2019-2020学年甘肃省武威一中高二(上)段考物理试卷(10月份)

1、2019-2020 学年甘肃省武威一中高二（上）段考物理试卷（10 月份）一、单选题（本大题共8 小题，共 40.0 分）1.从地面以的抛射角抛出一个质量为m 的小球，小球到达最高点时，动能为不考虑空气阻力，取地面为零重力势能为零，则物体在离开地面h 高处的机械能为A. 4EB. 3EC.D.2.用轻绳拴一个质量为m 的小球以加速度a 向上提升一段距离 s，则拉力对小球做的功为A. mgsB.C. masD.3.如图甲所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰。小球的质量分别为和图乙为它们碰撞前后的位移时间 图象。已知。由此可以判断A. 碰前静止，向右运动B. 碰后和都向右运动C.D. 碰撞过程中系

2、统损失了的机械能4. 质量为 m 的物体自由下落，不计空气阻力，在ts 内，重力对物体做功的平均功率是A.B.C.0D.5.如图所示、一个带正电的粒子沿曲线从a 到 b 越过匀强电场，则以下说法正确的是A.C.电场力做正功，电势能增大电场力做负功，电势能增大B.D.电场力做正功，电势能减少电场力做负功，电势能减少6. 以下粒子都从静止开始经过相同电压加速后，速度最大的是A.B.C.D.7.如图，甲图中虚线是点电荷产生电场的等势面，乙图是匀强电场电场中各有a、 b 两点，则A.B.甲图中两点的场强E 相同，电势也相同乙图中两点的场强E 相同，电势也相同C. 甲图中，带电粒子在两点间移动，电场力做

3、功为零D. 乙图中，带电粒子在两点间移动，电场力做功为零第1页，共 8页8.平行板电容器A、 B 两板加上如图所示的交变电压，开始A 板电势比B 板高，这时两极板中间原来静止的电子在电场力作用下开始运动，设电子运动不与极板相碰，以下说法正确的是不计电子的重力A.B.C.先向 A 运动，然后向B 运动，再返回A 板做周期性来回运动一直向 A 板运动一直向 B 板运动D. 先向 B 运动，然后向 A 运动，再返回 B 板做周期性来回运动二、多选题（本大题共 5 小题，共 25.0 分）9.如图所示， 足够长的木板P 静止于光滑水平面上，小滑块 Q 位于木板P 的最右端， 木板 P 与小滑块 Q之间

4、的动摩擦因数，木板 P 与小滑块Q 质量相等，均为。用大小为6N、方向水平向右的恒力 F 拉动木板 P 加速运动 1s后将其撤去，系统逐渐达到稳定状态，已知重力加速度g 取，下列说法正确的是A.B.C.D.木板 P 与小滑块Q 所组成的系统的动量增加量等于拉力F 的冲量拉力 F 做功为 6J小滑块 Q 的最大速度为整个过程中，系统因摩擦而产生的热量为3J10. 带有 光滑圆弧轨道质量为 M 的滑车静置于光滑水平面上，如图所示，一质量为 m 的小球以速度 水平冲上滑车，当小球上行再返回并脱离滑车时，以下说法正确的是A.C.小球一定水平向左作平抛运动小球可能作自由落体运动B.D.小球可能水平向左作

5、平抛运动小球可能向右作平抛运动11. 如图所示，将充好电的平板电容器与静电计连接，静电计指针偏转的角度为 在如下的变化中正确的是A.B.C.D.增大极板的距离，a 变大错开两个极板距离保持不变， a 变小极板间插入陶瓷，a 变小极板间插入陶瓷，a 不变12. 如图所示的电场中，在 A 点静止的释放一个带电粒子，正确的是A. 释放的是电子，电子将向B 点运动B. 释放的是质子，质子将向B 点运动第2页，共 8页C. 释放的是正电荷，要使其向B 点运动，必须施加一个指向C 的外力D. 释放的无论是正电荷还是负电荷，若自由运动，电场力都将做正功13. 一个电子以初速度从中线垂直进入偏转电场，刚好离开

6、电场，它在离开电场后偏转角正切为下列说法中正确的是A. 如果电子的初速度变为原来的2 倍，则离开电场后的偏转角正切为B. 如果电子的初速度变为原来的2 倍，则离开电场后的偏转角正切为C.D.如果偏转电压变为原来的倍，则离开电场后的偏转角正切为如果偏转电压变为原来的倍，则离开电场后的偏转角正切为1三、计算题（本大题共1 小题，共17.0 分）14.如图所示，质量为m、带电荷量为的小球在光滑导轨上运动，导轨左边为斜轨，右边为半圆形滑环，其半径为小球在 A 点时的初速度为，方向和斜轨平行，整个装置放在方向竖直向下、场强为E 的匀强电场中，斜轨的高度为 h，试问：如果小球能到达B 点，那么小球在B 点

7、对半圆环的压力多大？在什么条件下小球可以沿半圆环做匀速圆周运动到达最高点，这时小球的速度多大？四、简答题（本大题共1 小题，共18.0 分）15. 如图所示， ABCD 是一个正方形盒子， CD 边的中点有一个小孔 O，盒子中有沿 AD 方向的匀强电场，场强大小为粒子源不断地从 A 处的小孔沿 AB 方向向盒内发射相同的带电粒子，粒子的质量为m，带电量为 q，初速度为，在电场作用下，粒子恰好从O 处的小孔射出；带电粒子的重力和粒子间的相互作用力均可忽略求：正方形盒子的边长？ 用 m，q， E 表示该带电粒子从O 孔射出时的速率？ 用表示第3页，共 8页答案和解析1.【答案】 A【解析】解：由动

8、能公式可知，最高点处的速度；因水平方向不受外力，故水平速度不变，则由运动的合成与分解可知，抛出点的速度；在水平面上物体的机械能为：；由于只有重力做功，故机械能守恒；小球在h 高处的机械能仍为4E；故选： A。由动能的公式可求得最高点处的速度，再由运动的合成与分解可求得抛出点的速度；由机械能守恒可求得h 高处时的机械能本题考查机械能守恒定律的应用，要注意正确分析零势能面，求出地面上的机械能即可求得任意时刻的机械能2.【答案】 B【解析】解：根据牛顿第二定律得：解得：则拉力对小球做的功故选： B根据牛顿第二定律求出拉力大小，再根据即可求解本题主要考查了牛顿第二定律及恒力做功公式的直接应用，知道公式

9、中的位移为该力的方向上的位移，难度不大，属于基础题3.【答案】 A【解析】解：A、由图象的斜率等于速度，可得，碰前速度，碰前速度，则知碰前静止，向右运动，故A 正确。BC、碰后速度为，向左运动。碰后的速度，向右运动。根据动量守恒定律得。代入数据解得：。故 BC 错误；D、两物体组成的系统在碰撞过程中的机械能损失为：，所以碰撞过程是弹性碰撞。故D 错误。故选： A。位移时间 图象的斜率等于速度，由数学知识求出碰撞前后两球的速度，分析碰撞前后两球的运动情况。根据动量守恒定律求解两球质量关系，由能量守恒定律求出碰撞过程中系统损失的机械能。本题首先考查读图能力，抓住位移图象的斜率等于速度是关键；其次要

10、注意矢量的方向。4.【答案】 A【解析】解：物体自由下落的高度为：重力对物体做的功为：第4页，共 8页重力对物体做功的平均功率为：故选： A。根据自由落体运动的规律求出下落的高度，求出重力所做的功，根据求出平均功率功率公式有和，前者只能求出平均功率，而后者即可求平均功率也可求瞬时功率5.【答案】 B【解析】解：由于正电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧，电场力方向与电场方向一致，从 a 到 b 电场力做正功，电势能减小，故 B 正确， ACD 错误；故选： B由于电荷只受电场力作用， 电场力将指向运动轨迹的内侧 则电场力一定水平向右， 同时注意电场线方向，由电场力做功判断能量变化题就

11、是对电场力做功特点的考查，掌握住电场力做正功，电势能减小，动能增加，电场力做负功时，电势能增加，动能减小6.【答案】 A【解析】解：设粒子的电量为q，质量为m，则由动能定理得则可知；则可知，比荷最大的粒子速度最大，故获得的速度最大，故 A 正确， BCD 错误。故选： A。粒子从静止状态经过电压为U 的电场加速过程，电场力做功为，比较各粒子的比荷即可明确速度最大的粒子本题是电场加速运动问题，运用动能定理求解，对于匀强电场，也可以由牛顿运动定律和运动学规律结合求解，同时还要注意明确元素表达式的意义7.【答案】 C【解析】【分析】场强是矢量，有大小又有方向，场强相同，既要看大小，也要看方向电场力做

12、功，根据公式 ，可知跟两点间的电势差有关系，两点间电势差为零，不做功根据电场的对称性，电场线与等势面垂直，沿电场线的方向，电势降低，可以分析解决本题【解答】A、场强是矢量，甲图中两点的场强大小相等，但方向不同故A 错；B、乙图是匀强电场，所以两点的场强大小相等，方向也相同，但沿着电场线电势要降低，故两点的电势不等故 B 错；C、甲图中两点在同一个等势面上，在同一等势面上移动电荷，电场力不做功故C 正确；D、乙图中两点的电势不等，有电势差，根据在两点间移动电荷，电场力要做功故D 错故选 C8.【答案】 B【解析】解：在前半个周期内，A 板的电势高，电场的方向向左，电子受到的电场力方向水平向右，向

13、右做匀加速直线运动，第二个半周期内，电子所受的电场力水平向左，电子向右做匀减速直线运动，末速度减为零，然后重复之前的运动，可知电子一直向A 运动位移一直增大第5页，共 8页故选： B根据 AB 两极板电场的变化， 分析电子所受电场力的变化，结合加速度与速度方向的关系判断其运动性质由于电场方向不断变化，粒子运动情况比较复杂，分析清楚粒子的运动过程是正确解题的关键9.【答案】 ACD【解析】解： A、对系统由动量定理：共，即木板 P 与小滑块 Q 组成的系统的动量增量一定等于拉力F 的冲量，故A 正确；B、若木板P 与小滑块Q 相对静止一起加速运动，则拉力F 不能超过，拉力 F 为 6N，大于4N

14、，故二者发生相对滑动，对木板P 由牛顿第二定律：，解得， 1s内木板 P 的位移，拉力 F 做功，故 B 错误；C、二者共速时，小滑块Q 的速度最大，共，解得共；故 C 正确；D、整个过程中，对系统由能量守恒可知共，解得，故 D 正确；故选： ACD。分析系统的受力情况，根据动量定理确定冲量关系；根据临界条件确定拉力为6N 时二者是否发生相对滑动，再根据动力学公式确定位移，从而确定拉力的功；根据动量定理确定最大速度，根据功能关系即可确定因摩擦产生的热量。此题关键是要搞清物体运动的物理过程，尤其是关注共速时的状态，结合牛顿定律、动量定理及能量守恒关系分析解答。10.【答案】 BCD【解析】【分析

15、】该题主要考查动量守恒相关知识。解决本题的关键知道小球和小车组成的系统在水平方向上动量守恒会根据动量守恒定律进行分析。小球和小车组成的系统， 在水平方向上动量守恒， 小球越过圆弧轨道后， 在水平方向上与小车的速度相同，返回时仍然落回轨道，根据动量守恒定律判断小球的运动情况。【解答】小球滑上滑车，又返回，到离开滑车的整个过程，相当于小球与滑车发生弹性碰撞的过程。选取小球运动的方向为正方向，由动量守恒定律得：由机械能守恒得：整理得：如果，小球离开滑车向左做平抛运动；如果，小球离开小车的速度是0，小球将做自由落体运动；如果，小球离开小车向右做平抛运动。故A 错误， BCD 正确。故选 BCD。11.

16、【答案】 AC【解析】解：A、电容器未与电源相连，电量保持不变，根据，增大两极板间的距离，电容C 变小，根据知，电势差增大，所以a 变大。故A 正确。第6页，共 8页B、根据，错开两个极板距离保持不变，电容 C 变小，根据知，电势差增大， 所以 a 变大。故 B错误。C、根据，极板间插入陶瓷，电容增大，根据知，电势差变小，所以a 变小。故 C 正确， D错误。故选： AC。静电计测量的是电容器两端间的电势差，电容器未与电源相连，电量保持不变，根据，判断电容的变化，然后根据判断电势差的变化解决本题的关键抓住电容器电量保持不变，根据电容的变化，判断电势差的变化12.【答案】 AD【解析】解：A、当

17、电场线是直线时，由静止释放仅在电场力作用下，运动轨迹与电场线重合，如果是电子，电场力与电场方向相反，故向B 点运动，故A 正确；B、若释放的是质子，电场力方向与电场方向相同，故向C 点移动。故B 错误；C、质子是正电荷，故电场力方向与电场方向相同，故向C 点移动。要使其向B 点运动，必须施加一个指向 B 的外力，故C 错误；D、自由移动带电粒子仅在电场力作用下一定做正功，故D 正确；故选： AD 。带电粒子在恒定电场中，仅在电场力作用下，由静止释放， 若电场线是直线， 则运动轨迹与电场线重合若是匀强电场则运动轨迹沿着电场线方向且与等势面垂直由于在电场力作用下运动，电场力可能做正功也可能做负功，

18、所以电势能不一定减小静止释放的带电粒子仅在电场力作用下运动时，电场力一定做正功，运动方向与受力方向相同，此时应该考虑正负电荷两种情况，属于易错题目13.【答案】 BC【解析】解：电子做的是类平抛，设偏转角为，则偏转角的正切值为，A、根据偏转角的表达式可知，当其他的物理量不变，只是电子的初速度变为原来的2 倍时，离开电场后的偏转角正切值将变为原来的，即为，所以 A 错误， B 正确；C、根据偏转角的表达式可知，当其他的物理量不变，只是偏转电压变为原来的倍时，离开电场后的偏转角正切值将变为原来的，即为，所以 C 正确， D 错误；故选： BC。电子在电场中做的是类平抛运动，根据类平抛运动的规律表示出电子的偏转角的正切值再分析即可解决本题的关键就是根据偏转角的定义，找出偏转角的表达式，逐项分析即可14.到 B 过程电场力与重力做功，根据动能定理有：【答案】