2021届高考物理二轮复习第2部分考前冲刺方略专题一三大题型解题方略第1讲“十法”秒杀选择题

1、专题一 三大题型解题方略第 1 讲 “十法秒杀选择题选择题是当前高考必备的题型之一， 主要考查对物理概念、 物理现象、 物理过程和物理规律 的认识、判断、辨析、理解和应用等，具有信息量大、知识覆盖面广、干扰性强、命题灵活 性强、层次丰富、能考查学生的多种能力等特点要想迅速、准确地解答物理选择题，不但 要熟练掌握和应用物理的根本概念和规律， 还要掌握以下解答物理选择题的根本方法和特殊 技巧方法一 直接判断法 通过观察题目中所给出的条件，根据所学知识和规律推出结果，直接判断，确定正确的选 项直接判断法适用于推理过程较简单的题目， 这类题目主要考查学生对物理知识的记忆和 理解程度，如考查物理学史和物

2、理常识的试题等 典例 1 ( 多项选择 )1820 年，奥斯特发现了电流的磁效应， 1831 年法拉第发现了电磁感应现 象，这两个发现在物理学史上都具有划时代的意义，围绕这两个发现，以下说法正确的选项是( )A. 电流磁效应的发现从相反的角度对法拉第发现电磁感应现象具有启发意义B. 可以推断出，在法拉第发现电磁感应现象的年代，已经创造了电池C. 电磁感应的发现为大规模发电提供了理论根底D. 电磁感应的发现为解释地球磁场的形成提供了理论方向解析 电流产生磁场的现象叫做电流的磁效应，利用磁场产生电流的现象叫做电磁感应现 象，所以选项A正确.电流的磁效应比电磁感应现象发现得早，而发现电流的磁效应时需

3、要有持续的电流，说明当时已经创造了电池，选项 B正确.电磁感应现象的发现，说明大量的 机械能可以通过磁场转化为电能，所以为大规模的发电提供了理论根底，选项C正确.解释地球磁场的形成需要知道磁场形成的原因， 电流磁效应的发现为解释地球磁场的形成提供了 理论方向，选项 D错误.答案 ABC点评 物理学史是考试内容之一，熟记牛顿、伽利略、卡文迪许、库仑、法拉第等物理学家 的成就，直接作出判断. 即学即用 1.在物理学开展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程.在对以下几 位物理学家所做科学奉献的表达中，正确的说法是 ()A. 英国物理学家牛顿用实验的方法测出了引力常量GB. 第谷接受了

4、哥白尼日心说的观点，并根据开普勒对行星运动观察记录的数据，应用严密的数学运算和椭圆轨道假说，得出了开普勒行星运动定律C. 亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快D. 胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比解析：选D.牛顿提出了万有引力定律及引力常量的概念，但没能测出G的数值，G的数值是由卡文迪许通过实验得出的，故A错误.开普勒接受了哥白尼日心说的观点，并根据第谷对行星运动观察记录的数据， 应用严密的数学运算和椭圆轨道假说，得出了开普勒行星运动定律，故B错误.亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体比轻物体下落得快，故C错误.胡克认为

5、只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比，故D正确.方法二筛选排除法筛选排除法就是通过对物理知识的理解，对物理过程的分析或计算， 将明显错误或不合理的选项一一排除的方法筛选排除法主要适用于选项中有相互矛盾、相互排斥或有完全肯定、 完全否认的说法的单项选择选择题.典例2如下图，以 MN PQ为边界的区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁场宽为2L,高为L的正三角形闭合金属框由粗细均匀的电阻丝围成，在外力作用下由图示位置被水平向右匀速拉过磁场区域，ab边平行MN且垂直金属框运动方向，取逆时针方向为电流的正方向，那么金属框中的感应电动势E、感应电流I，所施加的外力 F及外力的功率 P随位移

6、x的变化关系图正确的选项是xxxx!|< 解析 金属框进入磁场的过程中，穿过金属框的磁通量增加，由楞次定律可知此过程中感应电流为逆时针方向，而此过程金属框切割磁感线的有效长度I = 2x tan 30°均匀增加，完全进入磁场后，穿过金属框的磁通量不变，回路中无感应电流和感应电动势，排除A选项;0L位移内，因金属框做匀速直线运动，所以F外=F安=BII = BRV= 4BRXytan 230°,即外力随位移的增大而非线性增大，排除C选项；0L位移内，外力的功率P= F 外 v=2 2 24Bx vtan 230°,即外力的功率随位移的增大而非线性增大，排除D选

7、项；所以B选项正确.答案 B点评 运用排除法解题时，对于完全肯定或完全否认的说法，要抓住“一定、“一定不等关键词语，通过举例正例或反例的方式进行判断；涉及图象变化问题通常从大小、方向两个角度排除，对于相互矛盾或者相互排斥的选项，那么最多只有一个是正确的，要学会从不同方面判断或从不同角度思考与推敲.即学即用2如图甲所示，两根电阻不计的光滑金属导轨竖直放置，导轨上端接电阻R,宽度相同的水平条形区域I和n内有方向垂直导轨平面向里的匀强磁场B,i和n之间无磁场.一导体棒两端套在导轨上，并与两导轨始终保持良好接触，导体棒从距区域I上边界 H处由静止释放，在穿过两段磁场区域的过程中，流过电阻R上的电流及其

8、变化情况相同.图乙的四个图象中能定性描述导体棒速度大小与时间关系的是甲解析：选C.MN棒先做自由落体运动，当到I区磁场时由四个选项知棒开始减速说明 F安mg由牛顿第二定律得， F安一mg= ma减速时F安减小，合力减小，a也减小，速度图象中 图线上各点切线斜率减小； 可排除选项 B D.离开I区后棒做加速度为 g的匀加速直线运动， 随后进入n区磁场，因棒在穿过两段磁场区域的过程中，流过电阻R上的电流变化情况相同，那么在n区磁场中运动情况与I区磁场中完全相同，切线斜率减小，故排除选项A,所以只有C项正确.方法三图象思维法图象思维法是根据各物理量间的关系，作出表示物理量之间的函数关系的图线，然后利

9、用图线的交点、图线的斜率、图线的截距、图线与坐标轴所围几何图形的“面积等代表的物理 意义对问题进行分析、推理、判断或计算，其本质是利用图象本身的数学特征所反映的物理 意义解决物理问题，或者根据物理图象判断物理过程、物理状态、物理量之间的函数关系和求解某些物理量.典例3如下图，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道， 置于竖直平面内，MN是通过椭圆中 心0点的水平线.一小球从 M点出发，初速率为 V。，沿管道MPN!动，到N点的速率为 W,所需时间为ti;假设该小球仍由M点以初速率vo出发，而沿管道 MQNi动，至U N点的速率 为V2，所需时间为t 2，那么 A. Vi= V2, t i>tB.

10、Vi<V2, t i>tC. V1= V2, t 1<t2 D . V1<V2 , t i<t 2解析由于椭圆形管道内壁光滑，球不受摩擦力作用，因此小球从M到N过程机械能守恒，由于M N在同一高度，根据机械能守恒定律可知，小球在M N点的速率相等，B、D项错误；小球沿MPN!动的过程中，速率先减小后增大，而沿 MQN!动的过程中，速率先增大后 减小，两个过程运动的路程相等，到N点速率都为V。，根据速率随时间变化关系图象可知，由于两图象与时间轴所围面积相等，因此t i>t2, A项正确，C项错误.答案 A点评 图象、情境、规律是解图象问题不可分割的三个要素.要

11、把物理规律和物理图象相结合，才能真正理解图象中斜率、 交点、截距以及图线和坐标轴所围面积的实际物理意义.图 象中的图线是直线， 尽可能写出横、纵坐标代表的两个物理量间的函数关系，通过与图象中的斜率、截距以及图线和坐标轴所围面积比拟就可得出相关结论.即学即用3.多项选择如图，游乐场中，从高处 A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道.甲、乙两小 孩沿不同轨道同时从 A处自由滑向B处，以下说法正确的有A. 甲的切向加速度始终比乙的大B. 甲、乙在同一高度的速度大小相等甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D.甲比乙先到达 B处解析：选BD.根据机械能守恒定律,度甲、乙的速度大小相等，B项正确；甲开始的切向加

12、速度比乙的大，且这个加速度在竖直方向的分加速度也大，因此开始时 甲在竖直方向的分运动比乙的竖直方向的分运动快从如下图的速率一时间图象可以判 断，甲先到达 B点，D项正确，应选 B D.方法四特殊值法有些选择题展示出一般情形，计算难度比拟大，甚至不能用现有物理规律进行准确计算, 针对题设条件选择一些能反映量与未知量数量关系的特殊值代入有关表达式进行推算, 依据结果对选项进行判断，从而得出结论.典例4如下图，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为e的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行.在斜面体以加速度 a水平向右做匀加速直线运动的过程中,球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力Ft和斜面的支持

13、力Fn分别为重力加速度为g)(A.Ft= mgsi ne + acose)Fn= mgcose asi ne)B.Ft= m( gcose + asi ne)Fn= m(gsi ne acose)C.Ft= m( acose gsi ne)Fn= mgcose + asi ne)D.Ft= m asi ne gcose)Fn= mgsi ne + acose)解析取特例a=0,贝U Ft= mgsin e , Fn= mopos e .将a到上述结果，故只有 A正确.=0代入四个选项，只有 A项可得Fl 和 F2( Fl 和 F2答案 A点评 以上解析用非常规解法，巧取特例轻松妙解，特例赋值法

14、一般对通解表达式很奏效.即学即用4.如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上.假设要使物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定的范围，其最大值和最小值分别为 的方向均沿斜面向上.由此可求出物块与斜面间的最大静摩擦力为A. ? B . 2F2F1+ F22解析：选C.取Fi = F2工0,那么斜面光滑，最大静摩擦力等于零，代入后只有C满足.方法五二级结论法二级结论是由根本规律和根本公式导出的推论.熟记并巧用一些二级结论可以使思维过程简化，节约解题时间非常实用的二级结论有：1平抛运动速度方向的反向延长线过水平位移的中点；2不同质量和电荷量的同性带电粒子由静止相继经过相同的加速电

15、场和偏转电 场，轨迹重合；3直流电路中动态分析的“串反并同结论； 4带电平行板电容器与电源 断开，改变极板间距离不影响极板间匀强电场的场强.典例5多项选择如下图，电源电动势为E,内阻为r.电路中的R2、R3分别为总阻值一定的滑动变阻器，R为定值电阻，R为光敏电阻其电阻随光照强度增大而减小 当开关S闭 合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态.以下说法中正确的选项是A. 只逐渐增大对 R的光照强度，电阻 R消耗的电功率变大，电阻 R中有向上的电流B. 只调节电阻R的滑动端P2向上端移动时，电源消耗的电功率变大，电阻R中有向上的电 流C. 只调节电阻 R的滑动端Pi向下端移动时，电压表示数变大，带

16、电微粒向下运动D. 假设断开开关S,带电微粒向下运动解析 当逐渐增大光照强度时，光敏电阻 R的阻值减小，依据“串反并同可知电流 I增 大，贝U Pr增大，UC增大，Q= CU增大，即电容器充电，F3中有向上的电流，A正确；当P 向上移动时，UC不变，R中没有电流，故 B错误.当P向下移动时，I不变，但UC变大，EC =¥变大，电场力Fc= VC变大，微粒向上运动，故 c错误假设断开开关s,电容器放电，ucdd降为0,那么微粒只受重力作用而向下运动，故答案 AD点评有些二级结论只在一定的条件下成立， 合题给物理情境.D正确.在使用这些二级结论时，必须清楚结论是否适即学即用5如下图的电路

17、中，电源电动势为E,内阻为r, C为电容器，电流表均可视为理想电表闭合开关S后，在将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中A_A. 电流表A的示数变小，电压表 V的示数变大B. 小灯泡L变暗C. 通过定值电阻 R的电流方向自右向左D. 电源的总功率变大，效率变小解析：选D.当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，滑动变阻器接入电路的有效电阻减小，由“串反并同知，电流表的示数将增大，电压表示数将减小， 小灯泡L变亮，电源总功率增大，电源内电压增大，选项A、B错误；电容器两端电压即电压表示数，由Q= CU知电容器将放电，通过定值电阻 R的电流方向自左向右，选项C错误；因电源内电压增大，所以路U端电压减小，由

18、 n = ex 100%电源效率变小，选项D正确.方法六对称法对称分析法就是利用物理现象、物理过程具有对称的特点来分析解决物理问题的方法.常见的应用：1运动的对称性，如竖直上抛运动中物体向上、向下运动的两过程中同位置处速 度大小相等，加速度相等；2结构的对称性，如均匀带电的圆环，在其圆心处产生的场强 为零；3几何关系的对称性，如粒子从某一直线边界射入磁场，再从同一边界射出磁场时，速度与边界的夹角相等；4场的对称性，等量同种、异种电荷形成的场具有对称性；电流 周围的磁场，条形磁铁和通电螺线管周围的磁场等都具有对称性.典例6如下图，带电荷量为+ q的均匀带电半球壳的半径为R, CD为通过半球顶点

19、C与球心0的轴线，P、Q为CD轴上在球心 0点两侧、与0点距离相等的两点.如果是带电荷 量为qo的均匀带电球壳，其内部电场强度处处为零，电势都相等.那么以下判断正确的选项是A. P点的电势与Q点的电势相等B. P点的电场强度与 Q点的电场强度大小相等C. 在P点由静止释放带正电的微粒 重力不计，微粒将做匀加速直线运动D. 带正电的微粒在 0点的电势能为零解析 由对称性可知半球壳右侧的电场线沿CD方向的一定是向右，故 P点的电势一定高于Q点，选项A错误；根据对称性，假设在 O点的右侧再放置一同样的半球壳组成圆形球壳，那么P、Q两点的场强为零，即右半局部球壳在P点的场强大小等于左半局部球壳在P点的

20、场强大小，由对称性可知，左半局部球壳在 Q点的场强大小等于右半局部球壳在P点的场强大小，故左半局部球壳在 P点的场强大小等于左半局部球壳在Q点的场强大小，选项 B正确；CD方向上电场线水平向右，在 P点由静止释放带正电微粒，微粒做变加速运动，C错误；此题没有选取零势能点，所以带正电的微粒在0点的电势能不一定为零， D错误.答案 B点评用对称性解题的关键是分析问题时抓住事物在某一方面的对称性，例如对称的运动、 对称的结构、对称的作用力、对称的几何关系、对称的电路等利用对称法分析解决物理问 题，可以防止复杂的数学演算和推导，直接抓住问题的实质，快速简便地求解问题.即学即用6用一轻质弹簧把两个质量分

21、别为m和M的木板A和B连接起来，放在水平地面上，如图所示.现在上面木板 A上施加一压力F,使撤去此力后，木板 A跳起来恰好使木板 B离地， 那么F的大小为A. Mg B mgC. M njg D . M- njg解析：选C.F作用在A上压缩弹簧到一定形变量， 撤去F瞬间，A的加速度为a= £根据弹 簧的拉伸和压缩过程具有对称性可知， 当B恰好离地时 A的加速度大小和撤去 F瞬间A的加 速度相同，所以 B恰好离地时，设弹簧的弹力为 F弹，那么有ma= F弹+ mg F弹=Mg联立解 得 f=m+ mg.方法七逆向思维法正向思维法在解题中运用较多，而有时利用正向思维法解题比拟烦琐，这时我

22、们可以考虑利用逆向思维法解题.应用逆向思维法解题的根本思路：分析确定研究问题的类型是否能用逆向思维法解决；确定逆向思维问题的类型由果索因、转换研究对象、过程倒推等：通过转换运动过程、研究对象等确定求解思路.典例7多项选择如下图，有一位冒险家希望有一天能站在世界上最高的楼顶，他设想把 这样一座楼建在赤道上， 假设这座楼施工完成，高度为h,站在楼顶时，他恰好感到自己“飘 浮起来.设这位冒险家的质量为m地球的半径为 R地球外表的重力加速度为g,地球自转的角速度为 3,那么冒险家在楼顶受到的万有引力的大小为A. 0 B.mRgR+ h解析 由题意可知，冒险家已经成了同步卫星,如果受到的万有引力为零,就

23、不会做圆周运动，而会离开楼顶，在太空中做匀速运动，可知A错误.如果 B正确，那么有GMmR+ h"2mRgR+ h2,得gR?= GM此式成立，B正确.设冒险家受到的万有引力为F,那么有FGMm2mRgRTh2,如果C正确，有Fm3，F2gw 4,可得42,两边立方,3飞,化简得时h氏gR+ h2,把式中的gR用GM代替得时hGMR+ h2,两边再乘以 m左右调换位置，得GMmR+ h2=R+ h) ®2,此式成立，可知C正确，D错误.答案 BC点评 在高中每一个知识板块都存在正向和逆向思维的连接，例如匀加速直线运动规律和匀减速直线运动规律的互逆；圆周运动中最低点和最高点速

24、度的互推； 力学中由物体的受力情 况可以推出物体的运动情况，也可以由物体的运动情况反推物体的受力情况等.即学即用7.多项选择如下图，在水平地面上的A点以速度V1与地面成e角射出一弹丸，恰好以速度V2垂直穿入竖直壁上的小孔 B,以下说法正确的选项是不计空气阻力A. 在B点以与V2大小相等的速度，与 V2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上的A点B. 在B点以与Vi大小相等的速度，与 V2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上的A点C. 在B点以与Vi大小相等的速度，与 V2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上A点的左侧D. 在B点以与Vi大小相等的速度，与 V2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上A点的右

25、侧 解析：选AC.以速度Vi与地面成e角射出一弹丸，恰好以速度 V2垂直穿入竖直壁上的小孔B, 说明弹丸在 B点的竖直速度为零，V2Vicos e，根据"逆向思维：在 B点以与V2大 小相等方向相反的速度射出弹丸，它必落在地面上的A点，A正确；在B点以与Vi大小相等的速度，与V2方向相反射出弹丸，由于 Vl> V2，弹丸在空中运动的时间不变，所以它必定落 在地面上A点的左侧，C正确，B、D错误.方法八极限思维法极限思维法是指在某些物理状态变化的过程中，把某个物理量或物理过程推向极端，从而作出科学的推理分析， 挖掘出隐含条件，给出正确判断或导出一般结论.该方法一般适用于题干中所涉

26、及的物理量随条件单调变化、连续变化的情况.典例8由相关电磁学知识可以知道，假设圆环形通电导线的中心为O环的半径为 R环中通大小为I的电流，如图甲所示，那么环心0处的磁感应强度大小R 其中口°为0点的距离是x,真空磁导率假设 P点是过圆环形通电导线中心0点的轴线上的一点，且距如图乙所示请根据所学的物理知识判断以下有关P点处的磁感应强度B3的表达式正确的A.B.C.D.L 0f2i22 2 3氏+ x 2L 0戌|2f2+ X2L 0RI2f2 + X2 3口 0f3i2 '2 2 3f2+xBp=Bp=Bp=Bp=解析此题看似无法解决,但题目中 0点的磁感应强度大小的表达式.应

27、用极限法，当x= 0时，P点与0点重合,磁感应强度大小 Bp= 亍 R, A正确.答案 A点评 当某些问题无法求解时，可将题中某些物理量的值推向极端如此题中将r推向0,然后对选项进行分析推理，进而得出答案解题时要注意：有哪些量可以推向极端；极端推向0还是无穷大.即学即用&一半径为 R的绝缘环上，均匀地带有电荷量为Q的电荷，在垂直于圆环平面的对称轴上有一点P,它与环心O的距离O4 L.静电力常量为k,关于P点的场强E,以下四个表达式 中有一个是正确的，请你根据所学的物理知识， 通过一定的分析，判断正确的表达式是匸 kQ匸 kQLA E= R2 + L2 B E= RTL2C. E=kQR

28、R2 + l2 3mEA.2eB2B.mEeB2)P点的电解析：选D.当R= 0时，带电圆环等同一点电荷，由点电荷电场强度计算式可知在场强度为E= kjQ,将R= 0代入四个选项，只有 A、D选项满足；当L= 0时，均匀带电圆环在中心处产生的电场的电场强度为0,将L= 0代入选项A D,只有选项D满足.方法九类比法中学物理概念较多， 物理规律难于记忆， 通过类比法可便于记忆， 如在电场与重力场的比拟FG中，场强e=q与重力加速度g=m、电势与高度、电势差与高度差、电势能与重力势能等 都有相似的地方.类比法在物理解题中的主要应用可分为模型比拟和方法比拟等，模型比拟是指用模型引导新问题的模型建立，

29、如电子绕正点电荷的运动可以通过与天体运动模型比拟来建立；方法比拟主要运用于不同知识内容在物理方法的使用上的类比，例如磁感应强度的定义方法可以与电场强度的定义方法进行比拟.典例9 在空间有相互垂直的场强为E的匀强电场和磁感应强度为 B的匀强磁场，如图所示，一带电荷量为 q、质量为m的带负电质点从原点 O由静止释放，不计质点的重力，那么质点在y轴方向前进的最大距离为2mE 4mEC. 晶D諺解析 虽然质点在 O点速度为零，但可以设想质点具有速率为 v、沿x轴正方向的速度和速 率为V、沿x轴负方向的速度，且v满足Bqv= qE.照此设想，质点在其后的运动过程中将受 到三个力作用，注意到质点所受的沿

30、y轴负方向的洛伦兹力和它所受的电场力平衡， 故质点 的运动可等效类比成速率为 V、沿x轴正向的匀速直线运动和一个速率为 v的匀速圆周运动一V,ym2mE匚的合成，对匀速圆周运动有 evB= mR,其中R= 2，解得ym=，选项C正确.答案 C即学即用9.自然界中有许多问题极其相似，例如有质量的物体周围存在着引力场、电荷周围存在着电场、运动电荷周围存在着磁场，其中万有引力和库仑力有类似的规律，因此我们可以用定义电场强度的方法来定义引力场的场强引力常量为G,那么与质量为M的质点相距r处的引力场场强为A. GM B解析：选C.万有引力公式与库仑力公式是相似的，分别为Fi = 0和F2= kQq真空中

31、，带电荷量为Q的点电荷在距它r处所产生的电场强度被定义为试探电荷q在该处所受的库仑力H Q与其电荷量的比值，即 E= = k号，与此类比，质量为 M的质点在距它r处所产生的引力场q r '的场强可定义为试探质点在该处所受的万有引力与其质量的比值，即eg= 2= gM，方法十等效转换法等效转换法是指在用常规思维方法无法求解那些有新颖情境的物理问题时，灵活地转换研究对象或采用等效转换法将陌生的情境转换成我们熟悉的情境，进而快速求解的方法.等效转换法在高中物理中是很常用的解题方法， 常常有物理模型等效转换、参照系等效转换、研究 对象等效转换、物理过程等效转换、受力情况等效转换等.典例io如下

32、图，一只杯子固定在水平桌面上，将一块薄纸板盖在杯口上并在纸板上放一枚鸡蛋，现用水平向右的拉力将纸板快速抽出， 鸡蛋水平移动距离很小，几乎看不到 落入杯中，这就是惯性演示实验鸡蛋 可视为质点中心离纸板左端的距离为 d,鸡蛋 和纸板的质量分别为 m和2m,所有接触面的动摩擦因数均为 口，重力加速度为 g,假设鸡蛋 移动的距离不超过 注就能保证实验成功，那么所需拉力的最小值为 A. 3 口 mgB. 6 口 mgC. 12|i mg D . 26 口 mg解析此题物理情境较新，但仔细分析发现鸡蛋和纸板的运动可转换为经典的滑块一滑板模d 12d 12型，所以对鸡蛋有 币=ad , 口 mg= ma,对

33、纸板有 d+ 而=azt、Fmin 3 口 mg- 口 mg= 2ma,联立解得Fmin= 26 口 mg D对. 答案 D可尝试使用转换分析法， 如此题中另一端固定一质量为 m的小球.点评对于物理过程与我们熟悉的物理模型相似的题目，将鸡蛋和纸板转换为滑块一滑板模型即可快速求解.即学即用10.如下图，一长为L的轻杆一端固定在光滑铰链上,水平向右的拉力作用于杆的中点,使杆以角速度 3匀速转动，当杆与水平方向成 60°角时,拉力的功率为A. mgLoB.2 mgLw1C.mgSD.fmgS解析：选C.拉力F做的功与小球克服重力做功相同，因轻杆匀速转动，那么拉力F的功率与一 1小球克服重力

34、做功的功率也相同，故P= mg- sL cos 60 ° = -mgLo , C正确.第2讲“四法巧解实验题近几年高考对实验的考查，多以一大带一小的形式， 其中第一小题为常规实验题， 侧重考查根本实验仪器的读数或常规型实验.第二小题侧重对学生实验迁移能力的考查，常以设计性实验来表达，主要为电学实验，也有力学实验.只要扎扎实实掌握课本实验的实验原理、实验方法、数据处理的方法及分析，灵活迁移到解决创新性、设计性实验中，就能稳得实验题高分.分类型突破如下：方法一 根本仪器型一一“细微之处见上下刻度尺、游标卡尺、螺旋测微器、打点计时器、电流表、电压表、多用电表都是根本仪器，要熟练掌握它们的使

35、用方法、操作规程和读数规那么，此类试题难度不大，要防止在读数的估 读、结果的有效数字和单位上出错.典例11图甲中游标卡尺的读数为mm图乙中螺旋测微器的读数为mm.2某同学用多用电表的欧姆挡来测量一电压表的内阻，如图丙所示.先将选择开关旋至倍率“X 10挡，红、黑表笔短接调零后进行测量，红表笔应接电压表的 _接线柱填“ +或结果发现欧姆表指针偏角太小，那么应将选择开关旋至填“X 1或X 100挡并，最终测量结果如图丁所示，那么电压表的电阻为 Q.图丁解析1由游标卡尺的读数规那么主尺上的整毫米数+精确度X对齐格数不估读，可知游标卡尺的读数为 29 mm+ 0.1 mmX 8= 29.8 mm;由螺

36、旋测微器的读数规那么固定刻度上的毫米数要注意半毫米线+ 0.01 mmX对齐刻度一定要估读，可知螺旋测微器的读数为 0.5 mm + 0.01 mmX 38.0 = 0.880 mm.2多用电表使用时要注意电流是“红进黑出，电压表中电流是从正接线柱流入的，所以多用电表的红表笔应接电压表的“一接线柱，欧姆表指针偏角太小，说明所测电阻阻值较大，应换用大倍率挡位进行测量，并且重新进行欧姆调零，读数结果为40X 100 Q= 4 000Q.答案 129.80.880 2 X100 重新进行欧姆调零4 000点评 此题易出错的地方有：1游标卡尺读数时不注意单位；不从游标尺上的“ 0刻度线开始读；对齐格数

37、估读了一位.2螺旋测微器读数时不注意固定刻度上的半毫米线；结果中舍弃了末位“ 0. 3不注意电压表中电流的流向；不能根据指针偏角情况更换倍率挡位.即学即用1以下仪器的读数分别是多少？读出以下图中游标卡尺50分度与螺旋测微器、电流表、电压表、欧姆表X 10倍率的读数.1mm 2mm 3A 4V 5Q.答案：142.2022.9882.9872.989 均可30.4242.222.202.23 均可5300方法二 常规实验型一一“实践出真知常规实验题主要考查教材上根本实验的实验原理、器材的选择、实验的操作、数据的处理和误差分析.复习时要从领会实验原理出发，全方位理解和掌握实验器材、实验操作、实验步

38、 骤、实验数据的处理、误差分析和电学实验实物图的连接、电路图的设计等，对每一个实验 都应做到心中有数.典例2某同学从家里的废旧收音机上拆下一电学元件，其上标注“2.5 V,1.5 W 的字样，为描绘出该元件的伏安特性曲线，该同学在实验室找到了以下实验器材：A. 电流表量程是3 A，内阻是0.1 QB. 电流表量程是0.6 A，内阻是0.5 QC. 电压表量程是15 V，内阻是25 k QD. 电压表量程是3 V，内阻是5 k QE. 滑动变阻器阻值范围05 Q,额定电流为 0.6 AF. 滑动变阻器阻值范围0100 Q,额定电流为 0.6 AG. 直流电源电动势E= 3 V，内阻不计H. 开关

39、、导线假设干1为了提高实验结果的准确程度，电流表应选 ;电压表应选;滑动变阻器应选.以上均填写器材代号(2) 请将图甲所示实验电路图补充完整.(3) 该同学根据设计的实验电路进行实验，通过实验得到的数据如下表(I和U分别表示待测元件的电流和电压)，请在图乙中描绘出该元件的伏安特性曲线解析(1)元件的最大电压不超过2.5 V,电压表应选 D,最大电流不超过1.51 = 27 A = °6 AI/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50UA00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00电流表选B,为方便实验操

40、作，滑动变阻器应选小阻值范围，所以选E.(2) 由表中实验数据可知，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压式接法，元5 k Q,电流表内阻为 0.5 Q,电件电阻约为R= UP=Q-4.17 Q,电压表内阻约为压表内阻远大于电学元件电阻，电流表应采用外接法.(3) 根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象.答案 (1)B D E (2)如图1 所示如图2所示实物连图及实验数据点评 本实验以测电学元件的伏安特性曲线为载体，考查仪器的选取、的处理方法，做好此类题的关键是将常规实验的根本操作、数据处理熟记在心.即学即用2某同学用图甲所示原理图测量一节干电池的电动势和内阻，有以下器材

41、可供选择:A. 电流表(00.6 A)B. 电压表(03 V)C. 滑动变阻器 RR015 Q, 5 A)D. 滑动变阻器 R (050 Q, 1 A)E. 定值电阻R0(阻值为1 Q)F. 开关S及导线假设干(1) 滑动变阻器应选 (填器材前的字母序号).(2) 按照原理图连接好线路后进行测量，测得数据如下表所示12345I/A0.110.200.300.400.50U/V1.371.351.331.321.29由上表数据可看出，电压表示数变化不明显，试分析原因是 .(3) 现将上述器材的连线略加改动就可使电压表的示数变化更明显，请在图乙中按改动后的 原理图完成实物图连接. 该同学按改动后的

42、原理图重新测量，并根据所测数据画出 U I图象，如图丙所示，贝U干(2)因电压表测的是路端电压，其示数变化不明显，说明内电压在滑动变阻器滑片移动过程 中变化很小，电池的内阻过小.电池内阻很小，因此可适当增大电池内阻，将定值电阻归为电池内阻，改动后的实物连接图如下图. 由闭合电路欧姆定律得U E- Ir，即U-1图象中的纵截距表示电池电动势为1.50 V ,图线的斜率的绝对值为“新电源的内阻，即r + R)=1.50 1.00040_Q, r = 0.25 Q.答案：(1)C(2)电池内阻过小 (3)如解析图所示(4) 1.50.25“活用原理,方法三创新实验型妙迁移创新实验题要求考生能将教材中

43、的学生实验和演示实验的实验原理、方法进行迁移和应用,试题新颖、能力要求高.如力学中与纸带相关的实验、电学中电路的设计、计算形式的实验题等都可能考查学生运用已学过的实验方法、 原理处理新情境实验题的能力， 做题时一定要 审清题意，明确实验目的，联想和迁移应用相关实验原理.典例3某研究性学习小组用如图甲所示装置来测定当地的重力加速度，主要操作过程如下： 安装实验器材，调节试管夹 小铁球、光电门和纸杯在同一竖直线上； 翻开试管夹，由静止释放小铁球，用光电计时器记录小铁球在两个光电门间的运动时间t ,并用刻度尺图甲中未画出测量出两个光电门之间的高度h,计算出小铁球通过两光电门间的平均速度v ； 保持光

44、电门1的位置不变，改变光电门 2的位置，重复的操作测出多组数据，计算出 对应的平均速度 V； 画出v-1图象.请根据实验，答复如下问题：1设小铁球到达光电门1时的速度为V0,当地的重力加速度为g.那么小铁球通过两光电门间的平均速度V的表达式为 用Vo、g和t表示.2实验测得的数据如下表：实验次数123456h(cm)10.0020.0030.0040.0050.0060.00t(s)0.0690.1190.1590.1950.2260.255v(m/s)1.451.681.892.052.212.35请在坐标纸如图乙上画出v t图象. 根据vt图象，可以求得当地的重力加速度g=m/s2,试管夹

45、到光电门1的距离约为cm.结果均保存两位有效数字解析 此题实验装置中有两个光电门，这个装置比拟常见，可以用来研究匀变速直线运动、 探究动能定理、验证机械能守恒定律等.实验中可以通过光电计时器测出小铁球通过两光电 门的时间假设知道小铁球直径宽度，可得小铁球通过光电门的瞬时速度，用刻度尺测出两光电门的距离，然后进行一系列的分析.12h 11因为 h= vot + 2gt，所以 v=vo+ 2gt.2在坐标纸上描点，用一条直线将这些点连接起来，使尽可能多的点在直线上，不在直线 上的点均匀分布于直线两侧.222v0从图中可求出斜率 k = 4.84 m/s 2, vo= 1.10 m/s，解得 g=

46、9.7 m/s 2, h= 0.062 m.1答案1 v= vo+ 2gt 2如下图39.79.59.9之间均可6.26.06.4之间均可点评本实验的创新之处，在于数据信息的获取方式，利用光电门及光电计时器使数据的获取更便捷，理解落体法测重力加速度的原理，并在不同的实验背景下灵活应用是解题的关键.即学即用3. 假设用多用电表测得待测元件民的电阻大约为1 500 Q，现在要进一步精确测量其电阻，有以下器材：A. 待测元件RX阻值约为1 500 QB. 电流表量程为5 mA,内阻约5 QC. 电阻箱 RR9 999.9 Q, 0.02 AD. 直流电源电动势约为20 V，内阻约0.5 QE. 单刀

47、双掷开关一个，单刀单掷开关一个，导线假设干 实验小组有同学设计了如下图的电路进行测量，完成以下实验步骤中的填空：在闭合S前，先把R调到填“最大值或“最小值，然后把K接1 , ,再把K接2, ，贝U RX =用实验中获得的物理量来表示 .解析：为了平安，在闭合 S前，应先把 R调到最大值，闭合开关 S,当把K接1后，调节R 使其示数为R,此时电流表示数为I。，由闭合电路欧姆定律可得 1。=口丄 二丄d；当把KR十r十2十R接2后，调节R使电流表示数仍为I。，此时R示数为R,根据闭合电路欧姆定律可得I。=解得答案：最大值 调节R,当其阻值为 R时，电流表示数为I0调节R使电流表示数仍为1°

48、;, 此时电阻箱R示数为F2 R R方法四 数形结合型一一“巧变公式找函数高考物理考查学生应用数学知识的能力， 在实验中表达在实验数据的处理上， 通常利用相关 实验的原理公式进行巧妙变形， 变成和图象信息一致的函数形式， 根据图象的斜率、截距结 合函数关系式得出所需的数据.典例4根据闭合电路欧姆定律，用图甲所示电路可以测定电池的电动势和内阻.图中R>是定值电阻，通过改变 R的阻值，测出 R两端的对应电压 U,对所得的实验数据进行处理，1就可以实现测量目的根据实验数据在UR+ r坐标系中描出坐标点，如图丙所示，R= 150 Q .试完成以下冋题:1请根据原理图将图乙中的实物图连接好.一 1

49、 在图丙中画出u (R+ r)关系图线.(3)图线的斜率是 V_1 Q-1,由此可得电池电动势E=V.解析(1)所连实物图如图(a)所示.(2)所画的图象如图(b)所示.20 40 SO 100120 IO圈 Jffl(b)U111 根据闭合电路欧姆定律有E= U+ (r + F)，即：-=(R+ r) +，由图(b)可知斜率k同UrF)EE1=0.004 5F0E，贝U E= 1.48 V.答案(1)如图所示如图(b) 所示(3) 0.004 5(0.004 30.004 7 均对)1.48(1.46 1.50 均对)点评数形结合法是指将图象及函数相结合的一种方式，重点数学公式的变形，如此题

50、中将欧姆定律变形为 y= kx + b的形式对应图象中的各物理量.即学即用4. 在测电源的电动势和内阻的实验中，实验室提供的电表量程有些偏小，于是采用了如图甲所示的电路进行测量.其中定值电阻R的阻值为3 Q, R的阻值为6 Q,电流表和电压表都为理想电表.(1) 在图乙所示实物连线图中，缺少几条导线，请用笔画线代替导线，在图乙中补上缺少的 几条导线，使之成为一个完整的、正确的电路实物连线图.刖图乙1,5图丙调节滑动变阻器 R阻值的大小，记录多组U I数据，画出如图丙所示的U- I图象，根据图象可计算出该电源的电动势为 V,电源的内阻为 Q .结果保存三位有效数字 解析：1如下图.IRiR 由电

51、路图可知 E= r + I r + IRi+ U,整理得 U= E- I R + Rr + r，故图线在纵轴上的_.、一、2.4 1截距表示电源电动势，因此E= 2.40 V ;本实验中，图线斜率 k = 0 0 25 Q = 5.6 Q,3那么5.6 Q= qr + 3 Q,解得电源内阻 r = 1.73 Q.答案：1如解析图所示 22.402.392.411. 731.70 1.76第3讲“三法突破计算题物理计算题历来是高考拉分题，试题综合性强，涉及物理过程较多，所给物理情境较复杂，物理模型较模糊甚至很隐蔽，运用的物理规律也较多，对考生的各项能力要求很高，为了在物理计算题上得到理想的分值，

52、应做到细心审题、用心析题、标准答题.方法一 细心审题，做到“看、“读、“思1. 看题“看题是从题目中获取信息的最直接方法，一定要全面、细心，看题时不要急于求解，对题中关键的词语要多加思考，搞清其含义，对特殊字、句、条件要用着重号加以标注；不能 漏看、错看或看不全题目中的条件，要重点看清题中隐含的物理条件、括号内的附加条件等.2. 读题“读题就是默读试题，是物理信息内化的过程，它能解决漏看、错看等问题不管试题难易如何，一定要怀着轻松的心情去默读一遍，逐字逐句研究，边读边思索、边联想，以弄清 题中所涉及的现象和过程，排除干扰因素，充分挖掘隐含条件，准确复原各种模型，找准物 理量之间的关系.3 .思

53、题“思题就是充分挖掘大脑中所储存的知识信息，准确、全面、快速思考，清楚各物理过程的细节、内在联系、制约条件等，进而得出解题的全景图.的光典例1如下图，传送带与两轮切点 A B间的距离为I = 23 m，半径为R= 0.4 m滑的半圆轨道与传送带相切于 B点，C点为半圆轨道的最高点,BD为半圆轨道的直径.物块质量为 仆1 kg.传送带与物块间的动摩擦因数= 0.8 ,传送带与水平面间的夹角=37° .物块无初速度地放在传送带上的A点，sin 37=0.6 , cos 37 ° = 0.8 , g =10 m/s 2,物块可视为质点.传送带的速度为2 m/s.传送带的速度为 斗15 m/s，物块能否到达轨道上的 D点？假设不能，请说明理由；假设能,5请求出在D点轨道对物块的压力大小.看题 看题时首先要注意此题为“传送带+圆周运动模型，其次要关注物块从静止释放后在传送带上可能的运动状态及通过最高点C点和D点时满足的动力学条件.读题读题时要获