宜昌市七校高一下期末考试数学试题含解析

1、. . 宜昌市部分示范高中教学协作体第二学期期末联考高一数学一选择题：（本大题共 12小题，每小题 5 分，共 60 分在每小题给出的四个选项中，只有一项是满足题目要求的 ）1. 已知且，下列不等式中成立的一个是（）a. b. c. d. 【答案】 b 【解析】由不等式的性质结合题意： cb0 ，-c- d，且 ab，相加可得a-cb-d，故选： b2. 已知向量，向量，且，那么等于（）a. 8b. 7c. 6d. 5【答案】 c 【解析】由向量平行的充要条件有：，解得： . 本题选择c选项.3. 在中，则 a为（）a. 或b. c. 或d. 【答案】 a 【解析】由正弦定理：可得：，则 a为

2、或. 本题选择 a选项. 点睛： 已知两角和一边，该三角形是确定的，其解是唯一的；已知两边和一边的对角，该三角形具有不唯一性，通常根据三角函数值的有界性和大边对大角定理进行判断4. 下列结论正确的是（）a. 各个面都是三角形的几何体是三棱锥；b. 一平面截一棱锥得到一个棱锥和一个棱台；. . c. 棱锥的侧棱长与底面多边形的边长相等，则该棱锥可能是正六棱锥；d. 圆锥的顶点与底面圆周上的任意一点的连线都是母线【答案】 d.【解析】a、如图所示，由两个结构相同的三棱锥叠放在一起构成的几何体，各面都是三角形，但它不是棱锥，故a 错误；b、一平行于底面的平面截一棱锥才能得到一个棱锥和一个棱台，因此b

3、 错误；c、若六棱锥的所有棱长都相等，则底面多边形是正六边形.由过中心和定点的截面知，若以正六边形为底面，侧棱长必然要大于底面边长，故c 错误；d、根据圆锥母线的定义知，d 正确. 本题选择 d 选项.5. 某四面体的三视图如图所示，该四面体的体积为（）a. b. c. d. 【答案】 c 【解析】由题意可知，该几何体是在棱长分别为的长方体中的三棱锥，且：，该四面体的体积为 . 本题选择 a 选项. . . 点睛： 三视图的长度特征： “ 长对正、宽相等，高平齐 ” ，即正视图和侧视图一样高、正视图和俯视图一样长，侧视图和俯视图一样宽若相邻两物体的表面相交，表面的交线是它们的分界线，在三视图中

4、，要注意实、虚线的画法正方体与球各自的三视图相同，但圆锥的不同6. 已知，则的值为（）a. b. c. d. 【答案】 b 【解析】由题意可得：据此有： . 本题选择 b 选项.7. 设是公比为正数的等比数列，则（）a. 2b. -2c. 8d. -8【答案】 c 【解析】由题意有：，即：，公比为负数，则. 本题选择a选项 . . 8. 的内角的对边分别为，已知，则（）a. b. c. 2 d. 3.【答案】 d 【解析】由余弦定理：，即：，整理可得：,三角形的边长为正数，则： . 本题选择 d 选项.9. 不等式的解集为，则不等式的解集为（）a. b. c. d. 【答案】 b 【解析】不等

5、式 ax2+bx+20的解集为 x|-1 x2 ， -1,2 是一元二次方程 ax2+bx +2=0 的两个实数根，且a0 ，解得 a=-1 ， b=1. 则不等式 2x2+bx +a0 化为 2x2+x- 10 ，解得- 1 x . 不等式 2x2+bx +a0 的解集为 . 本题选择 b 选项. 点睛：解一元二次不等式时， 当二次项系数为负时要先化为正，再根据判别式符号判断对应方程根的情况，然后结合相应二次函数的图象写出不等式的解集.10. 已知各项均为正数的等差数列的前 20 项和为 100，那么的最大值是 ( ) a. 50 b. 25c. 100d. 2【答案】 b 结合题意和均值不

6、等式的结论有：，当且仅当时等号成立 . . . 本题选择 b 选项.11. 对于任意实数，不等式恒成立，则实数的取值范围是（）a. b. c. d. 【答案】 a 【解析】当 m=0 时,mx2- mx -1=-10，不等式成立；设 y=mx2- mx - 1，当 m0时函数 y 为二次函数， y 要恒小于 0，抛物线开口向下且与x 轴没有交点，即要 m0 且0 得到：解得- 4 m0. 综上得到 - 4 m? 0. 本题选择 a 选项.点睛： 不等式 ax2bxc0的解是全体实数 (或恒成立 )的条件是当 a0 时，b0，c0；当a0 时，不等式 ax2bxc0的解是全体实数 (或恒成立 )

7、的条件是当 a0时，b0，c0；当 a0 时，12. 两千多年前， 古希腊毕达哥拉斯学派的数学家曾经在沙滩上研究数学问题他们在沙滩上画点或用小石子表示数， 按照点或小石子能排列的形状对数进行分类如下图中实心点的个数为梯形数 根据图形的构成，记此数列的第项为，则（）a. b. c. d. 【答案】 d 【解析】观察梯形数的前几项，得5=2+3=a1，9=2+3+4=a2，14=2+3+4+5=a3，. . 由此可得 a2013=2+3+4+5+ +2011= 2014 2017 ， a2013- 5= 2014 2017-5=1007 2017-5=2019 1006 ，本题选择 d 选项.二、

8、填空题（本大题共4 个小题，每小题5 分，共计 20 分，将答案填在答题纸上）13. 不等式的解集是_。【答案】【解析】不等式即：，则：，转化为二次不等式：，据此可得不等式的解集为：. 点睛： 解不等式的基本思路是等价转化，分式不等式整式化，使要求解的不等式转化为一元一次不等式或一元二次不等式，进而获得解决14. 已知函数在处取最小值，则_。【答案】 3 考点：均值不等式求最值15. 在等比数列中，已知，求=_。【答案】或【解析】当时满足题意，否则：，解得：，综上可得：或.16. 已知，则_。【答案】 -13 【解析】由题意可得： .三、解答题（本大题共70 分. 解答应写出文字说明，证明过程

9、或演算步骤）17. 已知平面向量的夹角为，且。（）求（）求. . 【答案】（1） 12（2）【解析】试题分析：首先求得的值：(1) 利用平面向量数量积的运算法则可得：=；(2)首先求得的值，然后利用平面向量模的求解公式可得 . 试题解析：解：（）=（2）18. 已知函数的最大值为2。（1）求的值及的最小正周期；（）求的单调递增区间。【答案】（1）（2）【解析】试题分析：(1)整理函数的解析式，由函数的最大值可得，函数的最小正周期为；(2)结合(1)中的结论可得函数的单调增区间为试题解析：解： （）当=1 时，的最小正周期为。.（）由（ 1）得得. . 的单调增区间为19. 在中，的对边分别是，

10、且成等差数列。的面积为。（）求的值；（）若，求的值。【答案】（1） 2（2）或【解析】试题分析： （ 1）首先根据a、b、c 成等差数列求出角b，再根据安三角形面积公式，求出 ac；（2）根据余弦定理，求出，在根据（ 1）中的 ac=2，即可求出a，c. 试题解析：解： （1） a、b、c 成等差数列2b=a+c 2 分ac=2 4 分（2） ，6 分即 a=2或8 分考点： 1. 正弦定理在三角形面积中的应用；2.余弦定理 .20. 已知是等差数列，是等比数列，且，。（）求的通项公式；（）设，求数列的前项和。【答案】（1）（2）【解析】试题分析： （）由已知条件求得等比数列的首项和公比，从而

11、得到的首项和公差，从而得到其通项公式； （）首先求得数列的通项公式，结合其特点采用分组求和法求解试题解析：（）等比数列的公比, 所以，设等差数列的公差为，因为，, 所以，即，因此.（ii ）由（ i）知，. . 因此从而数列的前项和考点：等差数列等比数列通项公式；数列分组求和21. 一个面积为的矩形场地 , 要求矩形场地的一面利用旧墙( 利用的旧墙需要维修), 其它三面围墙要新建 ,在旧墙对面的新墙上要留下一个宽度为的出口 , 如图所示 , 已知旧墙的维修费为45 元/m,新墙的造价为180 元/m. 设利用的旧墙长度为( 单位 :m), 修此矩形场地围墙的总费用为( 单位 : 元). ( )

12、 将表示为的函数；( ) 试确定，使修建此矩形场地围墙的总费用最小, 并求出最小总费用。【答案】（1）（2）当m时, 总费用最小 , 最小总费用为10440 元. 【解析】试题分析： （ 1）设矩形的另一边长为am，则根据围建的矩形场地的面积为360m2，易得，此时再根据旧墙的维修费用为45 元/m，新墙的造价为180 元/m，我们即可得到修建围墙的总费用y 表示成x 的函数的解析式； （2）根据（ 1）中所得函数的解析式，利用基本不等式，我们易求出修建此矩形场地围墙的总费用最小值，及相应的x 值试题解析：（1）如图，设矩形的另一边长为a m 则45x+180（x-2）+180 2a=225x+360a-360 由已知 xa=360,得 a=, 所以 y=225x+（2）当且仅当225x=时，等号成立即当 x=24m 时，修建围墙的总费用最小，最小总费用是10440 元考点：函数模型的选择与应用22. 已知点是函数图像上一点，等比数列的前项和为。数列的首项为2 ，前项和满足（） 。（) 求数列的通项公式；. . （）若数列的前项和为，问使的最小正整数是多少？【答案】（1）（ 2）59 【解析】试题分析：(1)利用题意求得数列的首项和公比均为，则数列的通项公式是；(2)裂项求得数列的