【物理】深圳市初三物理电功率检测试题(含答案解析)

1、【物理】深圳市初三物理电功率检测试题（含答案解析）一、选择题1 .某房间原来只接有一只标有“PZ220 40”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（）A.变亮B.变暗C.不变D.无法确定【答案】B【解析】【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻，0在电源电压不变的情况下，由P=UI=。可知，电路的总功率变小，房间内的总亮度变暗。故答案为：B。团【分析】结合P= UI=方可知电功率变化情况，进一步可知灯泡亮度的变化情况.2 .下列用电器工作时，将电能全部转化为内能的是（）A.电风扇B

2、.电水壶iC.电视机“D.手机【答案】B【解析】【解答】解：A、电风扇工作时，电能转化为机械能和内能，A不符合题意；B、电水壶工作时，把电能全部转化为内能，B符合题意；C、电视机工作时，电能主要转化为声能、光能和内能，C不符合题意；D、手机工作时，电能转化为光能和内能，D不符合题意。故答案为：B。【分析】做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。3 .如图甲所示，电源电压恒定不变，电流表量程为“？ 0.6A'；电压表量程为 “？ 3V”，滑动变阻器规格为 “200 1A”，Ri为定值电阻。在保证各用电器安全的情况下，移动滑动

3、变阻器滑片的位置，记下电压表和电流表的示数后，分别求出R2对应的电功率和电阻值，画成图象如图乙，下列说法中正确的是（电源电压为6Vr i的阻值为5 a 电压表的示数变化范围是1V-3V整个电路消耗的最小功率为1.35WA.只有 正确出.只有 正确iC.只有 正确D.只有正确【答案】C【解析】 【解答】解：(1)两电阻串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流，由图知，变阻器连入电路最大电阻为10Q,根据分压原理，此时电压表示数最大为3V；当变阻器连入电阻最小为2.5 Q,根据电阻的规律和欧姆定律，此时电流表示数最大为0.6A。禺 p硼根据P= I2R,第一种情况下，电路中的电流 11=&

4、quot;即=W =0.3A,根据电阻的串联和欧姆定律，电源电压：第1种情况下：U=kX (R1+R21) = 0.3A X(R1 + 10Q) I第2种情况下：U=I2X (R1+R22) = 0.6A X(R1+2.5 Q ；n由1 n得：R1=5Q,故正确；电源电压U = 4.5V,错误；由欧姆定律，第2种情况下，电压表最小示数为：U小=I2XQ=0.6A X 2.5=Q|.5V,电压表的示数变化范围是1.5V-3V,故 错误；整个电路消耗的最小功率为：P=UI1= 4.5V X 0.3A1.35W. 正确。正确，故答案为：C【分析】由P-R图知，当变阻器连入电路最大电阻为10此时电压表

5、示数最大为3V;当变阻器连入电阻最小为2.5 0,根据电阻的规律和欧姆定律，此时电流表示数最大为0.6A;根据P=l2R求出第一种情况下电路中的电流Ii ,根据电阻的串联和欧姆定律列方程求Ri和电源电压 U;由欧姆定律求出第2种情况下电压表最小示数，得出电压表的示数变化范围；根据P=UI求整个电路消耗的最小功率.4 .如图所示电路，电源电压恒定，R为光敏电阻，其阻值随着光照的增强而减小，身为定值电阻，当光照减弱时A. V与 出示数的比值减小B. V与比 示数的比值不变C.见与月示数之差变大hD.电路消耗的总功率减小【答案】D【解析】【解答】A、由欧姆定律可知，V与月上示数的比值为光敏电阻 R的

6、阻值，因R的 阻值变大，则该比值变大，A不符合题意；B、电压表示数不变， 小示数变小，则V与比示数的比值变大，B不符合题意；C、由并联电路的特点可知，因与出示数之差为通过 网的电流，保持不变，C不符合题意；D、电源电压不变，总电流变小，根据 P=廿可知，总功率减小，D符合题意。 故答案为：Do【分析】光敏电阻 R与定值电阻Ro并联，电压表测量的是 R两端的电压 （即电源的电 压），保持不变；电流表 Ai测量的是通过 R的电流，电流表 A2测量的是干路中的电流； 已知光敏电阻 R的阻值随着光照的增强而减小，则当光照减弱时，R的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过 R的电流变小，即电流表 Ai示数变小

7、；通过 Ro的电流不变，而通过 R 的电流变小，所以干路中的电流变小，即电流表A2示数变小，根据 P=UI可知，总功率减小.5 .两定值电阻 Ri=10Q, R2=5 Q,现将 Ri、R2接入如图所示的电路，电源电压为 3V,当开关S闭合时，下列分析正确的是（）AA. Ri、R2电流之比为1: 2C. R、R2消耗的电功率之比为 1: 2【答案】BB.iR R2两端的电压之比为 2: 1D电路消耗总的电功率等于2.7W【解析】【解答】解：由电路图可知，R与R2串联,因串联电路中各处的电流相等, 所以，Ri、R2电流之比为1: 1,故A错误;由可得，Ri、R2两端的电压之比:=/ ,故B正确；由

8、P=UI可得，R、R2消耗的电功率之比:也巴巴£=-=阳=姐=/ ,故C错误；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，（3V）'2所以，电路消耗的总功率：P总=|柏* & =- 5。=0.6W,故D专昔误.故选B.【分析】由电路图可知，Ri与R2串联，根据串联电路的电流特点可知通过两电阻的电流关系，根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据P=UI求出两电阻消耗的电功率之比,根据电阻的串联和 P=UI=#求出电路消耗总的电功率.6 .具有防雾除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开关实现功能切换。图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为10V,四段电

9、热丝电阻均为10 Q,防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。下列说法正确的是（）A.开关旋至“1档，开启化霜功能C.化霜与防雾电路的总功率之差为15W【答案】C【解析】【解答】由图知道，当开关旋至B.开启防雾功能，电路总电阻为5 aD.从防雾到除露，电路总电流变化1A“1档时，两条电阻丝串联接入电路，此时电路总电阻最大为 2R=2X10Q=20Q由用知道，此时电功率最小，开启防雾功能，AB不符合题意；此时电路中的电流是：Pi=UIi=10VX 0.5A=5Vy 当开关旋至U ，肉ZI =0.5A ;此时电路的总功率是：“潴时，一条电阻丝单独接入电路，电阻较大（大于并联时的总电阻），电路消耗的功

10、率较小，此时为除露功能；此时电路中的电流是:=1A;从防雾到除露，电路总电流变化量是:|2-|i=1A-0.5A=0.5A, D 不符合题意；当开关旋至 “猾时，两条电阻丝并联接入电路，总电阻最小，总功率最大，此时为=.，八-,R并R 二一* i。a 5 Q., 一化霜功能，电路的总电阻是： y 2，电路的总电流是：U 10tI3 - =2 5* =2A;此时总功率是：P3=UI3=10VX 2A=20W化霜与防雾电路的总功率之差是：P3-Pi=20W-5W=15W, C 符合题意。故答案为：C炉【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，由 一 R知道对应的状 态，再逐项进行计

11、算即可.7 .小明利用电能表测量某个家用电器的电功率，当电路中只有这个电器连续工作时，测得 在1h内，消耗的电能为1.2kW?h,那么用这个电器是（）A.液晶电视机iB.台式计算机iC.家用空调 D.电冰箱【答案】C【解析】【解答】解：用电器在t=1h内消耗的电能为 W=1.2kW?h,用电器的电功率：E L器/ 力P= =1.2kW=1200W,液晶电视机的电功率约为 100W,台式计算机的电功率约为200W,空调的电功率约为1000W,电冰箱的功率约为 100W,所以电功率是1200W的用电器是空调.故选C.a【分析】根据用电器在1h内消耗的电能，结合公式P；,求出电功率，再与题目中给出的

12、用电器的功率比较即可.8 .课外兴趣小组活动时，某校两同学通过实验研究小灯泡的电功率跟两端电压的关系，已 知小灯泡的额定电压为 2.5伏、额定功率为 0.75瓦.小明同学设计了如图甲所示的电路进 行研究，他先测出若干组电压和电流值，再由公式P=UI,求得对应的功率，并作出功率随生电压变化的图线 a.小红同学设计了如图乙所示的电路进行研究，她先由R=尸产 计算出小灯泡的电阻R,再测出若干个电压值，最后根据P=求得对应的功率，也作出功率随电压变化白图线b.则下列反映了他们的实验结果的图线是（）> C.I【答案】B【解析】【解答】（1） .P=U2/R ,灯泡正常发光时的电阻R=U2额/P额=

13、（2.5V）2/0.75W= 8.3 ;由题意知：P甲=U2/R和P乙=U2/8.3 0由此可见，电功率 P关于电压U的二 次函数（跟y=ax2 +bx+c,且a>0, b=0, c=0时相符合），故图象是经过原点开口向上的抛 物线，CD不符合题意；（2） . P甲=U2/r和p乙=u2/8.3 Q灯泡电阻 R随温度升高而变 大， 当小灯泡两端电压 UV2.5V时，小灯泡在低于额定电压下工作，它的电阻R<8.3 0则P甲>P乙，此时抛物线 a在抛物线b的上方. 当小灯泡两端电压 U=2.5V时， 小灯泡在额定电压下工作，它的电阻R=8.3 0,则P甲=P乙=0.75W,且此时

14、两抛物线相交； 当小灯泡两端电压 U>2.5V,小灯泡在高于额定电压下工作，它的电阻R>8.3 0则P甲VP乙，此时抛物线a在抛物线b的下方。综上所述，B图中的图线反映了他们的实验结果，A不符合题意，B符合题意.故答案为：B.【分析】根据电功率的计算公式求电功率和电阻，当温度升高时，电阻变大，电功率变化 明显.9.有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1800W,乙的额定功率为1200W.两个电热水壶都正常工作时，下列说法中正确的是（）A.甲电热水壶两端的电压较高f B.电流通过甲电热水壶做功较快C.通过两个电热水壶的电流相等 D相同时间内，两个电热水壶消耗的电能一样多

15、【答案】B【解析】【解答】A.因为两个电热水壶的额定电压相同，且两个电热水壶都正常工作，即 在额定电压下工作，所以甲、乙电热水壶两端的电压相等，A不符合题意；B.都正常工作时，甲的额定功率大，所以电流通过甲电热水壶做功较快，B符合题意；/C.都正常工作时，甲的额定功率大，根据1 ,通过甲电热水壶的电流大，C不符合题意；d.都正常工作时，甲的额定功率大，根据,二尸d可知，相同时间内，甲电热水壶消耗的电能多，D不符合题意；故答案为：B。P=UI和W=Pt来作出分析和解答【分析】电功率是表示电流做功快慢的物理量；根据10.如图，是某煤气泄漏检测装置的简化电路，其中电源电压保持不变，R0为定值电阻,R

16、为气体传感器电阻，其阻值随煤气浓度的增大而减小，闭合开关，下列说法中正确的是)A.煤气密度增大时, B.煤气密度增大时, C.煤气密度减小时, D.煤气浓度减小时,【答案】C电流表的示数将变小电压表的示数将变小电路消耗的电功率将变小电压表与电流表示数的比值略变大 【解析】【解答】解：（1）当煤气密度增大时，气体传感器电阻变小，电路中的总电阻变 小，Ui=，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故 A不正确;.U=IR,.定值电阻Ro两端的电压变大，故 B不正确；2）当煤气密度减小时，气体传感器电阻变大，电路中的总电阻变大,U1=':,电路中的电流变小，. P=UI,且电源的电压保持不变

17、，电路消耗的电功率将变小，故C正确；电压表与电流表示数的比值等于定值电阻Ro的阻值,，电压表与电流表示数的比值不变，故D不正确.故选C.【分析】根据题意得出煤气密度变化时气体传感器电阻的变化，电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电流表示数的变化和电压表示数的变化，根据P=UI可知电路消耗电功率的变化，利用欧姆定律可知电压表与电流表示数比值的变化.11.下列表述正确的是（）X区牌74厘米彩色电视机 型 号，TC2975GF 电 凉：50Hz 220VA.电视机正常工作电流约为1.57A额定功率：14厘品圈；区区全自动电水壶输定电压：220V额定功率：1000W容fi： 1.8LB.电水壶电阻为4

18、840 QC.同种电荷互相排斥D.磁极间在不接触时无法发生相互作用频率；50He【答案】CP 140W I0 a尻护 ,【解析】【解答】A.电视机正常工作电流：2 22QX,故A错误;移 （2细打R - 一 二48.4口B.电水壶的电阻为：尸 兆配,故B错误；C.两个带有正电荷的小球之间的距离明显增大，说明同种电荷相互排斥，故 C正确;D.磁极间在不接触时能够发生相互作用，故D错误。故选C。八一、一、，1/,一【分析】(1)已知额定功率和额定电压根据上计算正常工作电流;I S、一，一、，一/二；r(2)已知额定功率和额定电压根据/计算电阻；(3)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；(4)磁体之

19、间的磁力不需要相互接触就能发生力的作用。12.电子驱蚊器利用变频声波直接刺激蚊虫中枢神经，使其非常痛苦，食欲不振，繁殖力g=10N/kg关于驱蚊B.驱蚊器发出的声音能被正常人听到D.驱蚊器工作10h消耗电能为0.02kW?h下降，无法在此环境生存，从而达到驱蚊的目的其部分参数见表格，取C.驱蚊器刺激蚊虫中枢神经利用的是超声波【答案】B【解析】【解答】A、驱蚊器白重力，G= mg = 0.06kg X10N/kg= 0.6N, A不符合题意；B、人的听觉范围 2020000Hz; 22kHz55kHz超出了人的听觉范围，故驱蚊器发出的声 音不能被正常人听到，B符合题意；C、22kHz55kHz超

20、出了人的听觉范围，故驱蚊器刺激蚊虫中枢神经利用的是超声波， 不符合题意；D、蚊器工作10h消耗电能为 W=Pt=0.002kWX 10h 0.2kW?h , D不符合题意。故答案为：Bo2020000Hz,超声波的频率【分析】利用物体质量计算重力的大小，人耳的听声范围是 超过20000Hz,利用功率和时间计算消耗的电能.36.7 C13.如图所示，下列测量记录正确的是(A.物体的长度 是3.15cmB.体温计的示数是C.弹簧测力计示数是 1ND.电能表的示数是2015kW?h 【答案】B【解析】【解答】A、刻度尺的分度值是 1mm,末端刻度值为 3.15cm,物体长度为3.15cm-2.00c

21、m=1.15cm .故 A 错误；B、体温计的量程为 35c42C, 一个大格表示 1C,里面有10个小格，因此它的分度值 为0.1C.因此它的读数 =36 C+0.7 C =36.7 C .故B正确；C、弹簧测力计白分度值是 0.2N,所以弹簧测力计的示数是0.2N X 4=0.8N故C错误；D、电能表的读数为 201.5kW?h .故D错误.故选B.【分析】使要弄清楚刻度尺的量程和分度值再去读数.起始端是否从零开始，起始端没从0开始，把2.00cm处当作“向度，读出末端刻度值，减去 2.00cm即为物体长度，注意 刻度尺要估读到分度值的下一位.要弄清楚体温计的量程和分度值再去读数.要弄清楚

22、弹簧测力计的量程和分度值再去读数.电能表的读数要注意，最后一位为小数位.R1、R2均为电热14.某型号电饭锅具有保温与加热两种功能，其简化电路如图所示, 丝.下列说法正确的是（）A. 8、&闭合时，电饭锅处于加热状态| B. 6 S2闭合时，电饭锅处于保温状态C. S闭合、S2断开时，电饭锅处于加热状态D. S断开、&闭合时，电饭锅处于保温状态【答案】A【解析】【解答】解：由电路图可知，当 &、S2闭合时，R1短路，电路中只有 R2;当S1闭 合、&断开时，R1 , R2串联，S断开、S2闭合时，整个电路断开，电饭锅不工作；可见，当S、S2闭合时，电路中电阻最小

23、，当 S闭合、S2断开时，电路中电阻较大,由P=用可知，当S1、S2闭合时，电功率最大，处于加热状态;当Si闭合、S2断开时，电功率较小，处于保温状态.故A正确、BCD错.故选A.【分析】根据 P=/可知，在电源电压不变时，电路中电阻越小，电功率越大，即为加热 状态，反之为保温状态.据此分析判断.15 .甲、乙两只灯泡，其I-U关系图象如图所示.现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯 两端的电压为2V时，乙灯消耗的功率是（）0 I 2 j J U.VA. 1.2WB. 0.8WC. 2WD. 3W【答案】A 【解析】【解答】解：根据图象可知，当甲灯泡两端电压为2V时，通过甲灯泡的电流为0.4A;因

24、为串联电路处处电流相等，因此通过乙灯泡的电流也为0.4A;根据图象可知，此时乙灯泡两端电压为3V;乙灯泡消耗的功率：P=UI=3V< 0.4A=1.2W故选A.【分析】先根据图象读出甲灯两端电压为2V时通过甲的电流，然后根据串联电路电流规律并结合图象可知此时乙灯泡两端电压，再根据P=UI求出乙消耗的功率.16 .小亮利用电能表测某家用电器的电功率。当电路中只有这个用电器工作时，测得在6min内，消耗电能0.03kWh,这个用电器可能是（）A.柜式空调| B电视机| C电风扇Dfe饭锅【答案】B【解析】【解答】解：A、柜式空调的功率大于 1000W,故A不符合题意；B、电视机的功率小于 5

25、00W,故B符合题意；C、电风扇的电功率为 30100W,故C不符合题意；D、电饭锅的功率在 5001000W,故D不符合题意。故选Bo0. 03 X 3.6 X 血二， 【分析】用电器的功率P=：6 X =3o=300W,柜式空调的电功率远大于1000W,电视机的功率小于 500W,电风扇的电功率为 30100W,电饭锅的功率为 5001000W。17 .家庭电路中，计量用电器消耗电能多少的元件是（）D总开关B符合题意。A.试电笔曲能表Ct电保护器【答案】B【解析】【解答】家庭电路中电能表是计量消耗电能多少的元件， 故答案为：B.【分析】电能表是测量消耗电能多少的仪器。18 .如图所示电路，

26、电源电压保持不变，闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中（）j1|A.电压表V的示数不变B.电流表A的示数变大C.小灯泡的亮度变暗D.电路的总功率变大【答案】A【解析】【解答】由图可知，闭合开关，灯泡与滑动变阻器并联，电流表 A测量电路总电 流，电压表测电源电压，所以滑片移动电压表的示数不变，A符合题意；L 当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据I方可知，滑动变阻器所在支路中的电流变小；根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，所以滑片向右移动，小灯泡的电流和实际功率不变，则灯泡的亮度不变，C不符合题意；根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，总电流变小，即电流表A的示数变小，B不符合题意； 电源电压保持不变，总电流变小，根据 P=UI知，电路的总功率变小，D不符合题意。故答案为：Ao【分析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，判断出滑动变阻器接入电路中电阻的变化，滑动变