红进黑出 ”原则，故B 正确。C、欧姆表零刻度线在最右侧，最大刻度线在最左侧，故C 错误。第8页，共 13页D、每次换电阻倍率挡时，都需重新欧姆调零，调零后刻度盘

19、中央刻度值是，故 D 正确。本题选错误的，故选： C。使用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，然后进行欧姆调零；欧姆表的红表笔插“ ”插孔，黑表笔插 “ ”插孔，“ ”“ ”与电源负极相连，与电源正极相连；欧姆表零刻度线在最右侧，最大刻度线在最左侧。熟悉如何使用多用电表，并知道多用电表能测哪里物理量。同时知道电阻刻度盘是不均匀的，明确其原理为全电路欧姆定律。11.【答案】 BC【解析】【分析】由图象的性质可知电阻的大小关系，再由电阻定律可明确长度的比值。本题考查欧姆定律及电阻定律，要注意图象中图象的斜率表示电阻的倒数，同时应能准确应用电阻定律进行分析。【解答】由图可知， 当电压为 1V 时，的电流

20、为3A，而 的电流为 1A，则由欧姆定律可知，：3，故 A 错误， B 正确；由电阻定律可知，电阻与导线长度成正比，与截面积成反比， 因粗细相同， 故长度之比为： 3，故 C 正确， D 错误。故选 BC。12.【答案】 BC【解析】解：图所示电路中，电压表示数为6V，电流表示数为 2mA，说明。在图所示电路中，电压表与并联后与电流表串联，由于电流表的分压，电压表与并联部分电压小于 U ，即电压表示数小于又由于电压表与并联的电阻小于，外电路总电阻小于电流表与待测电阻串联的总电阻，则干路中电流大于图中电流表的读数，即大于 2mA。故选： BC。在测量电阻的实验中，电流表与电压表有一定的电阻，接入

21、电路后改变了电路原来的结构，电流表有分压作用，电压表有分流作用 图电路中电流表与待测电阻串联后电电压表并联， 图电路中电压表与并联后与电流表串联根据欧姆定律和串并联电路的特点分析分析两电表的读数本题是实验题，电表对电路的影响不能忽略，可把电压表看成能测量电压的电阻，电流表看成能测量电流的电阻13.【答案】 AC【解析】【分析】解决本题的关键抓住电动势和内阻不变，结合闭合电路欧姆定律求解，注意做题前一定要理清电路，看电压表测的是什么电压，电流表测的是什么电流。理清电路， 确定电压表测的是什么电压，电流表测定的是什么电流，抓住电动势和内阻不变，采用局部整体 局部的方法，利用闭合电路电路的欧姆定律进

22、行分析；根据总分析电源总功率变化情况，由分析 消耗的功率。【解答】CD 的滑动触点向a 端移动时，增大，整个电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，外电压增大，即电压表示数U 增大，电压减小，、 并联电压增大，通过的电流 增大，即示数增大，而总电流 I 减小，则通过的电流减小，即示数 减小，故 C 正确； D 错误；A.电源的总功率 总，总电流 I 减小，电源的总功率减小，故A 正确；第9页，共 13页B.消耗的功率，总电流减小，消耗的功率减小，故B 错误；故选 AC。14.【答案】 AC【解析】解： A、B：根据闭合电路欧姆定律可知：，可见图象的纵轴截距即为电动势，图象斜率的绝对值即为电源

23、的内电阻r，由图象可得：电动势为：，内阻为：，故 A 正确， B 错误；C、当外电阻为0 时，电源短路，则短路电流短，故 C 正确；D、当时，由可得，故 D 错误故选： AC本题的关键要明确图象中图象斜率和纵轴截距的物理意义，可写出 U 与 I 的函数表达式， 再根据斜率与截距的概念即可求出电动势和内电阻的值本题应明确处理物理图象的思路是首先根据物理规律写出有关表示纵轴与横轴物理量的表达式，然后借助函数的概念明确斜率和截距的含义即可求解15.【答案】；【解析】【分析】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数； 螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；根据欧姆定律和电阻定律列

24、式求解游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读，对游标卡尺读数时，要注意游标尺的精度并掌握电阻定律与欧姆定律的应用【解答】由图 a 所示可知， 螺旋测微器固定刻度示数为，游标尺示数为，螺旋测微器示数为；由图所示可知，游标卡尺主尺示数为，游标尺示数为，游标卡尺示数为；根据欧姆定理根据电阻定律，有：解得：故答案为：；。第10 页，共 13页16.；E；F；【答案】【解析】【分析】根据电池电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表，为方便实验操作，在保证安全的前提下，要选择最大阻值较小的滑动变阻器；

25、应用描点法作出电源的图象；电源的图象与纵轴的交点坐标值是电源的电动势，图象斜率的绝对值是电源的内阻。本题考查了实验器材的选取、 作实验电路图、 求电动势与内阻， 知道实验器材的选取原则、 知道实验原理、掌握应用图象法处理实验数据的方法即可正确解题在计算电源的内阻的时候，一定要注意纵坐标的数值是不是从 0 开始的【解答】干电池电动势约为，电压表应选：E，根据实验数据得出最大电流为，因此电流表应选：C；干电池电动势约为，电流表量程为，电路最小电阻约为：，为方便实验操作，滑动变阻器应选： F ；根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示：由闭合电路欧姆定律可知，再由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势故电源的电动势为；而图象的斜率表示电源的内阻，；故答案为：； E；F；如图所示；07017.【答案】解：根据功能关系，可得：，电子射入偏转电场的初速度为：；在偏转电场中，电子的运动时间为：，偏转距离为：；答：忽略电子所受重力， 电子射入偏转电场时初速度，从电场射出时沿垂直版面方向的偏转距离；【解析】根据动能定理，即可求得加速的速度大小；依据类平抛运动处理规律，结合运动学公式，及运动的合成与分解，从而即可求解；第11 页，共 13页对于带电粒子在电场中的