2020届高三物理复习周周练试卷一含答案

1、试卷第 1 页，总 4 页第六周高三物理周练卷（ 2019-10-13）学校 :_姓名： _班级： _考号： _ 一、单选题1下列说法正确的是（）a卢瑟福通过粒子散射实验证实了在原子核内部存在质子b铀核 (23892u)衰变为铅核 (20682pb)的过程中，要经过8 次 衰变和 5 次 衰变c铀核 (23892u)衰变成 粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定小于铀核的结合能d按照爱因斯坦的理论，在光电效应中，金属中的电子吸收一个光子获得的能量是h ，这些能量的一部分用来克服金属的逸出功w0，剩下的表现为逸出后电子的初动能ek2质量相等的a、b 两物体放在同一水平面上，分别受到水平拉力f

2、1、f2的作用而从静止开始做匀加速直线运动经过时间 t0和 4t0速度分别达到2v0和 v0 时，分别撤去 f1和 f2，以后物体继续做匀减速直线运动直至停止两物体速度随时间变化的图线如图所示f1和 f2对 a、b 做的功分别为w1和 w2，则下列结论正确的是（）aw1w245 b w1w2 65 cw1w25 6 dw1w212 5 3如图所示，有8 个完全相同的长方体木板叠放在一起，每个木板的质量为300 g，某人用手在这叠木板的两侧加一水平压力f，使木板水平静止。若手与木板之间的动摩擦因数为0.5，木板与木板之间的动摩擦因数为0.3，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取 10 m/s2.则

3、水平压力f 至少为（）a18 n b 24n c30 n d48n 41998 年 6 月 18 日，国产轿车在清华大学汽车工程研究所进行的整车安全性碰撞试验取得成功，被誉为 “ 中国轿车第一撞” 。 从此， 我国汽车的整车安全性碰撞试验开始与国际接轨。碰撞试验是让汽车在水平面上以48.3km/h 的国际标准碰撞速度驶向质量为80t 的国际标准碰撞试验台，撞击使汽车的动量一下子变到0，技术人员通过查看载着模拟乘员的传感器的数据以便对汽车安全性能装置进行改进。请结合以上材料回答，以下说法正确的有（）a若试验汽车的标准碰撞速度增加为原来的1.2 倍，则其动量变为原来的2.4 倍b在水平路面上运动时

4、汽车受支持力的冲量与重力的冲量相等c因为安全带对座位上的模拟乘员的保护，在碰撞时乘员的速度变为0 所用时间约为0.13秒，则安全带对乘员的作用力约等于乘员重力的10 倍d为了减轻碰撞时对模拟乘员的伤害程度，轿车前面的发动机舱越坚固越好二、多选题5如图所示，一带正电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直面(纸面)内，且相对于过轨迹最低点p 的竖直线对称.忽略空气阻力 .由此可知ap 点的电势比q 点高b油滴在q 点的电势能比它在p 点的大c油滴在q 点的动能比它在p 点的大d油滴在 q 点的加速度大小比它在p 点的小试卷第 2 页，总 4 页6如图所示，设月球半径为r，假设 “ 嫦娥四号 ” 探

5、测器在距月球表面高度为3r 的圆形轨道上做匀速圆周运动，运行周期为t，到达轨道的a 点时点火变轨进入椭圆轨道，到达轨道的近月点b 时，再次点火进入近月轨道绕月做匀速圆周运动，引力常量为g，不考虑其他星球的影响，则下列说法正确的是（）a月球的质量可表示为232256rgtb在轨道 上 b 点的速率小于在轨道上 b 点的速率c“ 嫦娥四号 ” 探测器在轨道i 上经过 a 点时的加速度大于轨道ii 上经过 a 点时的加速度d“ 嫦娥四号 ” 探测器从远月点a 向近月点 b 运动的过程中，加速度变大7下图是研究光电效应的电路图，乙图是用a、b、c 光照射光电管得到的iu 图线， uc1、uc2表示遏止

6、电压，下列说法正确的是（）a在光照条件不变的情况下，随着所加电压的增大，光电流一直会增加ba、c 光的频率相等c光电子的能量只与入射光的强弱有关，而与入射光的频率无关da 光的波长大于b 光的波长8如图所示，半径为r2cm 的圆形区域中有垂直纸面向外的匀强磁场（图中未画出），磁感应强度 b2t，一个比荷为2 106c/kg 的带正电的粒子从圆形磁场边界上的a 点以 v08 104m/s 的速度垂直直径mn 射入磁场，恰好从n 点射出，且 aon120 下列选项正确的是（）a带电粒子在磁场中运动的轨迹半径为1cm b带电粒子在磁场中运动轨迹的圆心一定在圆形磁场的边界上c若带电粒子改为从圆形磁场边

7、界上的c 点以相同的速度入射，一定从 n 点射出d若要实现带电粒子从a 点入射，从n 点出射，则该圆形磁场的最小面积为3104m2三、实验题9如图甲所示的装置叫做“ 阿特伍德机 ” ，是早期英国数学家和物理学家阿特伍德创制的一种著名力学实验装置，用来研究匀变速直线运动的规律。某同学对该装置加以改进后用来验证机械能守恒定律和动量守恒定律，如图乙所示。已知当地重力加速度为g。试卷第 3 页，总 4 页（1）实验时，该同学用游标卡尺测量挡光片的宽度d 如图丙所示，则d=_cm；然后将质量均为m(a 的含挡光片、b的含挂钩 )的重物 a、b 用绳连接后，跨放在定滑轮上，处于静止状态。 测量出 _(选填

8、 “ a 的上表面 ” 、“ a 的下表面 ” 或“ 挡光片中心 ”)到光电门中心的竖直距离h。（2）验证机械能守恒定律时，该同学在重物b 的下端挂上质量为m 的物块 c，让系统 (重物 a、b 以及物块c)中的物体由静止开始运动，光电门记录挡光片挡光的时间为t1。如果系统(重物 a、b 以及物块c)的机械能守恒，应满足的关系式为_。（3）为了验证动量守恒定律，该同学让a 在桌面上处于静止状态，将b 从静止位置竖直抬高 h 后静止释放， 直到光电门记录下挡光片挡光的时间为t2(重物 b 未接触桌面 )，则验证绳绷紧过程中系统沿绳方向动量守恒定律的表达式为_。10某同学用一个满偏电流为10ma、

9、内阻为 30的电流表， 一只滑动变阻器和一节电动势为 1.5v 的干电池组装成一个欧姆表，如图（a）所示：（1） 甲、乙测试笔中， 甲表笔应是 _ （选填 “ 红”或“ 黑” ）表笔。（2）电流表5ma 刻度处应标的电阻刻度为_ 。（3）经调零后，将甲、乙两表笔分别接图（b）中的 a、b 两点，指针指在电流表刻度的4ma 处，则电阻 rx_。（4）若误将甲、乙两表笔分别接在了图中的a、c两点，则 rx的测量结果偏 _（选填 “ 大” 或“ 小” ） 。（5） 再给电流表并联一个合适的定值电阻r， 就可组装成一个中间刻度值为15的欧姆表，则 r_。 （保留 2 位有效数字）四、解答题11如图所示

10、，一块足够长的木板c 质量为 4m，放在光滑的水平面上，在木板上自左向右放有 a、b 两个完全相同的炭块（在木板上滑行时能留下痕迹），两炭块质量均为m，与木板间的动摩擦因数均为 ，开始时木板静止不动，a、b 两炭块的初速度分别为v0、2v0，方向如图所示， a、b 两炭块相距足够远。求：(1)木板的最终速度；(2)木块 a 在整个过程中的最小速度；(3)a、b 两炭块在木板上所留痕迹的长度之和。试卷第 4 页，总 4 页12如图所示，在平面直角坐标系xoy 的第二象限内有平行于y 轴的匀强电场，电场强度大小为 e，方向沿 y 轴负方向。在第一、四象限内有一个半径为的圆，圆心坐标为（r，0） ，

11、圆内有方向垂直于xoy 平面向里的匀强磁场。一带正电的粒子（不计重力），以速度为v0从第二象限的p 点，沿平行于x 轴正方向射入电场，通过坐标原点o 进入第四象限，速度方向与 x 轴正方向成，最后从 q 点平行于y 轴离开磁场， 已知 p 点的横坐标为。求：（1）带电粒子的比荷；（2）圆内磁场的磁感应强度b 的大小；（3）带电粒子从p 点进入电场到从q 点射出磁场的总时间t。【选修 3-3】1以下说法正确的是a某气体的摩尔质量为m、密度为 ，用 na表示阿伏加德罗常数，每个气体分子的质量为m0，每个气体分子的体积为v0，则000,ammmvnb液晶显示屏是应用液晶的光学各向异性制成的c一定量的

12、理想气体发生绝热膨胀时，其内能不变d一个孤立系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展，熵值较大代表着较为无序e. 空调既能制热又能制冷，说明在不自发的条件下热传递方向性可逆2如图所示，两端开口、粗细均匀的足够长玻璃管插在大水银槽中，管的上部有一定长度的水银柱， 两段空气柱被封闭在左右两侧的竖直管中开启上部连通左右水银的阀门a，当两侧气体温度为390 k 稳定时，水银柱的位置如图所示，其中左侧空气柱长度l145 cm，左右两侧顶部的水银面的高度差为h17 cm， 左侧空气柱底部的水银面与水银槽面高度差为h23 cm，大气压强为75 cmhg.求：右管内气柱的长度l2；关闭阀门a，当两侧气体温度升至5

13、70 k 时，左侧竖直管内气柱的长度l3.(槽内水银面高度、大气压强视为不变) 本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第 1 页，总 4 页第六周高三物理周练卷（ 2019-10-13）参考答案1d【解析】卢瑟福通过粒子散射实验得出了在原子的核式结构理论，并没有发现原子核内部存在质子，选项a 错误；铀核 (23892u)衰变为铅核 (20682pb)的过程中，要经过(238-206)4=8 次 衰变和 2 8-(92-82)=6 次 衰变，选项 b 错误；铀核 (23892u)衰变成 粒子和另一原子核，因反应放出能量，可知衰变产物的结合能之和一定大于铀核的结合能，选项c 错误

14、； 按照爱因斯坦的理论， 在光电效应中， 金属中的电子吸收一个光子获得的能量是h ，这些能量的一部分用来克服金属的逸出功w0，剩下的表现为逸出后电子的初动能ek，选项d 正确 . 2b【解析】从图象可知，两物块匀减速运动的加速度大小之都为00vat，根据牛顿第二定律，匀减速运动中有f=ma ，则摩擦力大小相等；图线与时间轴所围成的面积表示运动的位移，则位移之比为6： 5；对全过程运用动能定理得：w1-fs1=0，w2-fs2=0，得： w1=fs1，w2=fs2，由上可知，整个运动过程中f1和 f2做功之比为w1w2=6：5；故 b 正确， acd错误。3c【解析】先将所有的物块当作整体，受力

15、分析，竖直方向受重力、静摩擦力，二力平衡，有 :21f8mg；再考虑除最外侧物块受力分析，竖直方向受重力、静摩擦力， 二力平衡，有： 22f6 mg；联立解得：f 30n ；故 c 正确， abd 错误。4c【解析】根据动量表达式pmv可知碰撞速度增加为原来的1.2 倍，则其动量变为原来的 1.2 倍，故 a 错误；在水平路面上运动时汽车受支持力的冲量与重力的冲量大小相等，方向相反， 所以动量不等， 故 b 错误；根据动量定理：00ftmv， 可得：10fmg，故 c 正确；根据动量定理可知，作用时间越长，作用力越小，因此为了减轻碰撞时对模拟乘员的伤害程度，轿车前面的发动机舱越有弹性越好，故d

16、 错误。5ac【解析】根据油滴的运动轨迹可知，油滴受到的合力方向一定指向上方；又因为轨迹关于 p 点对称，则可说明电场力竖直向上；油滴带正电，故说明电场方向竖直向上，则可判断 p 点的电势比q 点高。故 a 正确；因电场力竖直向上，故油滴由p 到 q 的过程中，电场力做正功，电势能减小，因此油滴在p 点的电势能比它在q 点的大。故b 错误；油滴由p 到 q 过程中，合外力做正功动能增加，故油滴在q 点的动能比它在p 点的大。故 c 正确；因油滴在匀强电场中运动，受到的电场力和重力都是恒力，合外力也为恒力，因此p、q 两点加速度大小相同。故d 错误。6abd 【解析】探测器在距月球表面高度为3r

17、 的圆形轨道运动，则轨道半径为4r；在轨道 i 上运动过程中，万有引力充当向心力，故有222444mmgmrtr，解得232256rmgt，故 a 正确；在轨道ii 的 b 点需要减速做近心运动才能进入轨道iii 做圆周运动，所以在在轨道iii 上 b 点速率小于在轨道ii 上 b 点的速率，故b 正确；根据公式2mmgmar可得gmar，所以 “ 嫦娥四号 ” 探测器在轨道i 上经过 a 点时的加速度等于轨本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第 2 页，总 4 页道 ii 上经过 a点时的加速度，选项c 错误；轨道半径越大，向心加速度越小，故从远月点到近月点运动过程中，轨

18、道变小，加速度变大，故d 正确。7bd 【解析】在光照条件不变的情况下，随着所加电压的增大，光电流会先增加后不变，故 a 错误；当光电流为零时，光电管两端加的电压为遏止电压，对应的光的频率为截止频率，根据0ceuhw，入射光的频率越高，对应的遏止电压uc越大。 ac 两光的遏止电压相等，且小于b 的遏制电压，所以a、 c 两光的频率相等且小于b 的频率，根据c，可知 a 光的波长大于b 光的波长，故bd 正确；光电子的能量只与入射光的频率有关，而与入射光的强度无关，故c 错误。8bcd【解析】 根据洛伦兹力提供向心力：2vqvbmr，可得：mvrqb，代入数据解得：r=2cm，故 a 错误；粒

19、子运动轨迹如图所示：由上可知四边形aonp 为菱形，又因为aon=120o ，根据几何知识可得圆心p 一定在圆周上，故b 正确；从圆形磁场边界上的c点以相同的速度入射，轨迹如图所示， 易知四边形scon 为菱形， 根据几何知识可知粒子一定 n 点射出，故c 正确；当带电粒子从a 点入射，从n 点出射，以an 为直径的圆的磁场，此时有最小面积即2242cos303102ansrm，故 d 正确。90.420 挡光片中心211dmghm2m2t222dght【解析】（1）游标卡尺的主尺读数0.4cm；游标尺读数：10 0.02mm=0.20mm ；则读数为：0.4cm+0.20mm=0.420cm

20、 。测量出挡光片中心到光电门中心的竖直距离h。（2）重物 a 经过光电门时的速度1dvt；系统动能的增加量2221122212kdemm vmmt系统重力势能的减小量为mgh，应满足的关系式为：221122dmghmmt（3）重物 a 经过光电门时的速度2dvt；根据机械能守恒定律可知，212mghmv，解得：2vgh；则可知作用前的动量2pmvmgh；此后 ab 一起做匀速运动，运动速度2dvt，故作用后的动量222mdpmvt，故只要验证222dght即可证明动量守恒；本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第 3 页，总 4 页10红150 225 小3.3 【解析】（1

21、）为了保证电流由正接线柱流入表头，红表笔应接内部电源的负极，则甲应为红表笔；（2）设欧姆表的内阻为r，根据闭合电路的欧姆定律可知，当电流表满偏时，则有：，解得：，当电流表的示数为5ma 时，则有：，解得：，（3） 当电流表示数为4ma 时， 根据闭合电路的欧姆定律有：，解得：， （ 4）若误将甲、乙两表笔分别接在了图中的a、c 两点，则回路中的两个电源串联，电流增大，指针偏转更大，故的测量结果偏小， （5）欧姆表的中间刻度值为 15，说明欧姆表的内阻为15，此时回路中的最大电流为，根据电流表的改装原理，有：，解得：. 11(1) 0.5 v0 (2) v0/3 (3) 7v02/4g【解析】（

22、1）选 abc 整体为研究对象，由水平方向动量守恒可得：mv0+m? 2v0=（m+m+4m） v解得： v=0.5v0（2）a、b 做匀减速直线运动的加速度mgmaga、b 都滑动时，木板的加速度142mgmgagm因为 a 的初速度小，a 与木板先达到共同速度，当a 与木板达到共同速度后，以后再与木板一起做匀加速直线运动，可知a 与木板速度相同时，速度最小则 v0-at=at解得023vtg，则最小速度0013minvvatv（3）全过程根据能量守恒，得2220026111222mgxmvmvmv（）解得，2074vxg12 (1)（2）（ 3）【解析】试题分析：粒子在电场中做类平抛运动，利用运动的合成和分解结合牛顿第二定律，联立即可求出带电粒子的比荷；利用速度偏向