2019年高考物理试卷山东卷

1、2011年普通高等学校招生全国统一考试（山东卷） 理科综合能力测试物理部分 第I卷 分）（必做，共88二、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 16了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。以下符合事实的是 A焦耳发现了电流热效应的规律 B库仑总结出了点电荷间相互作用的规律 C楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕 D牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动 答案：AB 解析：1840年英国科学家焦耳发现了电

2、流热效应的规律；库仑总结出了点电荷间相互作用的规律；法拉第发现了电磁感应现象，拉开了研究电与磁关系的序幕；伽利略通过将斜面实验合力外推，间接证明了自由落体运动的规律。 17甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道。以下判断正确的是 A甲的周期大于乙的周期 B乙的速度大于第一宇宙速度 C甲的加速度小于乙的加速度 D甲在运行时能经过北极的正上方 答案：AC 解析：对地球卫星，万有引力提供其做圆周运动的向心力，则有22?4Mmv2?mr?m?mrmaG?，可知半径越大速度越小，半径越大加速度越 n22rrT小，同步卫星的轨道与赤道共面，第一宇

3、宙速度为最大环绕速度，可见 A正确、C b 正确。 bva从从地面以初速度将小球将另一相同质量的小球竖直上抛的同时，如图所示，180hhh 处相遇（不计空气阻力）处由静止释放，两球恰在。则距地面 2 A两球同时落地h B相遇时两球速度大小相等2 vba 动能的增加量动能的减少量等于球 C从开始运动到相遇，球a ba 做功功率相等相遇后的任意时刻，重力对球做功功率和对球DC 答案：1h1hh22?tgt?vt?gt，相遇是甲的速度两式联立得则有，t解析：相遇时间为 0v22220hhg?gt?gvgt?v，故两者速度不一定相等、也不能同时落，乙的速度为为00vv00两球重力做功分别相遇之后的速度

4、不同，故重力的功率也不相同；根据动能定律，地，mghmgh? 、为正确。，故C22置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧19如图所示，将两相同的木块a、b所用细绳固定于墙壁。开始时a、b均静止。弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a ，b所受摩擦力F=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间受摩擦力F0fbfa F方向改变 B AF大小不变 fafa FD方向向右仍然为零 CFfbfbb a AD 答案：由受力分析可知两物体受到弹簧拉力解析：两物块相同，平衡且有摩擦力，则ab的拉力，若大小相等，方向相反，绳子对的拉力等于弹簧对b故当间此摩擦力小于最大静摩擦力，b受到得绳子拉力大小相等，绳对a拉力

5、大小等于受到的摩受到的摩擦力与弹簧拉力平衡，大小与ba断右侧细绳后，a受力情况不变， 擦力相等。 F F F F NNNN F FF F F F fafa F Fbfbmg mg mg mg 绳子剪断前受力分析 绳子剪断后受力分析 ，变电所需适时进行调压，图甲为调压变压器示意图。保为保证用户电压稳定在220V20上下移动时可改变输出电压。某次检测得到用户电不变，当滑动接头P持输入电压u1 t变化的曲线如图乙所示。以下正确的是压u随时间2?V2sin(50)t?190 A2?Vt)?1902sin(100 B2 P适当下移C为使用户电压稳定在220V，应将 适当上移为使用户电压稳定在220V，应

6、将PD用 u u12户 P 图甲 19012 -21t2190 图乙 BD ：答案 2190-2故用户得到电压的瞬时值电压的最大值为T=210Vs，解析：根据图像知周期为 ?Vsin(100)t?1902正确；用户获得电压为交流电的有效值，此时有效值B，为2nU11?，增大电压则需要减少原线圈的匝数P要适当上移，190V，根据变压比D为 nU22 正确。 为两电荷连线的中MN21如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，M 关ac三点所在直线平行于两电荷的连线，且与c垂线，a、b、 c a 点位于两电荷的连线上。以下判MN上，db于MN对称，点位于b 断正确的是 点场强dAb点场强大于d dBb点

7、场强小于点场强 Ca、bc两点间的电势差两点的电势差等于b、 点的电势能在a点的电势能小于在c+qD试探电荷BC 答案：N B点场强小于d点场强，解析：根据等量同种电荷的电场线分布可知bMNb两点的电势差等于、c两点间的电势差，C正确；a正确，A错误；由对称性可知、bDca点的电势能大于在点的电势能，+q左侧电势大于零，而右侧小于零所以试探电荷在 错误。 如图甲所示，两固定的竖直光滑金属导轨足够长且电阻不计。两质22 c、d，置于边界水平的匀强磁场上方同一高度、cd量、长度均相同的导体棒h 刚进入磁，cchh处。磁场宽为3，方向与导轨平面垂直。先由静止释放两导体棒与导轨始终保持良好接触。d场即

8、匀速运动，此时再由静止释放，h 3相对释放的加速度，表示a用cE、c分别表示x、x的动能，d表示ddkdcc 点的位移。图乙中正确的是 图甲 kkcOOOO x x xh x2h 2h 3h h 4h 432h h h h 25h h h 5h 34h h h h 34h 5h 5ddccD C B A 图乙 BD 答案：12gt?hgt?v棒进，解析：c导体棒落入磁场之前做自由落体运动，加速度恒为g,有c， 2棒做自由落体运动棒开始做自由落体运动，与c做匀速直线运动时，入磁场以速度vd2?h?2vt?hgt?棒进入cd棒在磁场中做匀速直线运动的路程为，的过程相同，此时加速度均为两导体棒仅受到

9、重力作用，c还没有传出磁场的过程，无电磁感应，磁场而棒切割磁感线产生电动势，在回路中棒穿出磁场，d正确。c棒穿出磁场，Bc，知道g电流、故电动势、棒速度大于dc进入磁场是切割磁感线的速度，产生感应电流，因此时棒减速，直到穿出磁场仅受重力，做匀加速运dc刚进入磁场时的大小，安培力都大于22gh?v2?v 正确。动，结合匀变速直线运动D，可知加速过程动能与路程成正比，0卷II第 152分）32分+选做分，共（必做120 【必做部分】 分）.23（12）某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案。如图所示，将一个小1（球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端。开始时小球和滑块均静止，剪断细绳

10、后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，x 挡板和滑块撞击挡板的声音，保持小球和滑可先后听到小球落地 h 块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音。用刻度尺测出小和沿斜面球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差hx 。（空气阻力对本实验的影响可以忽略）运动的位移 滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为_。H 。滑块与斜面间的动摩擦因数为_ 。以下能引起实验误差的是_ 滑块的质量a 当地重力加速度的大小b 长度测量时的读数误差c d小球落地和滑块撞击挡板不同时21xx)h?(cd 答案： HH22hx?12atx? 解析：滑动沿斜面做初速度为零的匀

11、加速直线运动，有，21xa2?gt?H ，所以。小球做自由落体运动，有Hg2?cos?singa?g. 对滑块受力分析，根据牛顿第二定律得222hxxh?1x?gg?g?)?(h 即解得A xHxH22hx?R c、d能引起实验误差。由分析知，V r E （）某同学利用图甲所示电路，探究了电源在不同负载下的输出功率。2S 图甲画出 所得实验数据如下图，请在给出的直角坐标系上(见答题卡)IU? 的图像。V U/1.56 1.80 1.86 1.84 1.64 1.96 U/V 0.55 0.25 0.15 0.35 I/A 0.45 0.05 AI?0.20U?I时电源的输出的图像，可求得电流

12、根据所画W 功率为_（保留两位有效数）。实验完成后，该同学对实验方案进行了反思，认为按图甲电路在图乙所进行实验操作的过程中存在安全隐患，并对电路重新设计。又能消示的电路中，你认为既能测出电源在不同负载下的输出功率，A I/除安全隐患的是 。（R阻值未知） x R Rxx AA R R R R A A V V V V RxS S S S d c a b 图乙 答案：如图所示 0.37（或0.36） bc U/V 解析：如图所示 由U-I图象可知，当I=0.2A时，U=1.84V。 2.1 由P=UI得：P=1.840.2W=0.368W 2.0 按图甲电路进行实验操作的过程中存在安全隐1.9 患

13、是：滑动变阻器的滑片移动到最右端时，相当于把电流表直接接在电源两极，会烧坏电流表。而图乙中的a仍然1.8 出现图甲的问题；b中的R在滑动变阻器的滑片移动时起x1.7 分流作用保护电流表；c中的R在滑动变阻器的滑片移动x1.6 到最右端时起限流作用保护电流表；d中的R在滑动变阻x器的滑片移动到最右端时，R与r串联相当于电源内阻，1.5 xI/A 0.2 0.4 0.6 0.7 0 0.5 0.3 0.1 等于直接把电流表接在电源两极。b、c正确。 24.（15分） 如图所示，在高出水平地面h=1.8m的光滑平台上放置一质量M=2kg、由两种不同材料连接成一体的薄板A，其右段长度l=0.2m且表面

14、光滑，左段表面粗糙。在A最右端放有可1视为质点的物块B，其质量m=1kg。B与A左段间动摩B 擦因数=0.4。开始时二者均静止，现对A施加F=20NA F 水平向右的恒力，待B脱离A（A尚未露出平台）后，l l 21将A取走。B离开平台后的落地点与平台右边缘的水平2）求： 。（取g=9.8m/s距离x=1.2m（1）B离开平台时的速度v。 Bh （2）B从开始运动到刚脱离A时，B运动的时间t和B位移x B（3）A左端的长度lx 2 答案：（1）2m/s （2）0.5s 0.5m （3）1.5m 解析：（1）B离开平台做平抛运动。 12gth? 竖直方向有 2x?vt 水平方向有 B g?x?v

15、v?2m/s 由式解得 代入数据求得 BBh2?mg?ma ）设B的加速度为a,由牛顿第二定律和运动学知识得 （2BBv?at BB12atx? BBB2t?0.5s 联立式，代入数据解得 Bx?0.5m B12vMvFl? B刚开始运动时A的速度为 ,由动能定理得 （3）设 1112a 设的加速度为B运动时AA?MamgF? 由牛顿第二定律和运动学知识有A12ta?x?vtl?1 1 BBB12A2m?1.5l2 1 联立?式，代入数据解得 2 25.（18分） 扭摆器是同步辐射装置中的插入件，能使粒子的运动轨迹发生扭摆。其简化模型如图：、II两处的条形匀强磁场区边界竖直，相距为L，磁场方向

16、相反且垂直纸面。一质量为m、电量为-q、重力不计的粒子，从靠近平行板电容 B B21，粒子U器MN板处由静止释放，极板间电压为I 经电场加速后平行于纸面射入区，射入时速度II 0 =30与水平和方向夹角P =B）当区宽度L=L、磁感应强度大小B（1011M 时，粒子从区右边界射出时速度与水平方向夹m 0 t，求B及粒子在区运动的时间角也为30-q 00Q 磁感应强度大小=LL=L（2）若区宽度12N ，求粒子在区的最高点与区的最低=BB=B021h 点之间的高度差L L L，为使粒子能返回区，B=B=L=L、（3）若L120112 应满足的条件B求2，且已保证了粒子能从区右边界射出。为使粒子从

17、区右边界射出LB，L（4）若B2211、LB、的方向与从区左边界射出的方向总相同，求B、112 B L之间应满足的关系式。 B221 I ?32mLII ?)L(2）（2 1答案：（）（3） 3qU23 L?LBB 2112L L L121 图R，区做圆周运动半径为在磁场II区的速度为v，解析：（1）如图1所示，设粒子射入磁场1由动能定理和牛顿第二定律得 12mv?qU 22vqvB?m 0R1R?L?L 由几何关系得 21 12mU?B 联立得 0Lq?R21T? t 设粒子在 I区做圆周运动周期为T，运动时间为 v?2t? 0360T ?Lm?t 联立式解得 23qUR，由牛顿第二定律得

18、区做圆周运动半径为 II（2）设粒子在磁场22vqBR?m 22R2 B B?tan?(R?R)(1?cosL)h?2 由几何知识得 121I II 23)?(2?Lh 联立式解得 3 （3）如图2所示，为使粒子能再次返回到I区应满足 ?Lsin?)R(1?1 1 2 3mU?B2 1 联立11式解得 2L L L q2L122 图?，由几何知区时速度与水平方向的夹角为I44（）如图3（或图）所示，设粒子射出磁场?)?L?R(sinL?R(sin?sinsin)或 13 识可得 1111?)?R)或L?(sinRL?(sin?sinsin 14 2222LLB?B 式解得11联立345 1 2

19、211 B B21I II L L L123 图 B B21 II I L L L124 图 【选做部分】 物理选修3-336.（8分）人类对物质属性的认识是从宏观到微观不断深入的过程。以下说法正确的1（是 。 a液体的分子势能与体积有关 b晶体的物理性质都是各向异性的 c温度升高，每个分子的动能都增大 d露珠呈球状是由于液体表面张力的作用 答案：a d 解析：物体体积变化时，分子间的距离将发生改变，分子势能随之改变，所以分子势能与体积有关，a正确。晶体分为单晶体和多晶体，单晶体的物理性质各向异性，多晶体的物理性质各向同性，b错误。温度是分子平均动能的标志，具有统计的意义，c错误。液体表面的张

20、力具有使液体表面收缩到最小的趋势，d正确。 （2）气体温度计结构如图所示。玻璃测温泡A内充有理想气体，通过细玻璃管B和水银压强计相连。开始时A处于冰水混合物中，左管C中水银面在O点处，右管D中水银面高出 O点h=14cm。后将A放入待测恒温槽中，上下移动D，使C中水银面仍在O点处，测得1D中水银面高出O点h=44cm。（已知外界大气压为1个标准大气压，1标准大气压相当于2 ）76cmHg 求恒温槽的温度。 内气体内能 此过程A （填“增大”或“减小” ） ，气体不对外做功，气体将 (填“吸热”或“放热”)。 答案：364K 增大 吸热 T?273KTA，由题意知设恒温槽的温度为内气体发生等容变

21、化 解析： 12B D PPO 12? 由查理定律得 A TT21C PP?PP?P?P? 橡胶管 h2h00121KT?364 联立式解得 2 理想气体的内能只由温度决定，A气体的温度升高，所以内能增大。W?Q?U 由热力学第一定律知，气体不对外做功，气体将吸热。37、（8分）（物理物理3-4） （1）如图所示，一列简谐波沿x轴传播，实线为t=0时的波形图，此时P质点向y轴负方1向运动，虚线为t=0.01s时的波形图。已知周期T0.01s。 2y 波沿x轴_(填“正”或“负”）方向传播。 A 求波速。 答案：正 100m/s 解析：t=0时，P质点向y轴负方向运动，由波的形成10 8 9 5 4 6 3 7 2 x/m 1 x轴正向传播。与传播知识可以判断波沿1?Tt?t?m8? 由题意知 12-A 8?v Ts100m/v? 联立式代入数据求得（2）如图所示，扇形AO