2019高考物理总复习选择题增分练(二)

1、选择题增分练（二）（满分 48 分 24 分钟）说明：共 8 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第15 题只有一项符合题目要求，第 68 题有多项符合题目要求全部选对的得6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分.1.氢原子的能级示意图如图所示，现有大量的氢原子处于跃迁时，会辐射出若干种不同频率的光，若用这些光照射逸出功为n= 4 的激发态，当向低能级4.5 eV 的钨时，下列说2法中正确的是（）A. 氢原子能辐射 4 种不同频率的光子B. 氢原子辐射的光子都能使钨发生光电效应C. 氢原子辐射一个光子后，氢原子的核外电子的速率增大.0-0.85-1.51-3.4-13.6

2、钨能吸收两个从n=4向n=2能级跃迁的光子而发生光电效应解析：选 C.氢原子从n= 4 能级向低能级跃迁时能辐射6 种不同频率的光子从n= 4D.到n= 3 跃迁辐射出的光子能量曰3= （1.51 0.85）eV = 0.66 eVv4.54 eV,故不能使钨发生光电效应； 氢原子辐射一个光子后， 能级降低， 半径变小， 动能变大， 速率增大； 金属发生 V、光电效应时，不能同时吸收两个光子；综上述选项C正确.2如图所示，一定质量的小物体（可视为质点）用轻质细线固定悬挂在天花板上.在水平拉力F作用下，当细线与竖直方向夹角为30时小物体恰能处于平衡状态.若对小物体施加同样大小的拉力，然使物体处于

3、平衡状态则下列说法中正确的是（A. 小物体所受到的重力大小为v3FB. 当施加水平方向作用力时细线受到沿线方向的拉力大小等于C.当施加垂直于细线方向的拉力时，细线受到沿线方向的拉力大小等于D.当施加垂直于细线方向的拉力时，细线与竖直方向的夹角大于解析：选 A.对小物体受力分析，根据平衡条件可得 tan 30=FTsin 30=F,解得小物体所受到的重力大小mg=3F,细线受到沿线方向的拉力大小FT=sin3F。= 2F,故 A 正确，B 错误；当施加垂直于细线方向的拉力时， 根据平衡条件可得FT=（mg2F2, 2F,2F602F方向垂直于细线，仍FT3解得细线受到沿线方向的拉力大小FT=2F

4、,故 C 错误；当施加垂直于细线方向的拉力时，细线与竖直方向的夹角0，则有 mn0=F,解得细线与竖直方向的夹角sin03 3sin 60。，故 D 错误；故选 A.3.如图所示，在光滑水平面上有一静止小车，小车上静止地放置|一矿_ M _ 着一小物块，物块和小车间的动摩擦因数为卩=0.3，用水平恒力 F -拉动小车，设物块的加速度为ai，小车的加速度为a2，重力加速度g取 10 m/s2.当水平恒力=a2 3 m/s2,综上所述只有选项 D 符合题意.B.卫星B在P点的加速度大于卫星C的加速度C.卫星C的运行速度小于物体A的速度D.卫星C和物体A具有相同大小的加速度点将做离心运动，故B在近地

5、点速度大于在近地点做圆周运动的卫星速度，再根据卫星速度公式可知，近地点环绕速度大于c卫星的速度，从而可知，B在近地点的速度 大于卫星C的速度，故 A正确；根据万有引力提供向心力：ma解得：a=卡，在PF取不同值时，ai与A.ai= 2 m/s2,B.ai= 3 m/s2,2C.ai= 5 m/s ,D.ai= 3 m/s2,解析：选 D.由受力分析可知物块的加速度取决于Ffai4如图所示，A为置于地球赤道上的物体，B为绕地球椭圆轨道运行的卫星，C为绕地球做圆周运动的卫星， 内，P为B C两卫星轨道的交点， 下列说法正确的是（）B、C运行轨道与赤道在同一平面已知A、B C绕地心运动的周期相同,A

6、.卫星B在近地点的速度大于卫星C的速度解析：选 A.B在椭圆轨道上的近地点距地球距离小于C卫星的轨道半径,因为B在近地2的最大值为Ffm=卩mg即ai的最大值为aie卩g= 3 m/s 2.当二者相对静止一起加速时,4点，G M r都相同，所以卫星B在P点的加速度大小与卫星C在P点加速度大小相等，故5B 错误；因为A B C绕地心运动的周期相同，所以A B C的角速度相等，卫星C做圆周 运动的半径大于A的半径，由v=3r可知，C的线速度大于A的线速度，故 C 错误；根据a=32r，可知因为卫星C做圆周运动的半径大于A的半径，所以卫星C加速度大于物体A的 加速度，故 D 错误.故 A 正确，BC

7、D 错误.5如图所示，以0点为圆心的圆周上有六个等分点a、b、c、d、e、f,等量正、负点电荷分别放置在a、d两点时，下列说法中正确的 是（）A. b、c、e、f四点的场强相同B. b、c、e、f四点的电势相等C.0点的电势高于b、c、e、f四点的电势D.将一带正电的试探电荷从0点移到e点，电场力做正功解析：选 D.由题意可知，两点电荷在e、f处的电场强度各自进行矢量合成，则e、f处场强大小相等，而方向不相同，同理b、c电场强度大小相等，方向不同，故A 错误依据等量异种电荷，等势线的分布，可知，b、f二点的电势相等，而c、e二点的电势相等，且b、f二点的电势高于c、e二点的电势，故 B 错误；

8、根据沿着电场线方向，电势降低，因 此0点的电势高于c、e二点的电势，而低于b、f二点的电势，故 C 错误；将一带正电的试 探电荷从0点移到e点，即从高电势移动低电势， 那么电势能降低，因此电场力做正功，故 D 正确；故选 D.6如图所示为某兴趣小组设计的一种发电装置，在磁4极和圆柱状铁芯之间形成的两磁场区域的圆心角a均为 9n,磁场均沿半径方向； 矩形线圈abcd（d点未在图中标出）的匝数为N,其边长ab=cd=l,bc=ad= 2l；线圈的总电 阻为r，外接电阻为R;线圈以角速度3绕中心轴匀速转动，bc边和ad边同时进、出磁场.在磁场中，bc边和ad边所经过处的磁感应强度大小均为B方向始终与

9、两边的运动方向垂直. 则A. bc边和ad边在磁场中运动时，线圈的感应电动势的大小为NBI2B. bc边和ad边在磁场中运动时,bc边所受安培力的大小为R+r铁芯的a-F图象,取g= 10 m/s2,则()A. 滑块A的质量mF1.5 kgB. 木板B的质量C. 当F= 5N 时,M= 1.5 kg厶木板B的加速度a= 4 m/sD. A X I滑块A与木板B间的动摩擦因数为卩=0.1解析：选 AC.由图乙知，当F= 4 N 时A B相对静止，加速度为2a= 2 m/s，对整体分析：F= （m Ma,解得m M=2 kg,当F 4 N 时，A、B发生相对滑动,F卩mg对B有:aF=M3晋，由图

10、象可知，图线的斜率：k=MF十F= 2 kg1，解得M= 0.5 kg，则滑块A的质量为：mF1.5 kg，故 A 正确，B 错误；将F4 N 所对图线反向延长线与F轴交点坐标代入 a =MFUg解得卩=0.2，故 D 错误；根据F= 5 N 4 N 时，滑块与木块相对滑动,1mg2B的加速度为aB=MF心=4 m/s，故 C 正确.&如图所示，倾角0= 60、高为h的粗糙绝缘斜面体ABC固定在水平地面上，一个带负电的小球（可视为点电荷）固定在BC边上距BL2解析：选 BD.bc、ad边的运动速度v= 2,电动势 En= 2N旦Lv= 2NBI3,A 错误；根 据欧姆定律得，电流lm=

11、 聶,bc边所受安培力为F=NBIm2I=4豐，故 B 项正确；因44242为两磁场的圆心角为 9 冗，故一个周期内通电时间t=由有效值定义知：im（R+）9 丁=I2（R2+r）T,解得I= 4NB13、，故选项 D 正确.3 （R十r）7.（多选）质量为M的足够长的木板B放在光滑水平地面上，一个质量为m的滑块A可视为质点）放在木板上，设滑块受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，如图甲所示木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出木板B的加速度a,得到如图乙所示C.通过 R 的电流有效值为2NBI23R+rD.通过 R 的电流有效值为4NBI233(R+r)7点 3 高处的D点，可视

12、为质点的带正电的小物块Q静止于斜面底端的A点，此时小物块Q恰 好不接触地面且与斜面间的摩擦力为 0.已知小物块Q与斜面间的动摩擦因数 =#，小物 块Q所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g,下列说法正确的是（ ）A.小物块Q静止于A点时所受的库仑力与其重力大小相等B.若要拉动小物块Q使之沿斜面向上运动，则拉力的最小值为电3mgC.在拉动小物块 Q 缓慢沿斜面向上运动的过程中，当其所受摩擦力最大时，系统的电 势能也最大D.若缓慢地将小物块Q从A点拉动至C点，则外力做功等于小物块Q重力势能的增加 量与系统因摩擦而产生的热量之和解析：选 AD.小物块Q静止于A点时，恰好不接触地面且与斜面间的摩擦力为0,对小物块Q受力分析且由几何关系可知，小物块Q所受库仑引力与水平面夹角为30,则沿斜面方向对小物块Q由平衡条件得mgiin 60=F库cos 30,解得F库=mgA 正确.小物块Q运动时，除拉力外的受力如图甲所示，库仑力与重力大小相等，且二者夹角为120,故库仑力与重力的合力大小为F2=mg合力在重力与库仑力的角平分线上，方向与重力方向夹角为 60，由题给数据知小物块Q所受支持力与滑动摩擦力的合力Fi方向沿水平方向向右.如图乙所示，由图解法