2018年材料阅读题及答案

1、重庆中考材料阅读题分类讲练类型1代数型新定义问题例1 12017 重庆A】对任意一个三位数n,如果n满足各数位上的数字互不相同，且都不为零， 那么称这个数为“相异数”-将一个“相异数”任意两个数位上的数字对调后可以得到三个不同的新三位数，把这三个新三位数的和与111的商记为F(n).例如n二123,对调百位与十位上的数字得到213，对调百位与个位上的数字得到321，对调十位与个位上 的数字得到132，这三个新三位数的和为213+ 321+ 132= 666, 666十111二6,所以，F( 123) =6.计算：F(243) , F(617);(2)若 s , t 都是“相异数”，其中 s=

2、100X+ 32, t = 150+ y(1 <x< 9, 1 < yw9, x, yF(S都是正整数)，规定：F 当F(s) + F(t) = 18时，求k的最大值.F(t)针对训练1 .对于一个两位正整数xy(0 wy<x< 9,且x、y为正整数)，我们把十位上的数与个位上的数的平 方和叫做t的“平方和数”，把十位上的数与个位上的数的平方差叫做t的“平方差数”.例如：对数62来说，62 + 22=40 , 62 - 22= 32,所以40和32就分别是62的 “平方和数”与“平方差数”.75的“平方和数”是，5可以是的“平方差数”；若一个 数的“平方和数”为1

3、0,它的“平方差数”为8,则这个数是.求证：当xw 9, yw 8时，t的2倍减去t的“平方差数”再减去99所得结果也是另一个数的 “平方差数”.将数t的十位上的数与个位上的数交换得到数t;若t与t的“平方和数”之和等于t，与t，的“平方差数”之和，求 t.2. 将一个三位正整数n各数位上的数字重新排列后(含n本身).得到新三位数abc(a vc)，在所有重新排列中，当| a + c-2b|最小时，我们称abc是n的“调和优选数”，并规定 F(n)= b2- ac.例如 215 可以重新排列为 125、152、215，因为|1 + 5 2X2 | = 2, | 1 + 2 2X5 | = 7,

4、 | 2 + 5 2X1 | = 5,且 2V 5V 7,所以 125 是 215 的“调和优选数” ,2F(215) = 2 1X5=1.(1) F(236) = ；如果在正整数n三个数位上的数字中，有一个数是另外两个数的平均数，求证：F(n)是一个完全平方数；(3)设三位自然数t=100x+ 60+ y(1 wxw9, 1 < y< 9, x, y为自然数),交换其个位上的数字与百位上的数字得到数若t二693,那么我们称t为“和顺数” ,求所 有“和顺数”中F(t) 的最大值.3. 进制也就是进位制,是人们规定的一种进位方法.对于任何一种进制一一X进制，就表示某一位置上的数运算

5、时是逢X进一位.十进制是逢十进一,十六进制是逢十六进一，二进制就是逢二进一，以此类推，X进制就是逢X进一.为与十进制进行区分，我们常把用X进制 表示的数a写成X. 类比于十进制，我们可以知道：X进制表示的数(1111) x中，右起第一位上的1表示1X X。，第二位 上的1表示1X ，第三位上的1表示1X X2,第四位上的1表示1X X3.故11) x=1X X+1X X2+ 1 XX1+ 1XX5,即：(1111) X转化为十进制表示的数为X3+ X2+ X1+ X°.女口 ： 32103210(1111) 2=1X2 3+1X2 2+ 1X 21+1X2 °=15, (1

6、 11 1) 5=1 X5 3+1X5 2+1X 51+ 1 X5°=156. 根据材料,完成以下问题： (1)把下列进制表示的数转化为十进制表示的数： (101011)2=； (302) 4= ； (257) 7= 若一个五进制三位数(a4b) 5与八进制三位数(ba4)8之和能被13整除(1 waw5, 1wbw5,且 a、b均为整数)，求a的值； 若一个六进制数与一个八进制数之和为666,则称这两个数互为“如意数”，试判断(mm1)6与 (nn5) 8是否互为“如意数” ？若是，求出这两个数；若不是，说明理由.4. 我们知道，任意一个正整数n都可以进行这样的分解：n二pxq(P

7、 ,q是正整数，且pwq),在n的所有这种分解中，如果P, q两因数之差的绝对值最小，我们就称pxq是n的最P佳分解并规定：F(n)二八.例如12可以分解成1X12, 2X6或3X4,因为1216 2 q>4- 3,所以3X4是12的最佳分解，所以F(12)= 4.如果一个正整数m是另外一个正整数n的平方，我们称正整数 m是完全平方数.求证：对任意一个完全平方数m,总有F(m)=1.如果一个两位正整数t , tz= 10X + y(1 wxwyw9, x, y为自然数)，交换其个位上的数与十位上的数得到的新数减去原来的两位正整数所得的差为36，那么我们称这个数t为“吉祥数”，求所有“吉祥

8、数”；在所得的“吉祥数”中，求F(t)的最大值.类型2函数型新定义问题例2已知一个大于1的正整数t可以分解成t=ac+ b2的形式(其中awe, a, b, c均为 正整数)，在t的所有表示结果中，当be-ba取得最小值时，称“ ac+ b2是t的“等比b + C222中项分解"'此时规定：P(t)=，例如：7= 1X 6+ 1 = 2X 3+ 1 = 1X 3+ 2 , 12 (a + b)X6. 1X1>2X3.2X1> 1X3- 1X2,所以 2X 3+ 俨是 7 的”等比中项分解” ，P(7)2二3.22(1)若一个正整数q=m + n，其中m n为正整数

9、，则称q为“伪完全平方数”，证明：1对任意一个“伪完全平方数为都有P(q) = J若一个两位数s=10X+ 丫(1亚丫亚乂亚5,且乂，丫均为自然数)，交换原数十位上的数字和个位上的数字得到的新数的两倍再加上原数的14倍，结果被8除余4，称这样的数s为“幸福数”，求所有“幸福数”的P(s)的最大值.针对训练1.如果关于x的一元二次方程ax2+ bx+ c=0有两个实数根，且其中一个根为另一个根 的2倍， 则称这样的方程为“倍根方程”，以下关于倍根方程的说法： 方程x2-x- 2=0是倍根方程； 若(x 2)(mx + n) = 0 是倍根方程，则 4m + 5mn+ n= 0;2 2 若点(P

10、, q)在反比例函数y二的图象上,则关于X的方程px2+ 3x+ q= 0是倍根方程.X其中正确的是(写出所有正确说法的序号)2 .先阅读下列材料，再解答下列问题：2材料:因式分解：(x+ y)+ 2(x+ y)+ 1.解：将“ x+ y”看成整体，令x+ y=A,则原式二A2+ 2A+ 1=(A+ 1产再将“A”还原，得原式=(x + y + 1产.上述解题中用到的是“整体思想”，整体思想是数学解题中常用的一种思想方法，请你解答下列 问题：2(1)因式分解：1 + 2(x - y) + (x - y) =;(2)因式分解:(a + b)(a + b 4) + 4=;2(3)证明：若n为正整数

11、，则式子(n + 1)(n + 2)(n + 3n) + 1的值一定是某一个整数的平方.3 .若三个非零实数x, y, z满足：只要其中一个数的倒数等于另外两个数的倒数的和， 则称这三个实数x, y, z构成“和谐三数组”.(1)实数1, 2, 3可以构成“和谐三数组”吗？请说明理由；k 若M(t , yi) , N(t+ 1, y2) , R(t+ 3, y»三点均在函数y=；(k为常数，kO)的图象上，且这三点的纵坐标y3构成“和谐三数组"，求实数t的值；2 若直线y = 2bx + 2c(bc丰0)与x轴交于点A (Xb 0),与抛物线y= ax+ 3bx+ 3c(a

12、丰0)交 于 B(X2, y2), C(X3, y3)两点.求证：A, B, C三点的横坐标M，X2, X3构成“和谐三数组”；c b若a2b3c , X2=1，求点Pr ,)与原点O的距离OP的取值范围.a a4 若一个整数能表示成a2+ b2(a , b是整数)的形式，则称这个数为“完美数”-例如，5是“完美数”，因为5= 22+ 12.再如，依x2 + 2xy+ 2y2= (x+ y)2+ y2(x , y是整数)，所以 M也是“完美数”.(1)请你再写一个小于1。的“完美数”，并判断29是否为“完美数”. 已知S=x2 + 4y2+4x-12y + k(x，y是整数，k是常数)，要使S

13、为“完美数”，试求出 符合条件的一个k值，并说明理由.如果数m, n都是“完美数”，试说明mn也是“完美数”.5.若将自然数中能被3整除的数，在数轴上的对应点称为“3倍点” P,取任意的一个“3倍点” P,到点P距离为1的点所对应的数分别记为a, b.定义：若数K=a2+ b2- ab,则 称数K为“尼尔数”.例如：若P所表示的数为3,则a=2, b=4,那么K=22+ 42- 2X4 =12;若 P 所表示的数为 12,贝 U a = 11, b= 13,那么 K= 132+ 112- 13X11= 147，所以 12，147 是 “尼尔数”.(1)请直接判断6和39是不是“尼尔数”，并且证

14、明所有“尼尔数” 一定被9除余3;(2)已知两个“尼尔数”的差是189,求这两个“尼尔数”.类型3整除问题例3我们知道，任意一个大于1的正整数n都可以进行这样的分解：n=p + q(p、q是正整数， 且pw q)，在n的所有这种分解中，如果p、q两数的乘积最大，我们就称P + q是n的最佳分解.并规定在最佳分解时：F(n)=pq.例如6可以分解成1 + 5或2+4或3+ 3,因为1X 5<2X 4V3X 3,所以3+ 3是6的最佳分解，所以F(6)=3X 3= 9.求F(11)的值；(2) 一个正整数，由N个数字组成，若从左向右它的第一位数能被1整除，它的前两位数被2除余1,前三位数被3

15、除余2,前四位数被4除余3,，一直到前N位数被N除余(N 1)，我们称这样的数为“多余数” ,如：236的第一位数“ 2”能被1整除，前两位数“ 23”被2除余1 , “ 236”被3除余2,则236是一个“多余数”,若把一个小于200的三 位“多余数”记为t ,它的各位数字之和再加1为一个完全平方数，请求出所有“多余数”中F(t) 的最大值.针对训练1. 一个正整数，由N个数字组成，若从左向右它的第一位数可以被1整除，它的前两位数可以被2整除，前三位数可以被3整除，一直到前N位数可以被N整除，则这样的数叫做 “精巧数” ,如：123的第一位数“1”可以被1整除，前两位数“12”可以被2整除，

16、“123”可 以被3整除，则123是一个“精巧数”.若四位数123k是一个“精巧数”，求k的值；若一个三位“精巧数” 2ab各位数字之和为一个完全平方数，请求出所有满足条件的三位“精 巧数”.2.人和人之间讲友情，有趣的是，数与数之间 也有相类似的关系,若两个不同的自然数的所有真因数（即除了自身以外的正因数）之和相等，我 们称这两个数为“亲和数”.例如：18的正因数有1、2、3、6、9、18,它的真因数之和为1 + 2+ 3 + 6 + 9=21; 51的正因数有1、3、17、51，它的真因数之和为1 + 3 + 17= 21，所以称 18和51为“亲和数”.数还可以与动物形象地联系起来，我们

17、称一个两头（首位与末位）都是1 的数为“两头蛇数”.例如：121、1351等.（1）8的真因数之和为；求证：一个四位的“两头蛇数”与它去掉两头后得到的两位数的3倍的差，能被7整除；（2）一个百位上的数为4的五位“两头蛇数”能被16的“亲和数”整除，若这个五位“两头蛇 数”的千位上的数字小于十位上的数字，求满足条件的五位“两头蛇数”X2 X + 33.材料1：将分式 e拆分成一个整式与一个分式（分子为整数）的和的形式 2& x x + 3 x （ x + 1） 2 （X + 1）+ 5 x （X + 1）2 （x+ 1）解：=二X+ 1_+X +1X +1x+1X +1 X +12x x

18、 + 35这样，分式就拆分成一个整式x-2与一个分式的和的形式.X+ 1X+ 15=2 +x+1'材料2:已知一个能被11整除的个位与百位相同的三位整数100x+ 10y + x,且1 WxW4求y与x的函数关系式.112x y乂/ Kxw4, 0< yw 9,. 7< 2x yW 8,还要使 十十为整数2x y = 0.2将分式也拆分成一个整式与一个分子为整数的分式的和的形式,则结果为X 1（2）已知整数x使分式22x + 5x 20的值为整数,则满足条件的整数XX 3已知一个六位整数20xy17能被33整除，求满足条件的x, y的值.4.在任意n（n>1且n为整数

19、）位正整数K的首位后添加6得到的新数叫做K的“顺数”，在K的末位前添加6得到的新数叫做K的“逆数” .若 K的“顺数”与“逆数”之差能被17整除，称K是“最佳拍档数”.比如1324的“顺数”为 16324, 1324的“逆数”为13264 , 1324的“顺数”与“逆数”之差为16324- 13264= 3060, 3060- 17= 180,所 以1324是“最佳拍档数”. 请根据以上方法判断31568 （填“是”或“不是”）“最佳拍档数”；若一个首 位是5的四位“最佳拍档数” N,其个位数字与十位数字之和为8,且百位数字不小于十位数字，求所有符合条件的N的值；证明：任意三位或三位以上的正整

20、数K的“顺数”与“逆数”之差一定能被30整除.a5.若整数a能被整数b整除，则一定存在整数 n,使得.二n,即a二bn例如：若整数a能被整数7整除，则一定存在整数n,使得a=7n.（1）将一个多位自然数分解为个位与个位之前的数，让个位之前的数减去个位数的两倍，若所得之差能被7整除，则原多位自然数一定能被7整除-例如：将数字1078分解为8和107, 107-8X 2= 91,因为91能被7整除，所以1078能被7整除，请你证明任意一个三位数 都满足上述规律.（2）若将一个多位自然数分解为个位与个位之前的数，让个位之前的数加上个位数的k（k为正整数，Kk< 5）倍，所得之和能被13整除，求

21、当k为何值时使得原多位自然数一定能被13整 除.r-fr?参考答案例 1 .解：(1) F(243) = (423+ 342+ 234) - 111= 9, F(617)= (167+ 716+ 671) - 111= 14./ S, t都是“相异数”， F(S)= (302+ 10X+ 230 + X + 100X+ 23)十 111= X+ 5, F(t)= (510+ y+ 100y + 51 + 105+ 10y) -111= y+ 6,x = 5,x = 6,t/nt/y = 2y= 1.TF(s) + F(t) = 18,. * .x + 5+ y+ 6=x+y+ 11 =18,

22、x+ y= 7,v 1 w x < 9,1 < y < 9,x, y都是正整数，X= 1, X= 2, X= 3, x = 4, 01/0(/-cAay= 6 y= 5 y= 4 y = 3(2)vs是“相异数”，XM2, x羊3,vt是“相异数”X = 1, X = 4, X = 5, yM 1, yM 5, 或 或y 二 6 y = 3 y= 2. F(s)= 6,或 F= 9,或 F二 10, F(t)二 12 或 F(t)= 9 或 F(t)= 8. k二虫！=1或k二巴越二1或k二凹二5k=F (t)= 2 或卜二 F(t) = 1 或 k=F (t)二 4，5,-

23、k的最大值为.4针对训练1 解： 74; 32 ; 31(2)证明：令 t= 10X+ y,222(iox+ y) (x y) 99222222= 20x + 2y x + y - 99= (y + 2y + 1) (x 20x + 100) = (y + 1) (x 10),t的2倍减去t的“平方差数”再减去99所得结果是另一个数的“平方差”数.令 t= xy , t'= yx ,2222由题意知：10x+ y + x + y = 10y+ x+ y x ,所以 9X- 9y + 2x2= o , 9( X - y) + 2X-|a+ c - 2bl最小时，我们称abc是n的“调和优

24、选数”， = 0 ,2/x y>0 , 2x> 0, x二 y 二 0.故 t 二。.2.解：(1) F(236) = 3(2)证明：设这个正整数n三个数位上的数字分别为：x + yx , 2, y.ox2+ y2 xy x yxy = - 7 二； F(n)为一个完全平方数；(3) t= 100X+ 60+ y , V= woy+ 60 + x ,/t V= 99X 99y= 693，二 99( X y)= 693, X y= 7, X= y+ 7,1W x< 9, 1 w yw 9,. 1 w y + 7< 9, r. 1 < y< 2,V= 1, V=

25、 2, 或 t = 861 或 t = 962,X 二 8 X 二 9,当t = 861时，可以重新排列为168, 186, 618.*/ |1 + 8 2X6|= 3, |1 + 6 2X8|= 9, |6 + 8 2X 11 = 12, - 168 为 861 的“调和优 选数”， F(861)= 6X 6 1X8= 28;当 t = 962 时，可以重新排列为269, 296, 629,v |2 + 92X 6| = 1, |2 + 6 2X 9| = 10, |6 + 9 2X 2| = 11,二 269 为 962 的“调和优选数”， F(962) = 6X62X9= 18.所有“和

26、顺数”中F(t)的最大值为28.3.解：(1) 43; 50; 1401 22(2) b + 4X5 + aX5 + 4 + ax8+ bX8 = 33a+ 65b + 24= 13(2 a+ 5b + 1) + 7a+ 11,13整除7a+ 11,15而 1waw5, 1 wbw5, r. 18w 7a + 11w46, r. 7a+ 11 = 26 或 39.解得 a=(舍去)或 4, a= 4.(3) ( mm) 6+ (nn5) 8=1 + 6m+ 36m+ 5+ 8n + 64n=6+ 42 R+ 72n.若互为“如意数”，贝【J 6+ 42m+ 72 n= 666, 7m+ 12n

27、= 110，此时m必为偶数，经检验，当 m= 2, n= 8 时，7n+ 12n= 110,这两个数为85和581.4. (1)证明：对任意一个完全平方数m设m= a2(a为正整数)， /1 a一 a|=0, ax a是m的最佳分解， 对任意一个完全平方数 m总有F ( m=a= 1.a(2)设交换t的个位上的数与十位上的数得到的新数为t',则t'=1 oy + x, vt是“吉祥数”， 11 = (10 y + x) (10 x+ y)= 9( y x) = 36, y= x+ 4,v 1 w xw yw 9, x, y 为自然数， 满足“吉祥数”的有 15 , 26, 37

28、, 48, 59.3216 313321 1 f")二 3, f(26)二面 p(37) = 37, f(48)= 6=3, f(59) = 59. ''4>5>届亏59，3所有“吉祥数”中，F(t)的最大值是4.类型二例2解：(1)证明：awe, a, b, c为正整数， be ba= b( c a) > 0.又 q= mi+ n1 2= nr 讨 产，令 n= b, m= a= c,则此时be ba最小为0,故m-01八«是q的”等比中项分解”， n+ m 1 Rq) = 2 (m+n) = 2， (2)由题意，得 2(1 oy+ x)

29、+ 14(10x+ y)= 8k+ 4(k 为整数)，即：142X+ 34y= 8k+ 4. 8(18X+ 4y) + 2y 2x 4= 8k, 2(y- X- 2)是8的倍数，y X 2是4的倍数.又/ 1 wyxW5且x, y均为自然数， 一6w y X 2w 2, y X 2= - 4, X= y+ 2,. Szz 31, 42, 53./ be ba= b( c a)，且 a, b, c 为正整数，aw c,当b越小，c a的差越小，b( c a)越小.21 + 67当 S = 31 时，31 = 5X 6+ 1，贝 y P(31)二二乔；当 S 二 42 时，42 = 2X 3 +2

30、X(5 十 1)126十396，则(42)二 2X( 6+ 2)辆当 S 二 53 时，53 = 7X 7+ 22 或 53= 2X 2+ 72,小197 19贝IJ P(53)=.V>>， Pf S) max= .2 16 12216针对训练1 .2 .解:1 + 2(X- y)十(x y)= (X- y+ 1)；(2)令 A= a+ b,则原式变为 A(A- 4)十 4 = A 4A+ 4 =(A- 2), 故(a + b)( a+ b 4)十 4= (a+ b 2)2 ;(3)证明：(n+ 1)( n+ 2)( n+ 3n)十 1=(n2+ 3n)( n+ 1)( n+ 2)

31、十 122=(n 十 3n)( n 十 3n + 2)十 122211113 .解：V1 , 2, 3的倒数分别为1, 3，且1>2电.=(n +3n)十 2(n +3n)十 122=(n 十 3n+1), vn为正整数，M+ 3n+ 1也为正整数，代数式(n+ 1)( n + 2)( n2 + 3n)十1的值一定是某一个整数的平方.1 1-2+311，二1，2, 3不可以构成“和谐三数组”kkk k k k(2)Mt, t), Nt+ 1,匚门)，Rt+ 3,卞)，且卞肓，八才勾成"和谐三数组”若 k = F+ 于，得 2t + 4= t，得 t =4;t -4- 1 11

32、+ 3若一二?+ ，得 2t + 3= t+ 1,得 t =-2;一 kkkt43tt + 1若中二+ 一，得 2t+ 1 = t+ 3,得 t = 2.kkk综上，t的值为一4或一2或2.证明：a, b, c均不为。，. Xi, X2, X3都不为°令丫=2bx+ 2c=。，贝UX：, y = 2bx+ 2c,2联立 2整理得：ax + bx+ c=0.y = ax + 3bx+ 3c, b cb 1C XrX2, X3构成“和谐三数组” c- a b.T X2+ X3二,X2 X3 二 aa11 X2+ X3b aX2 X3 X2 - X3 a ca> 2b,5b >

33、-A, B, C三点的横坐标Xi, T X2- 1, a+ b+ c- 0, / a>2b>3c,. a>2b>3( 一 a b)，且 a>0,整理 得3 b 1 bc b 5vav2 且 R ,2c 2b 2 a b 2b 2b 1 210P-Q) + QN h) + (b)-2Q+2)+ 2，令 m- b 则.5vmv1 且仆 0,则 OP- 2( m 扩+ *, T2>0,313131当一<nrz时，OP随m的增大而减小，当m=z时，OP有最大值灵,当m=一于时，525252OP有最小值1;11.12 11当一2vnv2且mA0时，OP随m的增大

34、而增大，当m= 3时，OP有最小值，当m=3时，OP有最大值5，.lw OF2V5 且 oPM 1,2 2鼻 OP"且。占1.224.解：(答案不唯一 )0 , 1, 2,4, 8,9均可.因为29.52+ 22,所以29是“完美数”；22222(2)当 k = 13 时，S= x + 4y + 4x 12y+ 13= x + 4x+ 4+ 4y - 12y + 9=(x + 2) + (2y3)TX, y是整数，- x+ 2, 2y- 3也是整数，5是一个“完美数”/ m与n都是“完美数”，设m=a2+ b2, n= c2+ d2(a, b, c, d都是整数)，贝U 222222

35、222222mn=(a+b)( c + d)=a c +ad +b c + bd二 a2c2+2abcd+b2d2 + b2c2 2abcd+ a2d2 22=(ac + bd) + (be ad).a, b, c, d 是整数， ac+ bd与be ad都是整数， mn也是“完美数”.5.解：6不是“尼尔数”；39是“尼尔数”；设a=3n+1, b=3n- 1(其中n为自然数)，22K二(3n+ 1) + (3n 1) (3n+ 1)(3 n 1) =2X9 n2+ 2X 1一 (9 n2 -1) = 9n2+ 3, 所有 设这两个“尼尔数”分别为廿19m2 + 3氯匕+小“尼尔数” 一定被

36、9除余3.及其中 m, n 为整数，贝(9m2+3) (9n2+3)= 189,m + n)( m一n) =1X21 或 3X7. m + n=21,m + n=7,m=11, m=5,=，或=，解得=，或二，mn= 1mn= 3. n= 10 n= 2.22当 m= 11, n= 10 时，9m+ 3 = 9X 11 + 3 = 1092,229n24-3=9X 102 + 3= 903.当 m=5, n=2 时，9m2 + 3= 9X52+ 3= 228,229n2 + 3= 9X22+3= 39.答：这两个“尼尔数”分另!I是1092和903或228和39.类型3.整除问题例 3.解：(

37、1)11 =1+10=2 + 9=3 + 8=4 + 7=5 + 6,且 1X 10v2X 9v3X 8v4X 7v5X 6,所以F(11)= 5X 6= 30.设此数为1 be,由题可得10+ b= 2耐1，由得：10+ b为奇数，所以b为奇数；100+ 10b+ c=3n + 2，由 得：1 + b+ C+1是3的倍数；1 + b+ c + 1 = k2.(其中 m n, k为整数)又因为 K b<9, Kc<9,所以 4w 1+ b+ c+1 <20, 所以1+ b+ c+ 1只能等于9，即b+ c=7.所以当b=1时，C=6,此数为116.当b = 3时，c=4,此数

38、为134；当b = 5时，c=2,此数为152;当b = 7时，C=0,此数为170;当b二9时,舍去；所以 F(t) max= F(1 70) =85X85= 7225.针对训练1.解：（1） -四位数123k是一个“精巧数”，-1230+ k是4的倍数；即 1230+ k= 4n,当 n二 308 时，k = 2；当 n = 309 时，k= 6, k= 2 或 6;/ 2ab是“精巧数”，-a为偶数，且2+ a+ b是3的倍数， / a< 10, bv 10, r. 2 + a+ bv22, 各位数字之和为一个完全平方数， 2- 2+ a+ b= 3=9, 当 a= 0 时，b=

39、7 ；当 a = 2 时，b= 5 ；当 4 时，b= 3 ；当 6 时，b= 1, 所有满足条件的三位“精巧数”有： 207, 225, 243, 261.2.解：（1）证明：设这个四位“两头蛇数”为 1ab1，由题意，得1 ab1 - 3ab = 1001 + 100a+ 10b-30a 3b = 1001 + 70a + 7b=7 （143+ 10a+ b）. a、b为整数，143+ 10a+ b为整数， ,一个四位的“两头蛇数”与它去掉两头后得到的两位数的3倍能被7整除. / 16 的真因数有：1, 2, 4, 8, 1+2+4+8=15. / 15= 1 + 3+ 11,二 16 的“亲和数”为 33.设这个五位“两头蛇数”为 1x4y1，由题意，得2字为整数，3310x