专项突破基因自由组合定律的特殊分离比问题

1、专项突破基因自由组合定律的特殊别离比问题1. “和为16的由基因互作导致的特殊别离化(1) 原因分析。序号条件F1(AaBb)自交后代比例F1测交后代比例1存在 种显性基因时表现为冋一性状，其余正常表现9 : 6 : 11 : 2 : 12两种显性基因同时存在时， 表现为一种性状，否那么表现 为另一种性状9 : 71 : 33当某 对隐性基因成对存在 时表现为双隐性状，其余正 常表现9 : 3 : 41 : 1 : 24只要存在显性基因就表现为15 : 13 : 1一种性状，其余正常表现(2)解题技巧。 看F2的表现型比例，假设表现型比例之和是 16,不管以什么样 的比例呈现，都符合基因的自由

2、组合定律。 将异常别离比与正常别离比 9 : 3 : 3: 1进行比照，分析合并 性状的类型。如比例为9 : 3 : 4,那么为9 : 3 : (3 : 1), 即卩4为两种性 状的合并结果。 根据具体比例确定出现异常别离比的原因。 根据异常别离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相 应表现型的比例。2. “和为16的显性基因累加效应导致的特殊别离比(1) 表现。白交|_ 6种表现型比例为1 ： J ： 6 ： 4 ： 1F (AaBb)测交* 3种表现型*比例为1 ： 2 ： 1(2) 原因：A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越 强。3. “和小于16的由基因致死导致的特殊别离

3、比(1)致死类型归类分析。显性纯合致死。F(白交百代.AaBb = Aabb : aaBb : aabb = 4 : a* AA和 2 ：八其余基因型个体致死BB 致死测交后代:AaBb : Aabb : aaBb : aabh=l ; 1 :1 ： 1Fi 自交后代s 6 (2AaBB + 4AaBb) : 3aaB_ *b, AA(或EE)致死2Aabb 1 aabb 或 6(2AABb+ 4AaBb):3 A bb 1 ZaaBb * laabb测交后代:AaBb ! Aabb : aaBb : aabb = 1 ； 1 ：隐性纯合致死。a. 双隐性Fi自交后代：A_B_ : A_bb

4、: aaB_ =致死9: 3 : 3b. 单隐性致死Fi自交后代：9A_B_ : 3A_bb(aa或 bb)或9A_B_ : 3aaB_(2 )致死类问题解题思路。笫一步：先将其拆分成别离定律单独分析。第二步：将单独分析结果再综合在一起，确定成活个体基因型、 表现型及比例。例题(2021唐山二模)某闭花受粉植物，茎的高度和花的颜色 受三对等位基因控制且符合自由组合定律， 现以矮茎紫花的纯合品种 作母本，以高茎白花的纯合品种作父本进行杂交实验，在相同环境条件下，结果发现Fi中只有一株表现为矮茎紫花(记作植株A)，其余表 现为高茎紫花。让 Fi中高茎紫花自交产生 F2有高茎紫花：高茎白 花：矮茎紫

5、花：矮茎白花=27 : 21 : 9 : 7。请答复：(1)由杂交实验结果可推测株咼受一对等位基因控制，依据是(2) 在F2中咼茎白花植株的基因型有 中，其中纯合子比例占。(3) 据分析，导致出现植株 A的原因有两个：一是母本发生了自 交，二是父本的某个花粉中有一个基因发生突变。为了确定是哪一种原因，让植株A自交，统计子代的表现型及比例。假设子代的性状为 ，那么是原因一；假设子代的性状为，那么是原因二。解析：(1)根据F2中，高茎：矮茎=3 : 1,可知株高是受一对等 位基因控制。(2)因为紫花：白花=9 : 7,假设紫花和白花受 A、a和B、b两 对基因控制，咼茎和矮茎受基因 D、d控制，根

6、据题干可知，紫花基 因型为A-B-;白花的基因型为A-bb、aaB 、aabb。所以高茎白花 植株的基因型 D-A-bb、D-aaB-、D-aabb，基因型有10种。其中1纯合子所占比例为7。F1为DdAaBb，如果是母本自交，那么植株 A的基因型为 ddAABB，其自交后代全为矮茎紫花；如果是父本有一个基因发生突 变，那么植株A的基因型为ddAaBb，其自交后代矮茎紫花：矮茎白花 =9 7。1答案：(1)F2中高茎：矮茎=3： 1 (2)10 7 (3)全为矮茎紫花矮茎紫花：矮茎白花=9 : 71等位基因 A、a 和 B、b 分别位于不同对的同源染色体上。让 显性纯合子(AABB)和隐性纯合

7、子(aabb)杂交得Fi，再让Fi测交，测 交后代的表现型比例为1 : 3。如果让Fi自交，那么以下表现型比例中， F2 代不可能出现的是 ()A . 13 : 3B. 9 : 4 : 3C. 9 : 7D. 15 : 1解析： 位于不同对同源染色体上说明遵循基因的自由组合定律，F1AaBb测交按照正常的自由组合定律表现型应是四种且比例为1 1 :1 ：1,而现在是1 : 3,那么F1自交后原本的9 : 3 : 3 : 1应是两种表 现型，有可能是9 : 7, 13 3或15 : 1，故A、C、D正确。而B中的3 种表现型是不可能的,故 B 错误。答案：B2. (2021温州联考)现用山核桃的

8、甲(AABB)、乙(aabb)两品种作 为亲本杂交得 F1, F1 测交结果如下表, 以下有关选项正确的选项是 ()测交类型测交后代基因型种类及比例父本母本AaBbAabbaaBbaabbF1乙1222乙F11111A. 正反交结果不同，说明该两对基因的遗传不遵循自由组合定律B. Fi自交得F2, F2的表现型比例是9 : 3 : 3 : 1C. Fi花粉离体培养，将得不到四种基因型的植株D. Fi产生的AB花粉50%不能萌发，不能实现受精解析：正反交结果均有四种表现型，说明该两对基因的遗传遵循 基因的自由组合定律，A错误；正常情况下，双杂合子测交后代四种 表现型的比例应该是 1 ： 1 ：

9、1 ： 1，而作为父本的 Fi测交结果为 AaBb : Aabb : aaBb : aabb= 1 : 2 : 2 : 2,说明父本 F1 产生的 AB 花粉有50%不能完成受精作用，那么F1自交得F2, F2的表现型比例不 是9 3 3 ：1, B错误、D正确；根据前面分析可知，F1仍能产生4种 花粉，所以F1花粉离体培养，仍能得到四种基因型的植株，C错误。答案：D3. 2021海淀区期末雕鸮的羽毛绿色与黄色、条纹和无纹分别 由两对常染色上的两对等位基因控制，其中一对显性基因纯合会出现 致死现象。绿色条纹与黄色无纹雕鸮交配，F1绿色无纹和黄色无纹雕鸮的比例为1：1。F1绿色无纹雕鸮相互交配后

10、，F2绿色无纹：黄 色无纹：绿色条纹：黄色条纹=6 : 3 : 2 : 1,据此做出的判断，不正 确的是A .绿色对于黄色是显性，无纹对条纹是显性，绿色基因纯合致B. Fi绿色无纹个体相互交配，后代有 3种基因型的个体致死C. F2黄色无纹的个体随机交配，后代中黄色条纹个体的比例为18D. F2某绿色无纹个体和黄色条纹个体杂交，后代表现型比例可能不是1 ： 1 ： 1 ： 1解析：由分析可知，绿色对于黄色是显性，无纹对条纹是显性，绿色基因纯合致死，A正确；由以上分析可知绿色显性纯合致死，那么F2中致死基因型有 AABB、AABb、AAbb , B正确；让F2中黄色无纹个体1aaBB、2aaBb

11、随机交配，那么出现黄色条纹个体aabb的概率2 2 11为3X3乂4= 9, C错误；让F2中某绿色无纹个体AaBB或AaBb和黄色条纹个体aabb杂交，F2中后代表现型比例可能是1 ：1或1 ： 1 ： 11, D 正确。答案：C4. 2021青州质检某种植物的花色由两对独立遗传的等位基因Aa和Bb控制。A基因控制红色素合成AA和Aa的效应相同,B 基因为修饰基因，淡化花色的深度BB使红色素完全消失，Bb使红 色素颜色淡化。现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如下：请答复：(1)该植物控制花色的两对基因的遗传遵循 定律。这两组杂交实验中，白花亲本的基因型分别是 。(2)第 1 组的 F2 所有

12、个体再进行自交，产生的后代表现型及比例 应为。(3) 第2组F2中红花个体的基因型是 , F2中的红花个体与粉红花个体随机杂交，后代开白花的个体占 。(4) 从第 2 组 F 2中取一红花植株，请你设计实验，用最简便的方法来鉴定该植株的基因型 (简要答复设计思路即可 )。 解析： (1)根据题意可知，两对基因独立遗传，因此两对基因的 遗传遵循基因的自由组合定律。 第 1 组中，纯合白花 (AABB 或 aaBB 或aabb) x纯合红花(AAbb)-粉红色花(A_Bb) , Fi自交后代出现1 : 2 : 1的别离比，说明Fi的基因型为AABb，那么白花亲本的基因型 为 AABB ；第 2组中

13、， 纯合白花 (AABB 或 aaBB 或 aabb)x 纯合红花AAbb-粉红色花A_Bb , Fi自交后代性状别离比为 3 : 6 :乙是9 : 3 : 3 1的变式，说明Fi的基因型为AaBb，那么白花亲本的基因型为 aaBB。2第1组的FiAABb自交所得F2为AABB白花：AABb粉红1 1 1 色：AAbb红色=1 : 2 1,其中4AABB和4AAbb能稳定遗传，21 1 1AABb自交后代出现性状别离 4AABB、2AABb、4AAbb，所以F21 1 1 1 1中表现型及比例为红花：粉红色：白花=4+ 2X4 : 2X 2 ：1 1 14 + ?X 4 = 3 : 2 : 3

14、。1第2组的F1AaBb自交所得F2为A_B_ AABB、22421AaBB、AABb、AaBb : A_bb Aabb、AAbb121aaB_ 16aaBB、aaBb ：aabb = 9 : 3 : 3 1,其中红花个体的基因2 1 2 1型及比例为16Aabb、16AAbb，即3Aabb、3AAbb，粉红花个体的基2412因型及比例为16AABb、16AaBb，即3AABb、3AaBb，红花个体与1粉红花个体随机杂交，后代开白花1- A_bb A_Bb的个体占9。4验证一株红花植株A_bb的基因型，可采用测交法，也可采用自交法，其中自交法最简便，即让该植株自交，观察后代的花色。答案：1基因

15、的自由组合基因的别离和自由组合AABB、1 aaBB (2)红花：粉红花：白花=3 : 2 : 3 (3)AAbb 或 Aabb 9(4)让该植株自交，观察后代的花色5. (2021深圳一模)某种植物的花色同时受 A、a与B、b两对基 因控制。基因型为 A_bb的植株开蓝花，基因型为 aaB_的植株开黄 花。将蓝花植株(早)与黄花植株(谷)杂交，取Fi红花植株自交得F2。 F2的表现型及其比例为：红花：黄花：蓝花：白花= 7 : 3 ： 1 ： 1o(1) Fi红花的基因型为 上述每一对等位基因的遗传遵循律。(2) 对F2出现的表现型及其比例有两种不同的观点加以解释。观点一：Fi产生的配子中某种雌雄配子同时致死。观点二：Fi产生的配子中某种雌配子或雄配子致死。你支持上述观点 ，基因组成为的配子致死；F2中蓝花植株和亲本蓝花植株的基因型分别是 。解析：由题意知，A_bb与aaB_杂交，子一代一定含有a、b基 因，红花植株自交，得到子二代有蓝花(A_bb)、黄花(aaB_)，因此子 一代既含有 A基因，也含有 B基因，子一代红花植株的基因型是 AaBb，子一代自交后代的性状别离比是 7 : 3： 1 ：1，组合方式是12 种，所以子一代产生的可育配子是 3种和4种，即雌配子或雄配子出 现致死现象。(1) 由分析可知，子一代红花植株的基因型是AaBb。(2) 如果没有配子致死