【最新解析版】河南省洛阳市2015届高三第二次统一考试理综物理试题

1、20142015学年高中三年级第二次统一考试理科综合物理试卷本试卷分第I卷（选择题）和第n卷（非选择题）两部分。其中第n卷3340题为选考题，其它题为必考题。考生作答时，将答案答在答题卷上，在本试卷上答题无效。第I卷（选择题，共126分）注意事项：1 .答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科自填写在答题卷上。2 .选择题每小题选出答案后，用 2B铅笔将答题卷上对应题目答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。答在试题巷上无效。3 .非选择题用 0. 5毫米黑色墨水签字笔直接写在答题卷上每题对应的答题区域内， 答在试题卷上无效。4 .考试结束后，请将答题卷上交。可能用

2、到相对原子质量： H-1 Li7 C12 N-14 O-16 Na23 Mg24Ca 40 Cr 52 Cu-64 Au197二、选择题（本题共8小题，每小题6分洪48分.其中第1418题只有一项符台题目要求， 第19-21题有多项符合题目要求.全部选对得 6分，选对但不全得3分,选错或者不选得 0 分）14.在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步，下列表述符合物理学史实的是A.开普勒认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比B.牛顿认为在足够高的高山上以足够大的水平速度抛出一物体，物体就不会再落到地球 上C.奥斯特发现了电磁感应现象，这和他坚信电和磁之

3、间一定存在着联系的哲学思想是分不开的D.安培首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究【答案】B【命题立意】旨在考查物理学史【解析】A胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比，C法拉第发现了电磁感应现象，法拉第首先引入电场线和磁感线【举一反三】迪卡尔通过研究物体的运动规律，在牛顿第一定律的基础上提出了惯性定律？15.如右下图甲所示，一个质量为平力F作用下由静止开始做直线运动.3kg的物体放在粗糙水平地面上，从零时刻起，物体在水在03s时间内物体的加速度 a随时间t的变化规律A. F的最大值为12 NB. 01s和23s内物体加速度的方向相反C. 3s末物体的速度

4、最大，最大速度为 8m/sD.在01s内物体做匀加速运动，23s内物体做匀减速运动【命题立意】旨在考查牛顿第二定律的理解，运动图象的理解和应用【解析】A加速度最大为4 m/s2,合力最大为4N,但有摩擦力B 01s和23s内物体加速度都是正值 ，方向相同，C梯形的面积是最大速度，类比匀变速的面积相当于位移,物体一直做加速做加速直线运动，但加速度先增大，又不变，最后减少16 .如右下图所示，“嫦娥三号”的环月轨道可近似看成是圆轨道，观察“嫦娥三号”在环月轨道上的运动，发现每经过时间t通过的弧长为1,该弧长对应的圆心角为 。弧度.已知万有引力常量为 G,则月球的质量是12A.不Gu3tu3B. v

5、 G12tC-Git2嬉城三号【命题立意】旨在考查天体运动中万有引力与向心力的关系,圆周运动的弧长，角度，半径如右下图乙所示.则第3页的数学关系【解析】 1 = RMR = -；H“嫦娥三号”绕着月球做匀速圆周运动，F = 驷二m七，代入v与R,R:艮解之可得17.如右下图所示，图中的三个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片 P向左端缓慢移动时,II卜面说法中正确的是A.电压表 ©的读数减小，电流表 ®的读数增大B.电压表包1的读数增大，电压表 )的读数增大C.电阻Rp消耗的功率增大，电容器 C所带电量增加D.电压表包2的读数减小，电流表 0的读数减小【答案】D【命题立意】旨

6、在考查闭合电路的动态分析和电压表与电容器在直流电路中应用【解析】P向左端缓慢移动,冲增大，F、=r+Ri+R2+Rp增大，电流表读数二区 减小，强测量以两端的电压 6=1©减少，故D正确。(V1测量R2和RP在总电压，或电源和Ri的外电压，即Ui=| (R2+Rp) =E-I(r+Ri)故增大，AB错误。C.电阻Rp消耗的功率 P=2Rp,不能确定,但电容器C所带电量Q=C Ui增大。18.如右下图所示，一个小球套在固定的倾斜光滑杆上，一根轻质弹簧的端悬挂于。点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将 小球沿杆拉到与 。点等高的位置由静止释放.小球沿杆下滑，当弹簧 处于竖直时

7、，小球速度恰好为零.若弹簧始终处于伸长且在弹性限度内， 在小球下滑过程中，下列说法正确的是A.小球的机械能先增大后减小B.弹簧的弹性势能一直增加C.重力做功的功率一直增大D.当弹簧与杆垂直时，小球的动能最大【答案】A【命题立意】旨在考查机械能守恒，能的转化与守恒，功率的概念以及运动过程的分析【解析】先分析小球的运动过程，由静止释放，初速为0,沿杆方向受重力和弹簧两个分力，做加速运动，当弹簧与杆垂直时，还有重力沿杆方向的分力，继续加速；当过弹簧与杆垂直的某个位置时，这两个分力相等方向相反时，加速度为0,速度最大，之后做减速运动。小球的机械能是动能和重力势能，弹力做功是它变化的原因，弹力先做正功后

8、做负功， 它的机械能就先增后减，故 A正确。弹簧的弹性势能变化由弹力做功引起的，弹力先做正功后做 负功，故弹性势能先减后增，B错误。C.重力做功的功率是重力沿杆方向的分力和速度的积，故应先增后减。19.如图所示，一个质量为0. 4 kg的小物块从高h=0. 05m的 坡面顶端由静止释放，滑到水平台上，滑行一段距离后，从边缘O点水平飞出，击中平台右下侧挡板上的P点.现以O为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系，挡板的2形状满足万程y= x 6 （单位：m）,不计一切摩擦和空气阻力，g=10m/s2,则下列说法正确的是A.小物块从水平台上 O点飞出的速度大小为 1m/sB.小物块从。点运动列

9、P点的时间为l sC.小物块刚到P点时速度方向与水平方向夹角的正切值等于5D.小物块刚到P点时速度的大小为 10 m/s【答案】AB【命题立意】 旨在考查平抛运动的两个分运动，合速度大小和方向以及数学知识在物理上的 应用。【解析】顶端到0,由机械能守恒,High二，IV' v=1 m/s,故A正确；0到P平抛，水平方向x=vt,竖直方向h二：铲;由数学知识 y=x26, h= x26,即一gl二一6,解得t=1s,则B正确； 工二二二二一故C错误；到P的速度犷/：+（即二拗1,D错误。第11页20.如右下图所示，匀强电场中的PAB平面平行于电场方向， C点为AB的中点，D点为PB的中点

10、.将一个带电粒子从P点移动到A点，电场力做功 Wpa= 1.6X10 8j；将该粒子从P点移动到B点，电场力做功 W pb= 3.2X10-8J.则下列说法正确的是A.直线PC为等势线B.直线AD为等势线C.若将该粒子从 B点移动到A点，电场力做功 Wba=1.6X 10 8JD.若将该粒子从 P点移动到C点，电场力做功为 Wpc= 2.4X10 8j【答案】BD【命题立意】旨在考查电场力做功的特点【解析】粒子从 P点移动到B点，电场力做功 W pb= 3.2X108J,则P到D电场力做功为Wpd= 1.6X108J, P到A与P到D电势能变化相同，电势变化相同，直线AD为等势线，故B正确；电

11、场线垂直于直线AD,则A错误；电场力做功与路径无关，PB与PAB做功相同，即 W PB=W PAW ab, w ab=1.6X10 8J,故 C 错误，应为 Wba= 1.6X10 8j； d, Wpc=Wpa+ W ab/2=2.4 X 10-8j,正确。21.海洋中蕴藏着巨大的能量，利用海洋的波浪可以发电.在我国南海上有一浮桶式波浪发电灯塔，其原理示意图如图甲所示. 浮桶内的磁体通过支柱固定在暗礁上， 浮桶内置线圈随 波浪相对磁体沿竖直方向运动，且始终处于磁场中，该线圈与阻值R= 15 的灯泡相连.浮桶下部由内、外两密封圆筒构成（图中斜线阴影部分），如图乙所示，其内为产生磁场的磁体，与浮桶

12、内侧面的缝隙忽略不计；匝数 N = 200的线圈所在处辐射磁场的磁感应强度 B= 0.2T,线圈直径 D=0.4m,电阻r= 1 Q .取重力加速度 g=10m/s2,兀2=10.若浮桶随波 浪上下运动的速度可表示为 v=0. 4% sin （兀t） m/s.则下列说法正确的是A.波浪发电产生电动势 e的瞬时表达式为e=16sin （兀t） VC.灯泡的电功率为 120WD.灯泡两端电压的有效值为生1v2B.灯泡中电流i的瞬时表达式为i=4sin （兀t） A【答案】BC【命题立意】旨在考查法拉第电磁感应定律，交变电流的瞬时值和有效值【解析】线圈在浮桶里随波浪上下运动切割磁感线产生感应电动势，

13、e = NBLv=NBttDv=200：10.2（兀 X0410- 4Ttsin（Ttt） =64 sin （nt）故 A 错误；R 总=15+1=160,则灯泡中电流i的瞬时表达式为i = e/R总=4sin （兀t） A,故B正确；灯泡中电流的有效值为，灯泡的电功率P=I2R=120W,故C正确；灯泡两端电压的有效值为U=IR=15x24=30A, D错误第II卷（非选择题，共174分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第 22题第32题为必考题。每个试题考生都必须作答.第33题第40题为选考题。考生根据要求作答.（一）必考题（11题，共129分）22. （6分）某学习小组设计了一种

14、粗测小物体质量的方法.使用的器材有细绳、硬纸板、支架、刻度尺、铅笔、白纸、自制小滑轮、已知质量的小物块和若干待测小物体等.简化的实验装置如右图所示，在A点固定一根细绳 AP,以A为圆心、AP为半径描出圆弧CD,直线AC水平，AD竖直.在B点固定小滑轮，一根细绳绕过小滑轮，一端悬挂小物块（质量m0已知），另一端连接绳端 P点.在结点P悬挂不同质量的待测小物体m,平衡时结点P处在圆弧CD上不同的位置.利用学过的物理 知识，可求出结点 P在圆弧CD上不同的位置时对应的待测 物体的质量值 m ,并标在CD弧上.（1）在圆弧CD上从C点至D点标出的质量值应逐渐 （填写“增大”或“减小”）；（2）如右上图

15、所示，BP延长线交竖直线 AD于P'点，用刻度尺量出 AP'长为li, PP'长为12,则在结点P 处标出的质量值应为 .【答案】增大（2） m°ii/ 12【命题立意】旨在考查力的平行四边形定则 一 , 、 , 一 '一【解析】力的三角形 GPR与长度三角形APP相似，mg/AP =mog/pp 则 m= moli/ I223.（9分）实际电流表都有内阻，为了测量电流表（G1的内阻卬提供的器材如下：待测电流表 （05 mA,内阻约300 ）电流表（G2 （015mA,内阻约100Q）定值电阻Ri （Ri=150Q）滑动变阻器R2 （0-20Q ）mg

16、电源（电动势 3V）电键S及导线若干(1)为了使测量结果尽量精确，设计并在答题卷上的虚线框中画出实验的电路图.(2)对照所画电路图连接如右上图所示实物图.(3)闭合电键S,移动滑动触头至某一位置，记录G2)的读数ii和a则待测电流表的内阻可表不为 g=【答案】(1) (2)如图所示r/T【命题立意】旨在考查分压式电路和限流式电路的区别，伏安法测电阻和电表的使用【解析】因待测电阻远大于滑动变阻器的电阻，用分压式电路。定值电阻Ri分流作电压表使用。待测电流表的电阻24. (13分)如图(1)所示，一根直杆AB与水平面成某一角度自定， 在杆上套一个小物块, 杆底端B处有一弹性挡板，杆与板面垂直，现将

17、物块拉到A点静止释放，物块下滑与挡板第一次碰撞前后的 vt图像如图(2)所示，物块最终停止在 B点.重力加速度为 g= 10m /s2,求：图(2)图(1)物块与杆之间的动摩擦因数科；(2)物块滑过的总路程s.【答案】（1） 0.256m【命题立意】旨在考查运动图象的理解，牛顿第二定律以及用功和能的知识解决多过程问题【解析】由图象可知，物块下滑的加速度ai=j/脐=4m/s2上滑时的加速度大小 a2=k/Jt=8m/s2,杆AB长L=2m设斜杆的倾角为0 ,物块的质量为 m,物块与杆间的动摩擦因数为科由牛顿第二定律得F合=mgsin 0 mgcos 0 =m aiF 合=mgsin 0 +mg

18、cos 0 =m a2代入数据，得，（1=0.25, sin 0 =0.6, cos 0 =0.8（2）对物块整个过程分析，设物块运动的路程为s,由动能定理得 mgLsin 0 一科 mgcos。s=0,代入数据得， s=6m25. （19分）在光滑绝缘的水平面上，左侧平行极板间有水平方向匀强电场，右侧圆筒内有竖直方向匀强磁场，磁感应强度大小为B,俯视图如图右下所示.圆的圆心为。点，半径大 小为R. 一质量为m、电荷量大小为q的带电小球（可视为质点），初始位置在 A点，现由静止经电场加速后从 C孔沿直径射入磁场区域，粒子和圆筒壁的碰撞没有动能和电荷量损失.B、R m、q为已知量，圆筒仅有一个出

19、入口C.（1）求平行板间电压 U和小球在磁场中运动半径 r的函数表达式；（2）如果小球能从出入口 C返回，求它在磁场中运动的最短时间；（3）求小球能从出入口 C返回且在磁场中运动时间最短情况下，平行板间所加电压U的可能值.【命题立意】 旨在考查带电粒子在电场中的加速和磁场中偏转，结合数学知识解决磁场中的 圆心，半径，时间，轨迹【解析】（1）如图所示，小球沿直线从 A运动到C,再沿 圆弧到P,圆弧的圆心在 D,设圆周运动的线速度为 v, 半径为r, COP= 9，两板间的电压为U,小球在电场中运动时，由动能定理知： .小球做圆周运动时，由牛顿第二定律得工广、f洛=Bqv=联立解得In:（2）小球

20、在磁场中运动时，分析可知每次与筒壁碰撞时速度方向都沿半径方向向外，然后再沿半径向内开始做圆周运动，每段圆弧运动的速度、大小、半径时间都是相同的。设小球经白旗 、M 加n段圆弧运动后最后从C射出，须满足（n二一（n之3）圆弧对应的圆心角=匕n小球段运动的时间为t = n史堂耳中叩r= Bq故：一 一一 当n=3时，最短时间为t二一（3）当时间最短时，这时 n=3上。=12伊g由几何关系得，r=Rtan- M代入U二世得，U二迪 2m2m（二）选考题：共 45分。请考生从给出的 3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任 选一题作答，并用 2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所作题目的题号

21、必须与 所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第 一题计分。33 .【物理选修33（15分）（1） （6分）下列说法正确的是 .（填入正确选项前的字母,选又1个给3分, 选又2个给4分，选对3个给6分.每选错1个扣3分，最低得分为0分.）A.布朗运动是液体分子的运动，它说明分子永不停息的做无规则热运动B.气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内的分子数及气体分子的平均动能都有关C.当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小D.如果气体分子总数不变，温度升高，气体分子的平均动能一定增大 ，因此压强也增大E.当分子间距离增大时，分子间的引力和斥力

22、都减小【答案】BCE【命题立意】旨在考查分子动理论和压强的微观解释【解析】A,布朗运动是大颗粒的运动，不是分子的无规则运动，故 小由分子运动的快慢和分子密集程度决定，故D错误。（2） （9分）“拔火罐”是一种中医疗法，为了探究“火罐”的“吸力”，某人设计了如右图所示的实验.圆柱状气缸（横截面积为S）开口向下被固定在铁架台上，轻质活塞通过细线与重物m相连，将一团燃烧的轻质酒精棉球从缸底的阀门K处扔到气缸内，酒精棉球传热良好，重物被吸起，最后重物稳定在距地面10已知环境A错误。D,压强在大熄灭时（设此时缸内温度为 tC）关闭阀门K （不漏气），此时活塞 下的细线刚好拉直且拉力为零，而这时活塞距缸底

23、为L.由于气缸温度为27c不变，mg与1大气压强相当，气缸内的气体可看作一定质量的理想气体，活 S 6塞与气缸间的摩擦不计.求酒精棉球熄灭时气缸内的温度t的值.【答案】t = 127&【命题立意】旨在考查理想气体实验定律和压强的宏观计算【解析】设大气压为 Po体积为LS,温度273+tK;末状态的压强为p,体积为L 一 人,10温度300K。对气缸内的气体分析，由理想气体状态方程P扬二 t+273 1300对活塞受力分析，由平衡条件得一 .-： 两式结合，代入数据， t = 12?34:【物理选修34（15分）（1） （6分）下列说法正确的是 .（填入正确选项前的字母，选又1个名3分，

24、选 对2个给4分，选对3个给6分.每选错1个扣3分，最低得分为0分.）A.变化的电场一定产生变化的磁场，变化的磁场一定产生变化的电场B.单摆在周期性外力作甩下做受迫振动，其振动周期与单摆的摆长无关C.在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则干涉条纹间距变宽D.用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的偏振E.医生利用超声波的多普勒效应可以探测病人血管中血液的流速【答案】BCE【命题立意】旨在考查受迫振动，麦克斯韦的电磁场理论，双缝干涉，薄膜干涉，多普勒效应【解析】A,均匀变化的磁场产生稳定的电场，故 A错误；受迫振动的周期是由驱动力的周期决定，故B正确；双缝干涉条纹间距和

25、波长成正比，红光的波长在七种单色光中最长，故C正确；检查平面的平整度是应用了薄膜干涉，故 D错误。(2) (9分)如右图所示，有一截面是直角三角形的棱镜ABC, /A= 30。，它对紫光的折射率为ni,对红光的折射率为 血，在距AC边d处有一个与AC平行的光屏，现有由以上两种色光组成的很细的光束垂直 AB边射入棱镜.求：第17页红光和紫光在棱镜中的传播速度之比;若两种色光都能从 AC面射出，求在光屏 MN上两光点的距离.【答案】"二圻;朴小斤曲【命题立意】旨在考查光的折射率，光在介质中传播速度和折射率的关系，应用几何知识解决光的传播问题【解析】(i)由折射率的公式，！1二一得，电 6

26、(2)如图，画出红光和紫光的光路图， 在AC边折射时，入射角都 是30o，设红光的折射角为I,紫光的折射角为则电二2吧两种光在光屏上的光点距离35 .【物理一选修35（15分）（1） （6分）下列说法正确的是 .（填入正确选项前的字母，选又1个给3分，选对2个给4分，选对3个给6分,每选错1个扣3分，最低得分为0分.）A.温度越高，放射性元素的半衰期越长B.天然放射现象说明原子核内部是有结构的C.汤姆生通过“粒子散射实验提出了原子的核式结构D.光的波长越大，光子的能量越小E.由波尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子【答案】BDE【命题立意】旨在考查原子和原子核结构的认识过程，光子说【

27、解析】半衰期是由原子核本身决定，和外界因素关，则 A错误；贝克勒尔发现天然放射 现象，揭示原子核 是有结构的，故 B正确；卢瑟福通过a粒子散射实验提出了原子的核式 结构，汤姆生提出了枣糕式原子模型，故C错误；由=师，知D正确；由玻尔理论,激发态的能量高，基态能量低，跃迁过程有释放以光子形式存在的能量，故E正确。（2） （9分）如图所示，在光滑的水平面上放置一个质量为2m的木板B, B的左端放置一个质量为m的物块A,已知A、B之间的动摩擦因数为 科，现有质量为 m的小球以水平 速度vo飞来与A物块碰撞后立即粘住，在整个运动过程中物块A始终未滑离木板 B,且物块A可视为质点，求：块A相对B静止后的

28、速度大小；本板B至少多长.【答案】g =L.二【命题立意】旨在考查动量守恒定律，碰撞过程能量变化以及转化和守恒【解析】小球与A的碰撞过程动量守恒，动能不守恒；A在板上滑动过程动量守恒，动能的损失转化为内能。小球与A碰后二者速度为R,三者相对静止时速度为 %,由动量守恒定律，叫=2 mMit加“ =4mv2解这得，当A在木板B上滑动时，系统损失的动能摩擦生热转化为内能，设木板 B的长度为L,假 设刚好滑到B的右端时共速，由能量守恒定律，得-2mvf-z4mvj = |2mgL£ £解之得1曜洛阳市20142015学年高中三年级统一考试理科综合物理参考答案二、选择题（本题扶8小

29、题，每小题6分共48分.全部选对羯6分，选对但不全得3分.选 错或者不选得。分）14. B 15, C 16. C 17+ D 18. A 19. AB 20. BD 21. HC三.非选择题:包括必考题和选考题两部分，第22题第25题为必考圈每个试鹿考生都 必须做答.第33题第35题为选考血，考生根据要求做答.（一）必考题22, （6分）（1）增大（2分）3鹏 （4分） h23, （9分）（1）电路如图所示（4分）C2）连线如图所示（3分）（3）0 = "分）24, <13 分）解工（1）由图像可知物块下滑时加速度大小小=4 e/3,上滑时加速度大小勺=2 m/s3 杆 AB 长 f = 2m.3 分设斜杆倾角为心物块质量为切，物块与杆之间的动摩擦因数为人由牛顿第二定 律得：TJTgsln? TTMiwigsintf + ma 2代入数据，得斜= 0.256分sin。= 0. 6cosfl = 0, 8（2）对物块整个运动分析，设物块总路程大小为$,由动能定理得mglsintf fjjng*3 = 0代入数据t得：$ = 6m”,4分25, （19 分）解；（1）如图所示，小球沿直线由A运动到C,再沿圆弧运动到P点，圆弧运动的圆 心在D点，设圆弧运动的线速度为n,半径为广,/8P = 3两板间电压为U.小球在电场中运动时，由动能定理