高考数学一轮复习总教案：8.2　两条直线的位置关系

1、8.2两条直线的位置关系典例精析题型一两直线的交点【例1】若三条直线l1：2xy30，l2：3xy20和l3：axy0不能构成三角形，求a的值.【解析】l3l1时，a2a2；l3l2时，a3a3；由将(1，1)代入axy0a1.综上，a1或a2或a3时，l1、l2、l3不能构成三角形.【点拨】三条直线至少有两条平行时或三条直线相交于一点时不能构成三角形.【变式训练1】已知两条直线l1：a1xb1y10和l2：a2xb2y10的交点为p(2,3)，则过a(a1，b1)，b(a2，b2)的直线方程是.【解析】由p(2,3)为l1和l2的交点得故a(a1，b1)，b(a2，b2)的坐标满足方程2x3

2、y10，即直线2x3y10必过a(a1，b1)，b(a2，b2)两点.题型二两直线位置关系的判断【例2】已知两条直线l1：axby40和l2：(a1)xyb0，求满足下列条件的a，b的值.(1)l1l2，且l1过点(3，1)；(2)l1l2，且坐标原点到两条直线的距离相等.【解析】(1)由已知可得l2的斜率存在，所以k21a，若k20，则1a0，即a1.因为l1l2，直线l1的斜率k1必不存在，即b0，又l1过点(3，1)，所以3ab40，而a1，b0代入上式不成立，所以k20.因为k20，即k1，k2都存在，因为k21a，k1，l1l2， 所以k1k21，即(1a)1，来源:又l1过点(3，

3、1)，所以3ab40，联立上述两个方程可解得a2，b2.(2)因为l2的斜率存在，又l1l2，所以k1k2，即(1a)，因为坐标原点到这两条直线的距离相等，且l1l2，所以 l1，l2在y轴的截距互为相反数，即b，联立上述方程解得a2，b2或a，b2，所以a，b的值分别为2和2或和2.【点拨】运用直线的斜截式ykxb时，要特别注意直线斜率不存在时的特殊情况.求解两条直线平行或垂直有关问题时，主要是利用直线平行和垂直的充要条件，即“斜率相等”或“斜率互为负倒数”.【变式训练2】如图，在平面直角坐标系xoy中，设三角形abc的顶点分别为a(0，a)，b(b,0)，c(c,0).点p(0，p)是线段

4、ao上的一点(异于端点)，这里a，b，c，p均为非零实数，设直线bp，cp分别与边ac，ab交于点e，f，某同学已正确求得直线oe的方程为()x()y0，则直线of的方程为.【解析】由截距式可得直线ab：1，直线cp：1，两式相减得()x()y0，显然直线ab与cp的交点f满足此方程，又原点o也满足此方程，故所求直线of的方程为()x()y0.题型三点到直线的距离来源:【例3】已知abc中，a(1,1)，b(4,2)，c(m，)(1m4)，当abc的面积s最大时，求m的值.【解析】因为a(1,1)，b(4,2)，所以|ab|，又因为直线ab的方程为x3y20，则点c(m，)到直线ab的距离即为

5、abc的高，设高为h，则h，s|ab|·h|m32|，令t，则1t2，所以s|m32|t23t2|(t)2|，由图象可知，当t时，s有最大值，此时，所以m.【点拨】运用点到直线的距离时，直线方程要化为一般形式.求最值可转化为代数问题，用处理代数问题的方法解决.【变式训练3】若动点p1(x1，y1)与p2(x2，y2)分别在直线l1：xy50，l2：xy150上移动，求p1p2的中点p到原点的距离的最小值.来源:【解析】方法一：因为p1、p2分别在直线l1和l2上，来源:所以()÷2，得100，所以p1p2的中点p(，)在直线xy100上，点p到原点的最小距离就是原点到直线xy100的距离d5.所以，点p到原点的最小距离为5.来源:方法二：设l为夹在直线l1和l2之间且和l1与l2的距离相等的直线.令l：xyc0，则5c15，且，解得c10.所以l的方程为xy100.由题意知，p1p2的中点p在直线l上，点p到原点的最小距离就是原点到直线l的距离d5，所以点p到原点的最小距离为5.总结提高1.求解与两直线平行或垂直有关的问题时，主要是利用两直线平行或垂直的条件，即“斜率相等”或“互为负倒数”.若出现斜率不存在的情况，可考虑用数形结合的方法去研究.2.学会用分类讨论、数形结合、特殊值检验等基本的数学方法和思想.特别是注意数形结合思想方法，根据题意画出图形不仅易于找