高考化学一轮复习4.2富集在海水中的元素卤素课时同步练习

1、.富集在海水中的元素卤素一、选择题1以下说法错误的选项是A氯气与烧碱溶液或石灰乳反响都能得到含氯消毒剂B氯气易液化，液氯可以保存在钢瓶中C氯水、氯气、液氯均能与硝酸银溶液反响产生白色沉淀D过量的铁在氯气中燃烧时生成FeCl2解析过量的铁在氯气中燃烧产物为FeCl3，D错误。答案D2实验室里保存以下试剂的方法错误的选项是A新制氯水盛放在棕色试剂瓶中，存放于低温避光的地方B液溴易挥发，盛放在用水液封的棕色试剂瓶中C碘易升华，盛放在有水的棕色广口试剂瓶中D浓盐酸易挥发，盛装在无色密封的细口玻璃试剂瓶中解析碘单质应盛放在广口瓶中，但瓶中不能加水。答案C3以下变化过程中不能直接实现的是HClCl2CaC

2、lO2HClOCO2ABCD解析A项，浓HCl与二氧化锰在加热条件下能产生Cl2，可直接实现HClCl2的转化；B项，因HClO的酸性弱于碳酸，所以不能直接实现HClOCO2的转化；C项，CaClO2能与H2O和二氧化碳反响生成碳酸钙和次氯酸HClO，可直接实现CaClO2HClO的转化；D项，Cl2与氢氧化钙反响生成CaCl2、CaClO2和H2O，可直接实现Cl2CaClO2的转化。答案B4向盛有Cl2的三个集气瓶甲、乙、丙中各注入以下液体中的一种，经过振荡，现象如以下图所示，那么甲、乙、丙中注入的液体分别是AgNO3溶液NaOH溶液水ABCD解析甲中气体和溶液都无色，说明不存在氯气，是参

3、加NaOH溶液；乙中气体无色且溶液中出现白色浑浊，说明不存在氯气且溶液中生成了白色沉淀，是参加AgNO3溶液；丙中气体和溶液都呈浅黄绿色，说明存在氯气分子，是参加水。答案B5以下装置应用于实验室制氯气并回收氯化锰的实验，能到达实验目的的是A用装置甲制取氯气B用装置乙除去氯气中的少量氯化氢C用装置丙别离二氧化锰和氯化锰溶液D用装置丁蒸干氯化锰溶液制MnCl2·4H2O解析浓盐酸与二氧化锰反响制氯气需要加热，A项错误；除去氯气中的少量氯化氢应用饱和食盐水，且导气管应长进短出，B项错误；二氧化锰不溶于水，氯化锰溶于水，可用过滤的方法别离，C项正确；加热过程中氯化锰水解，最终得不到所要产物，

4、D项错误。答案C6ClO2是一种新型水处理剂，工业上用NaClO2与盐酸反响制备ClO2的反响如下：5NaClO24HCl稀=5NaCl4ClO22H2O；NaClO24HCl浓=NaCl2Cl22H2O。以下说法中正确的选项是A两种反响中HCl均是复原剂B盐酸浓度越大，复原性越强C中氧化产物与复原产物物质的量之比为45D中每生成1 mol Cl2转移2 mol电子解析中盐酸中的Cl全部转入到NaCl中，电子转移发生在NaClO2中的氯原子之间，A错误；盐酸表现出复原性时，浓度越大，复原性越强，B正确；中ClO2是氧化产物，NaCl是复原产物，但NaCl中有五分之四的氯来源于盐酸，氧化产物和复

5、原产物的物质的量之比为41，C错误；中每生成1 mol Cl2时转移1.5 mol电子，D错误。答案B7某化学小组用如下图装置验证卤素单质氧化性的相对强弱。以下说法不正确的选项是AE处棉花球变成黄色，说明Cl2的氧化性比Br2强BF处棉花球变成蓝色，说明Br2的氧化性比I2强CE处发生反响的离子方程式为：Cl22Br=2ClBr2DG装置中NaOH溶液与Cl2反响的离子方程式为：2OHCl2=ClOClH2O解析在F处，可能是未反响完的Cl2与KI发生反响置换出I2，使淀粉变蓝色，不能说明Br2的氧化性比I2强。答案B8以下对氯及其化合物的说法正确的选项是A过量的铁在氯气中燃烧可生成氯化亚铁B

6、用pH试纸测得氯水的pH4C溴化钠溶液中参加少量新制氯水振荡，再参加少量四氯化碳振荡，静置后，上层颜色变浅，下层颜色变橙红色D由CaClO2CO2H2O=CaCO32HClO可推出CaClO2SO2H2O=CaSO32HClO解析Cl2与变价金属反响生成高价金属氯化物，其产物与氯气和金属的相对量无关，A错误；氯水中含具有漂白作用的HClO，不能用pH试纸测定氯水的pH，B错误；2NaBrCl2=2NaClBr2，Br2易溶于CCl4而被萃取，故上层颜色变浅，下层颜色变橙红色，C正确；HClO有强氧化性，能将CaSO3氧化为CaSO4，D错误。答案C9以下可以检验出KI中是否含有Br的实验是A参

7、加足量的新制氯水，溶液变色那么有BrB参加酸性KMnO4溶液，观察溶液颜色是否褪去C参加少量的碘水，再参加CCl4振荡，有机层有色，那么有BrD参加足量FeCl3溶液，用CCl4萃取后，取无色的水层并参加AgNO3溶液，有淡黄色沉淀生成，那么含有Br解析A项，在KI中参加足量新制氯水，也会置换出单质碘而使溶液变色，故不能确定是否含有溴离子；B项，溴离子和碘离子均能使酸性高锰酸钾溶液褪色；C项，参加少量的碘水，再参加CCl4振荡，有机层可能是萃取单质碘而显色，并没有溴单质产生。答案D10以下图所示为海水综合利用的部分流程，以下有关说法错误的选项是A实验室进展的操作需要用到坩埚、玻璃棒、酒精灯B是

8、一个将电能转化为化学能的过程C涉及的反响均为氧化复原反响D中反响的离子方程式为SO2Br22H2O=4HSO2Br解析操作是蒸发，而不是灼烧，不需要坩埚，需要蒸发皿，A项错误；是电解氯化钠溶液获得Cl2的过程，B项正确；是NaBr与Cl2发生的置换反响，发生的反响为：Br2SO22H2O=H2SO42HBr，是HBr转化为Br2的过程，涉及的反响均为氧化复原反响，C项、D项正确。答案A11以下关于卤素的表达中正确的选项是卤素的钾盐中，最易被氧化的是氟化钾用汽油作为提纯溴的萃取剂溴化银具有感光性，碘化银不具有感光性某溶液与淀粉碘化钾溶液反响出现蓝色，那么证明该溶液是氯水或溴水氟气与氯化钠水溶液反

9、响，一定有HF和O2生成氯气与水反响时，水既不是氧化剂也不是复原剂ABCD解析卤素的钾盐中，最易被氧化的是KI，错；溴不易溶于水而易溶于汽油，可以用汽油萃取提纯溴，对；溴化银、碘化银都具有感光性，错；某溶液与淀粉碘化钾溶液反响出现蓝色，证明该溶液中含有氧化性的物质，不一定是氯水或溴水，错；氟气与氯化钠水溶液反响，本质是氟气与水发生置换反响，一定有HF和O2生成，对；氯气与水反响时，水既不是氧化剂也不是复原剂，对。答案C二、填空题12为验证卤素单质氧化性的相对强弱，某小组用以下图所示装置进展实验夹持仪器已略去，气密性已检验。实验过程：.翻开弹簧夹，翻开活塞a，滴加浓盐酸。.当B和C中的溶液都变为

10、黄色时，夹紧弹簧夹。.当B中溶液由黄色变为棕红色时，关闭活塞a。1A中产生黄绿色气体，其电子式是_。2验证氯气的氧化性强于碘的实验现象是_。3B中溶液发生反响的离子方程式是_。4为验证溴的氧化性强于碘，过程的操作和现象是_ _。5过程实验的目的是_。6氯、溴、碘单质的氧化性逐渐减弱的原因：同主族元素从上到下_，得电子才能逐渐减弱。解析A中产生的黄绿色气体为Cl2，其电子式为。2氯气遇潮湿的淀粉KI试纸时，发生反响Cl22KI=I22KCl，产生的I2遇淀粉变蓝，可以证明氯气的氧化性强于碘。3B中Cl2与NaBr发生置换反响，离子方程式为Cl22Br=2ClBr2。4C中NaBr与氯气反响生成N

11、aCl和Br2，将C中溶液滴入D中，振荡，发生反响：Br22KI=I22KBr，静置后D中溶液分层，下层为碘的四氯化碳溶液，显紫红色，可以说明溴的氧化性强于碘。5过程主要是为了确认C的黄色溶液中无Cl2，排除对溴置换碘实验的干扰。6氯、溴、碘单质的氧化性逐渐减弱，是因为从Cl到I，原子半径逐渐增大，得电子才能逐渐减弱。答案12淀粉KI试纸变蓝3Cl22Br=Br22Cl4翻开活塞b，将少量C中溶液滴入D中，关闭活塞b，取下D振荡。静置后CCl4层溶液变为紫红色5确认C的黄色溶液中无Cl2，排除Cl2对溴置换碘实验的干扰6原子半径逐渐增大132019·贵州七校联考.实验室常用以下几种方

12、法制取氯气。1二氧化锰与浓盐酸反响制氯气，写出其反响的离子方程式_。2高锰酸钾与浓盐酸反响制氯气，写出其反响的化学方程式_。3氯酸钾与浓盐酸反响制氯气，该反响中氧化产物与复原产物的物质的量之比为_。.某研究性学习小组利用以下装置制备漂白粉，并进展漂白粉有效成分的质量分数的测定。1装置中的X试剂为_。2装置中发生反响的化学方程式为_，该反响是放热反响，反响温度较高时有副反响发生，改进该实验装置以减少副反响发生的方法是_。3测定漂白粉有效成分的质量分数：称取1.000 g漂白粉于锥形瓶中，加水溶解，调节溶液的pH，以淀粉为指示剂，用0.100 0 mol·L1KI溶液进展滴定，溶液出现稳

13、定浅蓝色时为滴定终点。反响原理为：3ClOI=3ClIOIO5I3H2O=6OH3I2实验测得数据如下表所示。滴定次数123KI溶液体积/mL19.9820.0220.00该漂白粉中有效成分的质量分数为_；假设滴定过程中未充分振荡溶液，部分变浅蓝色时就停顿滴定，那么测定结果将_填“偏高“偏低或“无影响。解析.3氯酸钾与浓盐酸反响制氯气的化学方程式为KClO36HCl浓=KCl3Cl23H2O,1 mol氧化剂KClO3与5 mol复原剂HCl反响生成3 mol Cl2，所以该反响中氧化产物与复原产物的物质的量之比为51。.3消耗KI溶液的平均体积为20.00 mL。设ClO的物质的量为x mo

14、l，ClO2IH2O=ClI22OH1 mol2 molx mol0.100 0 mol·L1×0.020 L所以x0.001，次氯酸钙的质量为：143 g·mol1×0.001 mol×0.071 5 g，所以其质量分数为：×100%；假设滴定过程中未充分振荡溶液，部分变浅蓝色时就停顿滴定，那么消耗碘化钾的物质的量偏少，所以测定结果将偏低。答案.1MnO24H2ClMn2Cl22H2O22KMnO416HCl浓=2KCl2MnCl25Cl28H2O351.1NaOH溶液22CaOH22Cl2=CaCl2CaClO22H2O将装置放于

15、冷水浴中进展实验37.15%偏低14含氯化合物的应用越来越广泛，请完成以下有关问题：1亚氯酸钠NaClO2是一种漂白织物的漂白剂，具有较强的氧化性。亚氯酸钠中氯元素的化合价为_，其水溶液显碱性的原因为_，其水溶液中离子浓度由大到小的顺序为_。2亚氯酸钠在碱性溶液中稳定，在酸性溶液中生成ClO2和氯元素的另一种稳定离子，写出亚氯酸钠在酸性条件下反响的离子方程式_。3ClO2是一种新型平安多功能型杀菌剂，其制备方法有多种，其中一种为SO2通入NaClO3中，其氧化剂与复原剂的物质的量之比为_。4一定条件下，KClO3与硫酸酸化的草酸H2C2O4溶液反响可制备ClO2，该反响的离子方程式为_。5Ag

16、NO3溶液可以用来检验水溶液中的Cl或Br。假设向AgCl悬浊液中参加NaBr溶液，可把AgCl转化为AgBr，AgClsBraqAgBrsClaq到达平衡时，cClcBr23.41，KspAgCl1.8×1010，那么KspAgBr_不要求写单位。解析1亚氯酸为弱酸，故亚氯酸钠溶液中ClO水解使溶液显碱性ClOH2OHClO2OH。2根据氧化复原反响化合价升降规律，另一种含氯的稳定离子是Cl，根据原子守恒及得失电子守恒得反响的离子方程式为5ClO4H=4ClO2Cl2H2O。3ClOClO2，氯元素化合价降低1，SO2SO，硫元素化合价升高2，由得失电子守恒可得氧化剂与复原剂的物质的