2015高考上海卷物理解析汇总

1、2015高考上海卷物理试题解析一、单项选择题（共16分，每小题2分，每小题只有一个正确选项）1 . X射线A.不是电磁波C.只能在介质中传播B.具有反射和折射的特性D.不能发生干涉和衍射B解析：X射线是波长极短的电磁波，A错；电磁波具有波的反射、折射、干涉和衍射等特性,B项正确D错；电磁波的传播不需要介质，C错.【考点定位】电磁波谱【名师点睛】本题考查电磁波谙中X射线的相关知识，比较容易，意在考查考生对物理基础知识的掌握情 况“电磁波谱中有无线电'波,红外战、可见'波、紫外线、X射线等，它们都和可见光一样属于电磁波，具 有波的特性，即具有反射、折射、干涉和衍身捋特性，电磁波的传

2、搔不需要介质，即能在真生卬传播，这 一点不同亍机械波。2 .如图，P为桥墩，A为靠近桥墩浮出水面的叶片，波源S连续振动，瑞 J形成水波，此时叶片A静止不动.为使水波能带动叶片振动，可用的方A.提高波源频率B.降低波源频率C.增加波源距桥墩的距离D.减小波源距桥墩的距离 11 s 'B解析：叶片A之所以不动，是因为水波不能绕过桥墩传过来，也就是说水波衍射不太明显，而发生明显衍射的条件是，除碍物的尺寸也波长小或差不多，所以要让叶片A动起来方法只能是减/南墩的尺寸或增大水波的波长，水波的速度一定，减小频率会增长波长，增大频率会减小波长，故A错误，B正确；改变波源与桥墩的距离不会让衍射现象更明

3、显，所以C、D错误.【考点定位】波的衍射【名师点睛】本题考查波的衍射，意在考查考生对波的衍射现象的理解能力和运用所学知 识解决实际问题的能力.发生明显衍射的条件是障碍物的尺寸也波长小或差不多.要让衍射 明显，要么增大波长，要么减小障碍物的尺寸.E3 .如图，鸟沿虚线斜向上加速飞行，空气对其作用力可能是A. F、 B, F, C,工 D. F4,B解析：/鸣沿虚线斜向上加速飞行，说明合外力方向沿虚线斜向 上，小鸟受两个力的作用，即重力和空气的作用力，如图所示.因此可能的方向应该是入，B项正确.(再点定位】牛朝第二定律【名师点靖】本戢以实际情境为命毂背景，考查力与运动的关系、合力与分力的关系等知识

4、点、，意在考查 考生对物理基本规律的理解诧力和灵活运用物理规律解决实际问题的能力。本即的要点、是理解合力和分力 割关系，对小鸟进行受力分析可以较快解决问题“ ,4 . 一定质量的理想气体在升温过程中A.分子平均势能减小B.每个分子速率都增大C.分子平均动能增大C.分子间作用力先增大后减小C解析：一定质量的理想气体，分子势能不计，A错；在升温过程中，分子的平均动能增大，但还是每个分子的动能都增大，故B错C正确；理想气体的分子本身的体积和气体分子间的作用力都可以忽略不计，D错.【考点定位】分子动理论【名师点睛】本题结合一定质量的理想气体的升温过程考查分子动理论，涉及分子力、温 度和内能等知识点，意

5、在考查考生的理解能力和识记能力.理想气体的特点：气体分子本身 的体枳和气体分子间的作用力都可以忽略不计的气体，因此理想气体分子间无作用力，没有 分子势能；温度的意义也很重要.5 .铀核可以发生衰变和裂变，铀核的A.衰变和裂变都能自发发生B.衰变和裂变都不能自发发生C,衰变能自发发生而裂变不能自发发生 D.衰变不能自发发生而裂变能自发发生C解析：衰变可以自发发生，而裂变则需要用慢中子云轰击铀核来实现，C项正确.1, .考点定位】衰变5裂变I【名师煮睛】本题考查衰变不噪变的区别，意在考查考生对教材内容的摹援情况，特别是重要物理概念或 呢象的区别与联系。求解本题，知道衰变和裳变的区别，削者是天然的，

6、是自发发生的，后者本质上还是 种人工潮的，不能自发发生；衰变和裳变是两种不同的核反应过程。.6.毛)Th经过一系列夕衰变和夕衰变后变成噌Pb,则I；Pb比噎Th少A.16个中子，8个质子B. 8个中子，16个质子C. 24个中子，8个质子D. 8个中子，24个质子A解析：2罂Pb比9)Th核电荷数少(90-82)=8个，质量数(核钠)少(232-208)=24个，所以中子数少(248)=16个，A项正确.J考点定位】核反应方程t名师点睛】本题考查衰变过程遵循的规律和原子核的结构及书写方式，意在考查考生的识记能力和简单对分析推理能力。求解本题的关键在于，知道在核反应方程过程中，电荷数和质量投守恒

7、，知道质子和中&统称核子°.7 .在。粒子散射实验中，电子对a粒子运动的影响可以忽略，这是因为与a粒子相比，电 子A.电量太小 B.速度太小 C.体积太小D.质量太小D解析：在a粒子散射实验中，由于电子的质量太小，电子的质量只有a粒子的 1 , / JUU它对a粒子速度的大小和方向的影响就像灰尘对枪弹的影响，完全可以忽略.故D正确，A、B、C错误.【考点定位】a粒子散射实验【名师点睛】本题考查a粒子散射实验，涉及电子的特征，意在考查考生的识记能力.卢 瑟福a粒子散射实验，说明原子是核式结构的.8 .两个正、负点电荷周围电场线分布如图所示，P、Q为电场中两点，则A,正电荷由P静

8、止释放能运动到Q /B.正电荷在P的加速度小于在Q的加速度v IC.负电荷在P的电势能高于在Q的电势能一D.负电荷从P移动到Q,其间必有一点电势能为零D解析：正电荷在P点由静止释放，则必沿P点切线方向加速； 运动而离开电场线，因此不能沿电场线运动到Q点，A项措；P点比Q点的电场线密集， 场强较大，所以正电荷在P点受到的电场力较大，加速度较大，B错；将负电荷从P点移到Q点，电场力做负功，电势能增大，因此负电荷在P点的电势能小于Q点的电势能，C错;正电荷附近的电场中电势为正，负电荷附近的电场中电势为负，因此中间必定有电势为零的点，试探电荷在该电势能也为零，D项正确.【考点定位】电场线：电势：电势能

9、【名师点睛】本题考查静电场知识，涉及电场线、电场强度、电势和电势能等知识点，意在 考查考生的理解能力.电场线的理解和应用是高考必考内容，必须熟练掌握.特别注意两点 应用：根据电场线的疏密可以比较电场强度的大小，根据电场线的方向可以比较电势的变化 等.二、单项选择题（共24分，每小题3分，每小题只有一个正确选项）9 .如图，长为人的水银柱将上端封闭的玻璃管内气体分割成两部分，A处管内外水银而相 平.将玻璃管缓慢向上提升高度（管下端未离开水银面），上下两部分气体的压强发生变 化分别为加和体积变化分别为匕和A%.已知水银密度为夕，玻璃管截面积为S,则A.一定等于3iB. A匕一定等于C. "

10、;1与加1之差为pghD. 匕与匕之和为“SA解析：当玻璃管缓慢向上提升高度时，气体的体积变大，压强变小，有部分水银进入 玻璃管，管内水银面比管外高，设高度差为R?,初状态上段气体的压强八=ppgh ,末 状态上段气体的压强p： = o-Q8-"gM ,所以,同理可求出&?2=P.刈？， 故A项正确C错误；由玻意耳定律得所以气体体积的变化AV1= V/-匕=斗匕， P同理可得AK =芈匕，故B错；因为有水银进入玻璃管内，所以匕+S , D错. PiI考点定位】调意耳定律【名师点事】本魅考查了气体的实培定律，涉及气体压强的计算、道超耳定旅的应用等，诲在考宣考生运 用物理理律解决

11、问盛的能力。本题的景理点在于对气体压强的求解+特别注意，曾如卜液体深度相同位史 处的压强是相同的，10.用很弱的光做单缝衍射实验，改变曝光时间，在胶片上出现的图像如图所示，该实验表A.光的本质是波时间较短时间桁长 时间较长B.光的本质是粒子C.光的能量在胶片上分布不均匀D.光到达胶片上不同位置的概率相同C解析：用很弱的光做单缝衍射实验，改变曝光时间在胶片出现的图样，说明光有波粒二象性，故A、B错误；说明光到达胶片上的不同位置的概率是不一样的，也就说明了光的能量在胶片上分而不均匀，故C正确，D错误.【考点定位】波粒二象性材到钝明4a极Ri披长（町）541268196【名师点睛】本题考查光的波粒二

12、象性，意在考查考生对教材内容的掌握情况.只要能简 要运用教材相关知识点分析一些现象就行，属于容易题.11.某光源发出的光由不同波长的光组成，不同波长的光的强 度如图所示，表中给出了一些材料的极限波长，用该光源发出 的光照射表中材料A.仅钠能产生光电子B.仅钠、铜能产生光电子C仅铜、销能产生光电子 D.都能产生光电子D解析：根据爰因斯坦光电效应方程可知，只有光源发出的光的波长小于某金属的极限波长，就有光电子逸出，该光源发出的光的波长小于lOOnm，小于钠、铜、笆的极限波长，都 能产生光电子，D项正确.考点定位】光电效应光的波长小于极限波长$根据爱【名师点睹】本题考查爱因斯坦光电效应方程，重点、是

13、考查发生光电效应的条件：尤的频率大于皎止频率,7坦光电效应方程，还可以计算逸出功，光电呼逸出时的最大动能，甚至还可以结合国象遂行一些分析为断和简柜计算。12.重粒子肿瘤治疗装置中的回旋加速器可发生+5价重离子束，其电流强度为L2X1O-5A, 则在1s内发射的重离子个数为(e = L6xlO79c)A. 3xl012 B. 1.5x10" c. 7.5xIO13 D. 3.75x10"B解析：设Is内发射的重离子个数为，则1s内发射的电荷量g = 5“，由电流定义式可知：一夸，解得：”9L-故BEA、C、D错误.【考点定位】电流的定义【名师点睛】本题考查了电流的定义式，意在

14、考查考生的理解能力.本题要特别注意“+5 价重离子束''的意思.13 .监控系统控制电路如图所示，电键S闭合时，系统白天和晚上都工作，电键S断开时,系统仅晚上工作.在电路中虚框处分别接入光敏电阻(受光照时阻值减小)和定值电阻，则 电路中A. C是“与门”，A是光敏电阻B. C是“与门”，B是光敏电阻C. C是“或门”，A是光敏电阻D. C是“或门”，B是光敏电阻D解析：开关S闭合后，C门的一个输入端是1 ,系统白天、晚上 都工作，说明与另一个输入端的逻辑值无关，则C是、或'门.开关S断开时,C门的一个输 入端是0 ,要让系统工作，另一个输入端必须是1 ,即高电位，所以B

15、是光敏电阻，D正确.L1考点定位】而里透策电路1名师点嘴】本题考查简单透辕电路，意在考皆考生的理解能力.门电路在高中很简柜，重要的记住三钟 重要门电路的特息，知道简要应用。14 .如图，一质量为帆的正方体物块置于风洞内的水平而上，其一而与风速垂直，当风速为 。时刚好能推动该物块.已知风对物块的推力/正比于S/,其中。为风速、S为物块迎风 面积.当风速变为2%时，刚好能推动用同一材料做成的另一正方体物块，则该物块的质量V . , m -为A. 4m B. 8”？ C. 32mD. 64mD解析：设质量为小的正方体边长为a，刚好被推动时，物块受到的风力等于最大静摩擦力,即"取=及5/；，

16、所以有8'g =说；同理,另一块质量为W的正方体边长为b ,则刚好被推动时/而g,解得 = 4a ,因此加=64机,D项正确.匚I考点定位】力的平衡，最大SI摩报力1名师点睛本题考查最大静摩掾力，意在考查考生的分析推理靛力。本题要特别注意：物块的体积变了，质量也就变了，最大静摩擦力也变了 蔓旅住不变量“密度1做这个题目就容易了 $15 . 一简谐横波沿水平绳向右传播，波速为周期为丁，振幅为4.绳上两质点M、N 的平衡位置相距四分之三波长，N位于M右方.设向上为正，在/=0时刻M位移为十。, 2但向下运动,则A 且向上运动：经时间，M位移仍为十二,2A.在/时刻，N恰好在波谷位置B.在i

17、时刻，N位移为负，速度向上C.在，时刻，N位移为负，速度向下AD.在2,时刻，N位移为-三，速度向下2AC解析：，=。时刻波形图如图实线所示，M点处于+ 1且正向上振动，则N点处在.V的A正方向且向下振动.经时间/ , M点仍然在+ 一处但向下振动,如图中虚线所示，此时N点 2位移为负且仍向下运动 但不在波谷A、B错C项正确；由图可知，工7二，因此二为丁， 422在2I时刻，N点速度方向向上，D错.【考点定位】波的传播【名师点睛】本题主要考查了波的传播，意在考查考生的理解能力.知道介质中相相距二2的两质点的振动区别，尤其是其有一个质点在特殊位置时，另一个质点的振动情况.16 .如图，战机在斜坡

18、上方进行投弹演练.战机水平匀速飞行，每隔相等时间释放一颗炸弹, 第一颗落在a点，第二颗落在b点.斜坡上c、d两点与a、 b共线，且ab=bc=cd,不计空气阻力.第三颗炸弹将落在A. be之间B. c点C. cd之间D. d点A解析：占戈机每隔相等时间释放一颗炸弹，第一、二两颗分别落在a、b两点，设一、二两弹落在斜面上的时间差为A/，由于竖直方向做自由落体运 动，假若第三颗落在c点，由水平方向的匀速直线运动可知三、二的时间差也为7，但在 这个/内，炸弹在竖直方向的平均速度比前一个&内竖直方向的平均速度大，因此下落的 距离就大，表明在&之内的某时刻炸弹已经达到斜面，因此第三颗炸弹

19、应该落在be之间，【考点定位】平抛运动【名师点睛】本题考杳了平抛运动的知律，意在考杳考生的分析综合能力。重点是抓住处理平抛运动的重 要方法,运动的合成与分解。把平抛运动分解成水平方向的匀速运动,竖直方向的匀加速运动。因为水平 方向匀速运动，根据水平位移求时间更简便一些。三、多选选择题（共16分，每小题4分.每小题有二个或者三个正确选项.全选对得，得4分：选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得。分）17 .质点运动的位移x与时间,的关系如图所示，其中做机械振动的是ABC解析：机械振动是指物体在某一平衡位置附近做往复运动，质点的位移x随时间变化时体现多次往返，ABC正确.C考息定位】机械运动1名

20、师点，睹】本题考查了机械运动的睚念，涉及位移袅达式，属干容易题，意在考查考生时机械振动的理祥能力根械运动是一个往复运动。.窄18 .如图，质量为/”的小球用轻绳悬挂在。点，在水平恒力F = /摩tand作用 ° '下，小球从静止开始由A经B向C运动.则小球A.先加速后减速B.在B点加速度为零 C.在C点速度为零 D.在C点加速度为gtand1A®* bACD解析：由于尸=tan。，B点是小球的等效平衡位置，在恒定Fy作用下由A至IC ,经过B时速度最大，因此从A到C先加速后减速，AF正确；小球的运动是圆周运动，在B点具有最大速度，具有向心加速度,长B错；由动能定理得

21、tanCLsin20-侬川一cos26） = 就一0 ,解得vc =0 ,C项正确；2在C点时，由小球受力可得/几gsin 28- Feos26 =,解得a = g tan8 , D项正确.【考点定位】动能定理；牛顿第二定律：圆周运动【名师点睛】本题考查了牛顿第二定律、圆周运动和动能定理等知识点，属于动力学综合 题，意在考查考生的分析综合能力.19 . 一颗子弹以水平速度为穿透一块在光滑水平面上迎面滑来的木块后，二者运动方向均不变.设子弹与木块间相互作用力恒定，木块最后速度为。，则A. %越大，。越大B. %越小，0越大C.子弹质量越大，。越大 D.木块质量越小，。越大AC解析：子弹穿透木块过

22、程中，作用力不变，两者都做匀减速运动，子弹的位移与木块的位移之和等于木块的厚 度，保持不变若质量不变, 由加速速度也不变，当子弹 的初速度恁越大时，如图 所示，子弹位移也越大，木块的位移就越小，阴影右边线左移，而木块的初速度和加速度不变，所 以末速度。就越大，故A正确，B错误；子弹的质量越大，加速度越小，初速度一定，位 移越大，如图(b)所示木块的位移就越小，而木块的初速度和加速度不变，所以末速度。就 越大，故C正确；木块的质量越小，加速度越大，初速度不变，末速度越小，如图(c)所示， 故D错误.【考点定位】OT图象：【名师点睛】本题考查了对V4图象的理解和应用，本题很容易误用动量守恒定律和能

23、量守恒定律来求解， 用这个方法来解决问题很繁杂。20 .如图，光滑平行金属导轨固定在水平而上，左端由导线相连，导体棒垂直静置于导轨上 构成回路.在外力尸作用下，回路上方的条形磁铁竖直向上做匀速运动.在匀速运动过程中 外力尸做功1%,磁场力对导体棒做功,磁铁克服磁场力做功W,重力对磁铁做功叱；， 回路中产生的焦耳热为。，导体棒获得的动能为耳.则A.叱=Q B. W2-Wi =QC. W1=Ek D. %+叱；=Ek+QBCD解析：由能量守恒定律可知，磁铁克服磁场力做功必等于回路产生的电能，电能一 部分转化为内能（焦耳热）。,另一部分转化为导体棒的动能耳，所以吗-叱=Q , A错B 正确；对导体棒

24、，由动能定理可知C正确；对系统整体，由功能关系得1% +叱;=£卜+ Q， D项正确.【考点定位】电磁感应；能量守恒定律【名师点睛】本题考查法拉第电磁感应定律的应用，侧重于其中的能量关系，意在考查考 生的分析能力.做本题的关键在于掌握电磁感应中的能量转化关系，知道什么能转化为电能， 电能又转化成什么能.四、填空题（共20分，每小题4分）本大题中第22题为分叉题，分A、B两类，考生可任选一类答题.若两类试题均做，一律 按A类题计分.21 .静电场是周围空间存在的一种物质；通常用 来描述电场的能的性质.答案：静止电荷：电势解析:静电场是由静止电荷在周围空间产生的一种物质甩势是表征电场能的

25、性质的物理量.22A.两小孩在冰而上乘坐“碰碰车'湘向运动.A车总质量为50kg,以2m/s的速度向右运 动：B车总质量为70kg,以3m/s的速度向左运动：碰撞后，A以1.5m/s的速度向左运动， 则B的速度大小为 m/s,方向向 （选填“左”或“右”）答案：05左解析：规定向右为正，由动量守恒定律得“必-？8%+，勉，解得% =-0.5 nV s ,号表示方向向左.22B,两靠得较近的天体组成的系统成为双星，它们以两者连线上某点为圆心做匀速圆周运 动，因而不至于由于引力作用而吸引在一起.设两天体的质量分布为叫和?”则它们的轨 道半径之比凡“ ：/? =:速度之比/ :% =答案：吗

26、：叫：叫：叫解析：双星角速度相同，向心力由彼此间万有引力提供，因此有G当勺=恤疗%， 故（" ：Kg ='2 :见；由。=勿？可得外的：% =鼠:R吗= ：叫.23. 如图，汽车在平直路而上匀速运动，用跨过光滑定滑轮的轻绳牵引轮船，汽车与滑轮间 的绳保持水平.当牵引轮船的绳与水平方向成6角时，轮船速度为。，绳的拉力对船做功的 功率为P,此时绳对船的拉力为.若汽车还受到恒定阻力了,则汽车发动机的 输出功率为.(3一cp5 a-1L答案：fVCQSO+P： fvcosO解谿撼陵照再P解析：由。=尸。8$。解得绳对船的拉力耳=一；此时汽车的速度以 =ocos6，对汽 VCOS0&#

27、39;车，发动机的输出功率%=彳+4=加cosd+P .【考点定位】功率；速度的合成与分解【名师点睛】本题重点是掌握运动的合成与分解，功率的计算.重点理解：因为绳不可伸 长，沿绳方向的速度大小相等.24. 如图所示，一无限长通电直导线固定在光滑水平而上，金属环质量为|0.02kg,在该平面上以% = 2m/s、与导线成60。角的初速度运动，其最终的%运动状态是，环中最多能产生J的电能.答案：匀速直线运动：0.03解析：金属环最终会沿与通电直导线平行的直线，做匀速直线运动；最终速度v=v0cos60c 由能量守恒定律，得环中最多能产生电能工-阳=0.03J.【考点定位】电磁感应；能量守恒定律【名

28、师点睛】本题主要考查了电遨感应中“阻碍”作用.通电直导线周围磁场的特点.当金属环的速度平 行于宣导线运动时，没有感应电流产生。25. 如图，两根通电长直导线a、b平行放置，a、b中的电流强度分别为/和 21,此时a受到的磁场力为尸，若以该磁场力的方向为正，则b受到的磁场力 为： a、b的正中间再放置一根与a、b平行共面的通电长直导线c后, a受到的磁场力大小变为2/，则此时b受到的磁场力为.答案：一尸：一3/或5尸 解析：由牛顿第三定律可知，b受到a对它的磁场力为-尸；a、b的正中间再放置一根与a、b平行共面的通电长直导线c后,c在a、b两导线处的磁感应强度大冰目等,方向相反，c导线对a的作用

29、力可能是F，也可能是-3F ,c导线对b的作用力可能是-2F也可能是6F ,故此时b受到的磁场力为-3尸或5尸.考点定位】安培力【名师点睛】本期考了通电宣导线周圉产生磁场的特点，距离直导距离相等的点，碾感应强度的大小相 等，品场力的蔡加6五、实验题（共24分）26. （3分）在“用DIS研究通电螺线管的磁感应强度”实验中（1）在对螺线管通电 （选填"前”或“后”）必须对磁传感器进行调零.（2）（单选题）实验时，将磁传感器探管前端插至通电螺线管轴线中点时，磁传感器读数为 5mT.减小通电螺线管的电流后，将探管从螺线管的另一端插入，当探管前端再次到达螺线 管轴线中点时，磁传感器的读数可能

30、为A. 5mT B. 5mTC. 3mT D. -3mT答案：（1）前 （2） D解析：（1 ）在对螺线管通电前必须对磁传感器进行调零,否则就会有测量误差.（2 ）减小通电螺线管的电流后，螺线管内的磁感应强度变小，由于从另一端插入，磁传感器的读数可能为-3mT .【考点定位】用DIS研究通电螺线管的磁感应强度【名师点睛】要知道：减小通电螺线管的电流后，。遂灰管内的磁感应强度变小，从不同端插入磁传感器的 读数的正负是不一样。27. （4分）如图是一个多用表欧姆档内部电路示意图.电流表满偏电流0.5mA、内阻10Q：电池电动势1.5V、内阻1Q：变阻器R。阻值0-5000C.（1）该欧姆表的刻度值

31、是按电池电动势为L5V刻度的，当电池的电动势下降到1.45V、内阻增大到4C时仍可调零.调零后段阻值将变（选 填“大”或“小”）；若测得某电阻阻值为300C,则这个电阻的真实值是 C（2）该欧姆表换了一个电动势为1.5V,内阻为10C的电池，调零后测量某电阻的阻值，其 测量结果 （选填“偏大”或“偏小”或“准确”）答案：（1）小：290 （2）准确解析：由闭合电路欧姆定律得/.=-上一不，解得儿=乡-人-，因为式中电源电 （+/ + 凡1动势E变小，内阻变大，故凡将减小；因为该欧姆表的刻度是按电源电动势为E = 1.5 V刻度的.测得某电阻阻值为300。，电流表中的电流/=一，其中欧姆表内阻R

32、c=± .当 R + R。（电源电动势下降到£ = 1.45V时，欧姆表的内阻治=：,由闭合电路欧姆定律得1= ,解得 ” = 290。R +偿（2 ）该欧姆表换了一个电动势为1.5V ,内阻为10Q的电池,调零后测量某电阻的阻值的测量结果准确，因为电源的内阻的变化，可以通过调零电阻的阻值的变化来抵消.【考点定位】多用表的应用【名师点睛】本题考查多用电表欧姆挡的工作原理，解答本题要求熟练闭合电路欧姆定律的应用，掌推多 用表的原理。28. （8分）改进后的“研究有固定转动轴物体平衡条件”的实验装置如图所示，力传感器、 定滑轮固定在横杆上，替代原装置中的弹簧秤，已知力矩盘上各

33、同心圆的间距均为5cm（1）（多选题）做这样改进的有点是A.力传感器既可测拉力又可测压力B.力传感器测力时不受主观判断影响，精确度高C.能消除转轴摩擦力引起的实验误差D.保证力传感器所受拉力方向不变（2）某同学用该装置做实验，检验时发现盘停止转动时G点始终 在最低处，他仍用该盘做实验.在对力传感器进行调零后，用力 传感器将力矩盘的G点拉到图示位置，此时力传感器读数为3N.再对力传感器进行调零， 然后悬挂钩码进行实验，此方法 （选填“能”、“不能”）消除力矩盘偏心引起的实验 误差，已知每个钩码所受重力为1N,力矩盘按图示方式悬挂钩码后，力矩盘所受顺时针方 向的合力矩为 Nm.力传感器的读数为 N

34、.答案：（1） BD （2）能，0.7, -0.5解析：力传感器、定滑轮固定在横杆上，替代原装置中的弹簧秤，主要好处是：力传感器测力时不受主观判断影响，精确度高和保证力传感器所受拉力方向不变，故B、D正确；弹 簧秤也可以测拉力和压力，A错；不能消除转轴摩擦力引起的实验误差，C错.G点始终在最低处，说明重心不在圆心'处.在对力传感器进行调零后，用力传感器将力矩盘的G点拉到图示位置，则力矩盘偏心产生的顺时针力矩= 3x2x0.05Nm=0.3Nm ,再对力传感器调零，并保持G点位置不变，则可以消除力矩盘偏心引起的实验误差；力矩盘所受顺时针方向的合力矩叫=（2 x 1 x 0.05 + 2

35、x 3 x 0.05 + 0.3） N m = 0.7 N m ,根据力矩的Wi条件下x2x0.05+3x3x0.05+0.3 = 0.7，解得F = 0.5N .【考点定位】研究有固定转动轴物体平衡条件【名师点睛】本题求“力矩盘所受顺时针方向的合力矩”很容易忘掉“力矩盘偏心”的力矩。29. （9分）简易温度计构造如图所示.两内径均匀的竖直玻璃管下端与软管连接，在管中 灌入液体后，将左管上端通过橡皮塞插入玻璃泡.在标准大气压下，调节 右管的高度，使左右两管的液而相平，在左管液而位置标上相应的温度刻厂、 度，多次改变温度，重复上述操作.（）（1）（单选题）此温度计的特点是A.刻度均匀，刻度值上小

36、下大B.刻度均匀，刻度值上大下小C.刻度不均匀，刻度值上小下大D.刻度不均匀，刻度值上大下小（2）（多选题）影响这个温度计灵敏度的因素有A.液体密度 B.玻璃泡大小 C.左管内径粗细 D.右管内径粗细（3）若管中液体是水银，当大气压变为75cmHg时，用该温度计测得的温度值（选填“偏大”或“偏小”）.为测得准确的温度，在测量时需.答案：（1） A （2） BC（3）偏大：调整两管液面高度差，使右管液面比左管液而高1cm,然后读数解析：玻璃管很细，其中因液面上升而引起的气体体积的变化可以不计，认为气体作等容变化，此时气体的压强与热力学温度成正比，所以刻度均匀,刻度值上小下大，A正确.因为这个温度

37、计要求玻璃泡体积很大，而左玻璃管内径很细，误差才小，B、C正确.因为该温度计是在标准大气压下标的刻度，所以当大气压强是75cmHg时，用该温度计测得的温度值偏大，为测得准确的温度，在测量时需调整两管液面的高度差，使右管液面比左 管高1cm ,也就是76cmHg（相当于标准大气压），然后读数.【考点定位】气体的状态方程【名师点睛】解答本题要求掌握近似处理方法。细玻璃管内气体的体积变化可以忽略不计。六、计算题（50分）30. （10分）如图，气缸左右两侧气体由绝热活塞隔开，活塞与气缸光滑接触.初始时两侧气体均处于平衡态，体积之比匕：匕=1:2,温度之比7；=2:5.先保持右侧气体温度不 变，升高左

38、侧气体温度，使两侧气体体积相同；然后使活塞导热，两侧气体最后达到平衡, 求：（1）两侧气体体积相同时，左侧气体的温度与初始温度之比:（2）最后两侧气体的体积之比.答案：（1） 2： （2）-4解： （1）设初始时压强为右侧气体满足pV2 = pV解得攵=3 = 2（2）活塞导热达到平衡n9V nuV左侧气体满足一 =乙电 Ti 右侧气体满足叱=丝£（t2平衡时 7； =7；'解得幺=马=±匕 kT、4【考点定位】气体状态方程【名师点睛】本题考查是气体状态方程,涉及的是两部分气体，要分析清楚每一部分气体“初 状态”和“末状态”.不要混淆.31. （12分）质量为小的小

39、球在竖直向上的恒定拉力作用下，由静止开始从水平地面向上运 动，经一段时间，拉力做功为W,此后撤去拉力，球又经相同时间回到地面，以地面为零 势能而，不计空气阻力.求：（1）球回到地面时的动能线：（2）撤去拉力前球的加速度大小a及拉力的大小F；W（3）球动能为一时的重力势能综434答案：（1） IV： （2） F = -mg ： （3）二W 或二W解：（1）撤去拉力时球的机械能为W,由机械能守恒，回到地面时的动能（2）设拉力作用时间为t,在此过程中球上升/?,末速度为。，则712h = at2v = at由题意有一=四一;解得a=；g 根据牛顿定律Fmg=ma4 解得 F = -mg3（3）动能为

40、W/5时球的位置可能在/?的下方或上方设球的位置在/?下方离地"处（F-/?g）/? = W而 （尸一7g）/? = JLw4解得 / = -/?3重力势能 E?=mShf = -W设球的位置在h上方离地/处由机械能守恒w+m8hn = W4因此 Ep=mgir = -W【考点定位】牛顿第二定律：机械能守恒定律：匀变速直线运动公式【名师点睛】本题考查是气体状态方程，涉及的是两剖分气体，要分析清楚每一部分气体“初状态”和“末 状态“。不要混淆。iWrn-s"32. （14分）如图（a）两相距L=0.5m的平行金属导轨固定于水平而上，导轨左端与阻值 R=2C的电阻连接，导轨间虚

41、线右侧存在垂直导轨平面的匀强磁场，质量? =0.2kg的金属杆 垂直于导轨上，与导轨接触良好，导轨与金属杆的电阻可忽略，杆在水平向右的恒定拉力作 用下由静止开始运动，并始终与导轨垂直，其。一，图象如图（b）所示，在15s时撤去拉力, 同时使磁场随时间变化，从而保持杆中 电流为0，求：（1）金属杆所受拉力的大小为产；（2） 0-15s匀强磁场的磁感应强度大小10 15 20 佻 图(b)图（a）为为;（3） 1520s内磁感应强度随时间的变化 规律.答案：(1) 0.24N： (2) 0.4T： (3) B(t) =2050 (" 15)(" 25)解：（1）由图象可知在（MOs时间段杆尚未进入磁场，因此F 一 吆=inal由图可得 a = 0.4 ni/ s2同理可知在15-2OS时间段仅在摩擦力作用下运动.jLtmg =