上海市名校2021届高考物理考试试题

1、2019-2020学年高考物理模拟试卷一、单项选择题：本题共1。小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的1.如图所示，水平传送带A、B两端相距x=2m,物体与传送带间的动摩擦因数r=0.125,物体滑上传送带A端的瞬时速度VA=3m/s,到达B端的瞬时速度设为vs。g取10m/s2,下列说法中正确的是（）A.若传送带顺时针匀速转动，物体刚开始滑上传送带A端时一定做匀加速运动B.若传送带顺时针匀速转动，物体在水平传送带上运动时有可能不受摩擦力C.若传送带逆时针匀速转动，则vb 一定小于2m/sD.若传送带顺时针匀速转动，则VB 一定大于2m/s2. 202

2、0年1月7日23时20分，在西昌卫星发射中心，长征三号乙运载火箭托举“通信技术试验卫星五 号”直冲云霄。随后，卫星被顺利送入预定轨道做匀速圆周运动，发射任务取得圆满成功，为我国2。2。年 宇航发射迎来“开门红”。下列说法正确的是（）A.火箭发射瞬间，该卫星对运载火箭的作用力大于自身的重力B.火箭发射过程中，喷出的气体对火箭的作用力与火箭对喷出的气体的作用力相同C.卫星绕地匀速圆周运动中处于失重状态，所受地球重力为零D.由于卫星在高轨道的线速度比低轨道的小，该卫星从低轨道向高轨道变轨过程中需要减速3 .两个完全相同的波源在介质中形成的波相互叠加的示意图如图所示，实线表示波峰，虚线表示波谷， 则以

3、下说法正确的是（）A. A点为振动加强点，经过半个周期后，A点振动减弱B. B点为振动减弱点，经过半个周期后，B点振动加强C. C点为振动加强点，经过四分之一周期后，C点振动仍加强D. D点为振动减弱点，经过四分之一周期后，D点振动加强4 .如图所示，倾角为夕的斜面体A置于粗糙水平面上，物块B置于斜面上，已知A、B的质量分别为M、 m,它们之间的动摩擦因数为 =tan现给B平行于斜面向下的恒定的推力F,使B沿斜面向下运 动，A始终处于静止状态，则下列说法中不正确的是（）A.无论F的大小如何，B一定加速下滑B.物体A对水平面的压力& （M+"l）gc. B运动的加速度大小为4

4、= £mD.水平面对A一定没有摩擦力5. 一定质量的理想气体由状态A沿平行T轴的直线变化到状态B,然后沿过原点的直线由状态B变化到 状态C, p-T图像如图所示，关于该理想气体在状态A、状态B和状态C时的体积Va、Vb、Vc的关系正 确的是（）A.匕叫=匕B.匕 <匕=匕C. % >3%D.6 .从空间某点以大小不同的速率沿同一水平方向射出若干小球，不计空气阻力。则它们的动能增大到初 动能的2倍时的位置处于A.同一直线上B.同一圆上C.同一椭圆上D.同一抛物线上7 .如图所示，边长为L的等边三角形ABC内、外分布着两方向相反的匀强磁场，三角形内磁场方向垂直 纸面向里，两磁

5、场的磁感应强度大小均为B.顶点A处有一粒子源，粒子源能沿N BAC的角平分线发射不 同速度的粒子粒子质量均为m、电荷量均为+q,粒子重力不计.则粒子以下列哪一速度值发射时不能通过 C点（）:本/X */X X A .X .Xc qBLqBL2qBLqBLB，C m2m3mSm8 .如图所示，A、B两滑块质量分别为2kg和4kg,用一轻绳将两滑块相连后分别置于两等高的光滑水平 面上，并用手按着滑块不动，第一次是将一轻质动滑轮置于轻绳上，然后将一质量为4kg的钩码C挂于动 滑轮上，只释放A而按着B不动；第二次是将钩码C取走，换作竖直向下的40N的恒力作用于动滑轮上, 只释放B而按着A不动。重力加速

6、度g=10m/s2,则两次操作中A和B获得的加速度之比为（） 昌昌SCA. 2： 1B. 5： 3C. 4： 3D. 2： 39 .如图所示，两个完全相同的矩形导线框A、B在靠得很近的竖直平面内，线框的长边均处于水平位置.线 框A固定且通有电流I,线框B从足够高处由静止释放，在运动到A下方的过程中（）A.穿过线框B的磁通量先变小后变大B.穿过线框B的磁通量先变大后变小C.线框B所受安培力的合力为零D.线框B的机械能一直减小10.如图所示，金属棒ab置于水平放置的U形光滑导轨上，在ef右侧存在有界匀强磁场B,磁场方向垂 直导轨平面向下，在ef左侧的无磁场区域cdef内有一半径很小的金属圆环L,圆

7、环与导轨在同一平面内.当 金属棒ab在水平恒力F作用下从磁场左边界ef处由静止开始向右运动后，下列有关圆环的说法正确的是A.圆环内产生变大的感应电流，圆环有收缩的趋势B.圆环内产生变小的感应电流，圆环有收缩的趋势C.圆环内产生变大的感应电流，圆环有扩张的趋势D.圆环内产生变小的感应电流，圆环有扩张的趋势二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分11.如图所示，一水平放置的平行板电容器充电以后与电源断开，并在其间加上垂直纸面向里的匀强磁场; 某带电质点以某一速度从水平平行板中央进入正交的

8、匀强电场和匀强磁场中，刚好做匀速直线运动。下列 说法正确的是（）TXXXXXXXXXXXXXXXXA.该质点一定带正电B.该质点可能带负电C.若仅磁场的水平方向均匀增大，质点将向上偏转，速率越来越小D.若将下极板缓慢向下移动，质点将向下偏转，速率越来越大12 .最近几十年，人们对探测火星十分感兴趣，先后发射过许多探测器。称为“火星探路者”的火星探测器 曾于1997年登上火星。在探测器“奔向”火星的过程中，用h表示探测器与火星表面的距离，a表示探测器 所受的火星引力产生的加速度，a随h变化的图像如图所示，图像中a】、az、h。以及万有引力常量G己知。火星的半径为Hi “2 + MB.火星表面的重

9、力加速度大小为内火星的第一宇宙速度大小为火星的质量大小为（1 1 =C.D.13 .如图所示为两分子间作用力的合力/与两分子间距离，,的关系曲线，下列说法正确的是A.当/大于时，分子力合力表现为吸引B.当，.小于4时，分子力合力表现为排斥C.当等于4时，分子间引力最大D.当，.等于4时，分子间势能最小E.在，由。变到的过程中，分子间的作用力做负功14.如图甲所示，一质量为m的物体静止在水平面上，自t=。时刻起对其施加一竖直向上的力F,力F随 时间t变化的关系如图乙所示，已知当地重力加速度为g,在物体上升过程中，空气阻力不计，以下说法 正确的是()A.物体做匀变速直线运动B.与时刻物体速度最大c

10、.物体上升过程的最大速度为D.九时刻物体到达最高点 15.如图所示，理想变压器的原线断接在“ = 220"sinl00k( V)的交流电源上，副线圈接有R = 55Q的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2： 1,电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是A.电流表的读数为1.0。AB.电流表的读数为2.00AC.电压表的读数为110VD.电压表的读数为155V 三、实验题：共2小题16 .如图所示，用质量为m的重物通过滑轮牵引小车，使它在长木板上运动，打点计时器在纸带上记录 小车的运动情况.利用该装置可以完成探究动能定理的实验.打点计时打点计时器使用的电源是 (选填选项前的字母).A.

11、直流电源B.交流电源(2)实验中，需要平衡摩擦力和其他阻力.正确操作方法是 (选填选项前的字母).A.把长木板右端垫高B.改变小车的质量(3)在不挂重物且 (选填选项前的字母)的情况下，轻推一下小车，若小车拖着纸带做匀速运动，表明已经消除了摩擦力和其他阻力的影响.A.计时器不打点B.计时器打点(4)接通电源，释放小车，打点计时器在纸带上打下一系列点，将打下的第一个点标为。,在纸带上依次去 A、B、C.若干个计数点，已知相邻计数点间的时间间隔为T.测得A、B、C.各点到。点的距离为V、 X2、X3,如图所示.实验中，重物质量远小于小车质量，可认为小车所受的拉力大小为mg,从打。点打B点的过程中，

12、拉力 对小车做的功w=,打B点时小车的速度v=.以v2为纵坐标，W为横坐标，利用实验数据作如图所示的v2-W图象.由此图象可得v2随W变化的表 达式为.根据功与能的关系，动能的表达式中可能包含V?这个因子；分析实验结果的 单位关系，与图线斜率有关的物理量应是.(150.40.30.20J86(6)假设已经完全消除了摩擦力和其他阻力的影响，若重物质量不满足远小于小车质量的条件，则从理论上分析，图中正确反映vW关系的是.17 .某同学利用图甲所示电路测量一量程为3mA的直流电流表的内阻Ra(约为110Q),提供的实验器材有:A.直流电源(电动势为IV,内阻不计)；B.电阻箱(CT999.9Q)；C

13、.滑动变阻器(。50.额定电流为3A)；D.滑动变阻器(050d额定电流为1A)。甲乙为了尽可能减小测量误差，滑动变阻器R应选用(选填"C"或"D”)。(2)根据图甲所示电路，在图乙中用笔画线代替导线，将实物间的连线补充完整一。(3)主要实验步骤如下：I.将电阻箱Ro的阻值调为零，滑动变阻器R的滑片P移到右端；H.闭合开关S,调节滑动变阻器R的滑片P,使电流表的示数为3mA；I.调节电阻箱R。，使电流表的示数为1mA,读出此时电阻箱的阻值R1；M断开开关S,整理好仪器。(4)已知R】=208.8Q,则电流表内阻的测量值为 d由于系统误差，电流表内阻的测量值(选填“

14、大于,，”等于,，或“小于,)真实值。四、解答题：本题共3题18 .如图，物流转运中心的水平地面上有一辆质量M=4kg、长L=L4m的平板小车，在平板车的右端放有质量m=lkg的快件(可视为质点)，快件与平板车间的动摩擦因 =0.4。物流中心的工作人员要将快件卸 到地面上，他采用了用水平力F拉小车的方式，重力加速度g=10m/s2,不计小车与地面间的摩擦阻力，求:(1)要让快件能相对平板车滑动，需要施加的最小水平力Fo；(2)若用F=28N的水平恒力拉小车，要将快件卸到地面上，拉力F作用的最短时间t为多少。m（厂JI _> Fz以源勿勿勿勿勿勿勿M勿勿勿,19 .（6分）电动自行车已经成

15、为人们日常出行的一种常用交通工具，以下是某型号电动自行车的相关参数：名称车身质量满载载重前后轨直径额定转速电动机额定电压电动机额定电流额定机械输出功率参数40kg80kg40cm4500 .r/min2乃48V20A835W该电动自行车采用后轮驱动直流电动机，其中额定转速是电动自行车在满载情况下在平直公路上以额定功 率匀速行进时的车轮转速，求：（1）电动自行车以额定转速行进时的速度v。；（2）在额定工作状态时，损失的功率有80%是由于电动机绕线电阻生热而产生的，则电动机的绕线电阻 为多大；（3）满载（车身质量+满载载重）情况下，该车以速度v=5m/s沿着坡度为6=4.59。的长直坡道向上匀速行

16、 驶时，受到的摩擦阻力为车重（含载重）重量的。.02倍，求此状态下电动自行车实际运行机械功率（sin4.59°=0.08；里力加速度 g=10m/s）20 .（6分）如图所示，xOy为竖直面内的直角坐标系，在y轴两侧存在电场强度大小相等的匀强电场，y 轴右侧电场方向竖直向下，y轴左侧电场方向竖直向上。y轴左侧还存在一个方向垂直于坐标平面的圆形 有界匀强磁场（图中未画出），磁场边界与y轴相切于。点。现有一个质量为m、电荷量为q的带正电小 球，用长为I、不可伸长的绝缘细线悬挂在P点的钉子上，P点与坐标原点。的距离亦为L将小球拉至细 线绷直且与y轴负方向成60。角无初速释放，小球摆至。点即

17、将进入磁场时细线恰好断裂。最终小球刚好 击中P点的钉子，此时速度方向与y轴正方向成3。角。已知细线能承受的最大张力Fm=4mg,小球可视为 质点，重力加速度为g,不计阻力。求：（1）电场强度的大小；（2）磁感应强度的大小和磁场区域的面积；（3）小球在xVO区域运动的时间。（结果用m、q、I、g表示）参考答案一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的1. B【解析】【分析】【详解】A.若传送带顺时针匀速转动，若传送带的速度小于3m/s,则物体在传送带上做匀减速运动，故A错误； B.若传送带顺时针匀速转动，若传送带的速度等于3m/s,

18、则物体在传送带上做匀速运动，所以物体可能 不受摩擦力，故B正确；C.若传送带逆时针匀速转动，加速度大小a = - = g = 1.25m/s2 m减速到零所用的时间为v 3 = = s = 2.4sa 1.25发生的位移为s = 11 + 0 0=x2.4m=3.6m > 2m2 ° 2说明物体在传送带上一直做匀减速运动，由速度位移公式有2ax = vt-v即2x(-1.25)x2 = vj-32解得%=2ni/s故C错误；D.若传送带顺时针匀速转动且速度为2m/s,则物体速度减速到与传送带速度相同时发生的位移为22 -32 今5. =m = 2m = x1 2x(-1.25)

19、说明物体到达传送带B端时速度与传送带速度相等即为2m/s,故D错误。故选B.2. A【解析】【分析】【详解】A.由牛顿第二定律可知，火箭发射瞬间，卫星加速度向上，则该卫星对运载火箭的作用力大于自身的重 力,A正确；B.火箭发射过程中，喷出的气体对火箭的作用力与火箭对喷出的气体的作用力大小相等，方向相反，B 错误；C.卫星绕地运动过程中处于失重状态，所受地球重力不为零，C错误；D.卫星从低轨道向高轨道变轨过程中需要加速，D错误.故选A,3. C【解析】【详解】A. A点是波峰和波峰叠加，为振动加强点，且始终振动加强，A错误；B. 3点是波峰与波谷叠加，为振动减弱点，且始终振动减弱，B错误；C.。

20、点处于振动加强区，振动始终加强，C正确；D.。点为波峰与波谷叠加，为振动减弱点，且始终振动减弱，D错误。故选C。4. B【解析】【分析】【详解】AC.因A、B间的动摩擦因数为 =tan a,即fimg cos a = mg sin a则施加平行于斜面的力F后，由牛顿第二定律有F + mg sin a 一 mg cos a = ma联立可得F a = m即无论F的大小如何，B 一定加速下滑，故AC正确，不符题意;B.对斜面受力分析，如图所示由竖直方向的平衡有F' = Mg + N八 cos a + /'sin a= mg cos af，= f = ping cos a联立可得Fn

21、 =(Mg+mg)故B错误，符合题意；D.对斜面在水平方向的力有关系式Nba sin a = f'cos a故水平面无相对运动趋势，水平面对斜面无摩擦力，故D正确，不符题意。本题选不正确的故选B。5. B【解析】【分析】【详解】V从A到B为等压变化，根据下=c可知，随着温度的升高，体积增大，故匕从B到C为坐标原点的直线，为等容变化，故所以故ACD错误，B正确。故选B。6. A【解析】【详解】动能增大到射出时的2倍，根据公式纥=：八速度增加为初速度的虚倍;速度偏转角度余弦为：cos 0 = - =,V 2故速度偏转角度为45。，故：vy=votan450=v故运动时间为：”地g根据平抛运

22、动的分位移公式，有：X=Vot y=9/联立解得：1在同一直线上。A.同一直线上。与上述结论相符，故A正确；B.同一圆上。与上述结论不符，故B错误；C.同一椭圆上。与上述结论不符，故C错误；D.同一抛物线上。与上述结论不符，故D错误。故选：A7. C【解析】【详解】粒子带正电，且经过C点，其可能的轨迹如图所示:所有圆弧所对圆心角均为60。，所以粒子运行半径：L /、r= (n=l, 2, 3,)，11粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：V2 qvB=m , r解得：v =(n=l, 2, 3,.),in mn则*,= 孚£的粒子不能到达C点，故ABD不合题意

23、，C符合题意。3m故选C。【点睛】粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力，根据题意作出粒子的运动轨迹是解题的关键，应 用数学知识求出粒子的可能轨道半径，应用牛顿第二定律求出粒子的速度即可解题.8. C【解析】【详解】第一种方式：只释放A而B按着不动，设绳子拉力为T】，C的加速度为a,对A根据牛顿第二定律可得Ti=mAaA对C根据牛顿第二定律可得：mcg-2Ti=mca根据题意可得八二2a联立解得：2aA=g第二种方式；只释放B而A按着不动，设绳子拉力为Tz,对B根据牛顿第二定律可得T2FY1b3b而T=40N=2T2联立解得：1 aB= 乙 在以上两种释放方式中获得的加速度之比为ax

24、 as=4： 3,故C正确、ABD错误。故选C。9. D【解析】【详解】AB.据安培定则知，线框A内部磁场向里，外部磁场向外；线框B从足够高处由静止释放，线框B下降且 未与线框A相交前，线框B中磁通量是向外的增大；当线框B与线框A相交至重合过程中，线框B中磁 通量先是向外的减小到。然后是向里的增大；当线框B与线框A重合至相离过程中，线框B中磁通量先 是向里的减小到。然后是向外的增大；当线框B与线框A相离且越来越远时，线框B中磁通量是向外的 减小；故AB两项错误；C.因为线框B与线框A相对运动产生感应电流，据楞次定律知，线框B所受安培力的合力竖直向上，故C 项错误；D.线框B下降过程中，安培力对

25、其做负功，线框B的机械能一直减小，故D项正确。10. B【解析】【分析】【详解】因为金属棒ab在恒力F的作用下向右运动，则abed回路中产生逆时针方向的感应电流，则在圆环处产生垂 直于纸面向外的磁场，随着金属棒向右加速运动，圆环的磁通量将增大，根据楞次定律可以知道，圆环将有收 缩的趋势以阻碍圆环的磁通量将增大;又因为金属棒向右运动的加速度减小，单位时间内磁通量的变化率减 小，所以在圆环中产生的感应电流不断减小，故B对；ACD错【点睛】当导体棒变速运动时在回路中产生变化的感应电流,因此圆环内的磁场磁通量发生变化，根据磁通量的变化 由楞次定律可以判断圆环面积的变化趋势，其感应电流的变化要根据其磁通

26、量的变化快慢来判断.二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分11. AC【解析】【分析】【详解】AB.在平行板之间有匀强磁场和匀强电场，带电质点做匀速直线运动，所以带电质点受力平衡，重力向下, 电场力向上，洛伦兹力向上，则mg = Eq + qvB所以带电质点带正电，故A正确，B错误;C.如果磁场均匀增大，则该质点所受洛伦兹力将增大，质点向上偏转，但是洛伦兹力对质点不做功，即不改变质点速度的大小，而重力和电场力的合力向下，所以质点将减速，即其速率将减小，所以C正确;D.将下极板向下移

27、动，根据电容的决定式c = -471kd可得，电容减小；由题意可知，电容器极板的电荷量不变，则根据公式u = 2CE上d可得公式E = -即场强的大小与两极板的距离无关，所以场强不变，质点将继续匀速直线运动，所以D错误©故选AC©12. BD【解析】【详解】AD.分析图象可知，万有引力提供向心力GMm=叫当/? = %时GMmT =(R + 4)-联立解得，火星的半径火星的质量M=(5L)应口-M GA错误D正确；B.当h=0时，探测器绕火星表面运行，火星表面的重力加速度大小为aI，B正确;C.在火星表面，根据重力提供向心力得解得火星的第一宇宙速度c错误。故选BD.13.

28、ADE【解析】【详解】A.根据尸-，图像信息可知，当，时，分子力合力表现为吸引，故A正确；B.当一 <（时，分子力合力表现为排斥，在，i与弓之间，分子力合力表现为吸引，故B错误；C.当=弓时，分子力合力为吸引的最大值，但引力在小于4时更大，故C错误；D.”为分子间的平衡距离，当rVr。时，分子力表现为斥力，分子间距减小时分子力做负功，分子势能增 大。当分子间距r>”时分子力表现为引力，分子间距增大时分子力做负功，分子势能增大，所以当分子 间距离为“时，分子势能最小，故D正确；E.由可变到4的过程中，分子力合力表现为吸引，且做负功，故E正确。故选ADEo14. BD【解析】【详解】由

29、图可得力F与时间的关系为F = 2mg -翌/,则可得物体的合外力与时间的关系为l2吆F八2 HFA=nig-t9由牛顿第二定律可得加速度与时间的关系式为“ = = g-=/,则可知物体先向 ，om r0上做加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，然后再向下做加速度增大的加速运动，在上升 过程中，当加速度为零时，速度最大，即8-亨1 = °,可得故A错误，B正确；由初速度大小 为零，所以末速度大小等于速度的变化大小，由前面的分析可知，加速度与时间成线性关系，所以最大速 度大小为匕“= 故C错误；由前面的分析可知在t=to时，加速度为。=-g ,根据运动的对称性规律可知，此时间

30、速度减小为。，物体运动到最高点，故D正确。故选：BDo【解析】【详解】CD.原线圈电压有效值U】=220V,根据原副线圈匝数比为2:1可知次级电压为Uz=110V,则电压表的读数为110V,选项C正确，D错误；AB.根据变压器输入功率等于输出功率，即u=匹解得IF1.00A,选项A正确，B错误；故选AC.三、实验题：共2小题16. B A B mgx2 v2 = 0.008 +4.691V质量 A【解析】【详解】国打点计时器均使用交流电源；A.直流电源与分析不符，故A错误；B.交流电源与分析相符，故B正确；(2)2平衡摩擦和其他阻力，是通过垫高木板右端，构成斜面，使重力沿斜面向下的分力跟它们平

31、衡；A.与分析相符，故A正确；B.与分析不符，故B错误；(3)平衡摩擦力时需要让打点计时器工作，纸带跟打点计时器限位孔间会有摩擦力，且可以通过纸带上打出的点迹判断小车的运动是否为匀速直线运动；A.与分析不符，故A错误；B.与分析相符，故B正确；(4)4小车拖动纸带移动的距离等于重物下落的距离，又小车所受拉力约等于重物重力，因此拉力对小车做的功：W =小车做匀变速直线运动，因此打B点时小车的速度为打AC段的平均速度，则有：匹一希"2T(5)6由图示图线可知：,(Av)2 0.47 xlO-2 -k = - = 4.7W 10纵截距为:/? = 0.01则/随w变化的表达式为:/=0.0

32、1 + 4.7W功是能量转化的量度，所以功和能的单位是相同的，斜率设为，则一W代入单位后，k的单位为kg-所以与该斜率有关的物理量为质量;(6)8若重物质量，不满足远小于小车质量则绳子对小车的拉力实际不等于重物的重力，由吆=( + ?)4和尸=肱7可得:L MF =niQM + m由动能定理得：Ev = 1mv22M M + m而：W = mgx2则实际廿一卬图线的斜率：k= 一,重物质量，与小车质量”不变，速度虽然增大，但斜率不变;M + mA.与分析相符，故A正确；B.与分析不符，故B错误；C.与分析不符，故C正确；B.与分析不符，故D错误.【名师点睛】实验总存在一定的误差，数据处理过程中

33、，图象读数一样存在误差，因此所写函数表达式的比例系数在一定范围内即可；第(6)问有一定的迷惑性，应明确写出函数关系，再进行判断.104.4 大于【解析】【详解】本实验为了减小实验误差，应满足滑动变阻器的最大阻值远小于电流表的内阻，即应选用C(2)根据实验电路图连接实物图如图所示由实验原理可知RR, = 104.4Q由于闭合开关S,调节滑动变阻器R的滑片P,使电流表的示数为3mA,调节电阻箱R。，使电流表的示 数为1mA,读出此时电阻箱的阻值；电阻箱阻值变大，并联等效电阻变大，故并联部分分担电压增大, 由于电阻箱两端电压变大，故电阻箱阻值偏大，故电流表内阻测量偏大。四、解答题：本题共3题18.

34、(l)20N(2)ls【解析】【详解】(1)当快件刚要相对小车滑动时，拉力F最小，有对快件：吆=刈)对快件及小车整体：温=(M +?)解得：6=20N(2)当撤去拉力F后快件刚好能到达小车左端时，拉力F作用时间最短，设F的最短作用时间为如，F作用 时间内，快件在小车上滑动距离为LI，撤去拉力F时，快件的速度VI，小车的速度为vz,有对快件：pmg = maxvi =%对小车：F - Ring = Ma2匕=另有乙乙撤去F后，有% + Mv2 = (M + m)V 4mg(L-Lj) = 叫2 + Mv； 一-(A/ + m)V2222解得:，m=ls19. (1) 15m/s(2)0.25Q(

35、3)600W【解析】【详解】(1)在额定状态下电机以额定的转速转动，则d %=3弓0=2兀3由两式联立得：c (1 c 45000.4 z ,一v( = ",一 = 27txx m/s = 15ni/s22/rx602电动机在额定工作状态时，生耗=U/ 一展出 损失的电功率80%转化为电热功率，则80% 耗=1% 由两式联立得:0.25Q80%(U/ - 4出)80% x (48x20- 835)I2当电动自行车在斜坡上匀速行驶时，受力分析如图由牛顿定律得：202F = (M +m)gsin6+k(M +m)g 电动自行车的实际功率：P = Fv 由得：P = (M +m)gsinO

36、+k(<M +m)g-v = 600W【解析】【分析】【详解】(1)设小球从静止释放运动到。点时的速率为v。，由动能定理得(qE + 吆)/(1 - cos 600) = 八彳 一 02在。处细线恰好断裂，由牛顿第二定律得F.(qE +，ng) = Y而Fm=4mg联立解得%=啊,中(2)由前面分析可知小球在。处进入磁场后，重力与电场力恰好平衡，粒子做匀速圆周运动。出磁场后 做匀速直线运动到达P处。粒子运动轨迹如图所示。1、。2分别为轨迹圆心、磁场圆心，设八R分别为轨迹圆、磁场圆的半径，根据几何关系有r .r +丁 = 1sin 30解得/r =3由牛顿第二定律得方向垂直于纸面向外；由几

37、何关系可知R = l tan 30°, S =九R2解得S = -7Tl23(3)小球在磁场中运动轨迹所对的圆心角为夕=?，所用的时间r0 fi= %出磁场后匀速直线运动，所用时间技G%故小球在x。区域运动的时间2019-2020学年高考物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的1 .下列核反应方程中，属于重核裂变的是（）A. i；N+：HeB.膘U2Th+tHeC. H+H；HeD. 2机+一£Ba+；：Kr+3：n2 .如图所示，一理想变压甥原线圈匝数=500匝，副线圈匝数蚂=100匝，原线圈中

38、接一交变电源，交变电电压” = 220&sinl00；n（V）。副线圈中接一电动机，电阻为11C,电流表2示数为1A。电表对电A.此交流电的频率为100HzB.电压表示数为220C.电流表1示数为0.2AD.此电动机输出功率为30W3 .如图所示，A、B两球质量相等，A球用不能伸长的轻绳系于。点，B球用轻弹簧系于。，点，。与O, 点在同一水平面上，分别将A、B球拉到与悬点等高处，使轻绳拉直，弹簧处于自然长度。将两球分别由 静止开始释放，达到各自悬点的正下方时，两球仍处在同一水平面上,则下列说法正确的是（）A.两球到达各自悬点的正下方时,动能相等B.两球到达各自悬点的正下方时，B球动能较

39、大C.两球到达各自悬点的正下方时，A球动能较大D.两球到达各自悬点的正下方时，A球受到向上的拉力较小4 .如图所示,一个带正电荷q、质量为，的小球，从光滑绝缘斜面轨道的A点由静止下滑，然后沿切线进入 竖直面上半径为R的光滑绝缘圆形轨道，恰能到达轨道的最高点B.现在空间加一竖直向下的匀强电场，若仍 从A点由静止释放该小球（假设小球的电荷量q在运动过程中保持不变，不计空气阻力），则（ ）A.小球一定不能到达B点B.小球仍恰好能到达B点C.小球一定能到达B点，且在B点对轨道有向上的压力D.小球能否到达B点与所加的电场强度的大小有关5 .医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度.电

40、磁血流计由一对电极a和b以 及一对磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的.使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、 磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示.由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、 b之间会有微小电势差.在达到平衡时，血管内部的电场可看做是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和 磁场力的合力为零.在某次监测中，两触点间的距离为3.00mm,血管壁的厚度可忽略，两触点间的电势 差为160pV,磁感应强度的大小0.040T.则血流的速度的近似值和电极a、b的正负为'血流IA.1.3m/s,a负、b 正测电犬差B. 2.7m/s,a正、b 负C. 1.3m

41、/s,a正、b 负D. 2.7m/s,a负、b 正b. 一同学研究箱子的运动，让一质量为? = 1kg的箱子在水平恒力F的推动下沿光滑水平面做直线运动,x箱子运动的图线如图所示，是从某时刻开始计时箱子运动的时间，式为箱子在时间，内的位移，由t此可知（）A.箱子受到的恒力大小为尸= 0.5NB.。10s内箱子的动量变化量为5kg Tn/Sc. 5s时箱子的速度大小为5.5m/sD.。5s内箱子的位移为27.5m7 .下列关于科学家对物理学发展所做的贡献正确的是（）A.牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证8 .伽利略通过实验和合理的推理提出质量并

42、不是影响落体运动快慢的原因C.奥斯特由环形电流和条形磁铁磁场的相似性，提出分子电流假说，解释了磁现象的电本质D.伽利略通过万有引力定律计算得出了太阳系中在天王星外还存在着距离太阳更远的海王星8.如图所示，AB是固定在竖直平面内的光滑绝缘细杆，A、B两点恰好位于圆周上，杆上套有质量为m、 电荷量为+q的小球（可看成点电荷），第一次在圆心。处放一点电荷+Q,让小球从A点沿杆由静止开始下 落，通过B点时的速度为匕，加速度为射；第二次去掉点电荷，在圆周平面加上磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，让小球仍从A点沿杆由静止开始下落，经过B点时速度为匕，加速度为如 则（）一、” , 0.方A.

43、V, < V,B. > V,C. ai< a2D. ai> a29 .静止在水平地面上的木块，受到小锤斜向下瞬间敲击后，只获得水平方向初速度，沿地面滑行一段距 离后停下。若已知木块的质最和初速度，敲击瞬间忽略地面摩擦力的作用，由此可求得（）A.木块滑行的时间B.木块滑行的距离C.小锤对木块做的功D.小锤对木块的冲量10 .如图所示，空间有两个等量异种点电荷5和Qz, Q1带正电、3带负电，两点电荷间的距离为L, O为连线的中点。在以5、Q为圆心，人为半径的两个圆上有A、B、C、D、M、N六个点，A、B、C、D 2为竖直直径的端点，M、N为水平直径的端点，下列说法中正确的

44、是（）A. A、C两点电场强度相同B.带正电的试探电荷在M、N两点时受到的电场力方向相反C.把带正电的试探电荷从C点沿圆弧移动到N点的过程中电势能不变D.带负电的试探电荷在M点的电势能小于在A点的电势能二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分,在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分11.如图所示，光滑水平桌面放置着物块A,它通过轻绳和轻质滑轮悬挂着物块B,已知A的质量为m,B的质量为3m,重力加速度大小为g,静止释放物块A、B后。A.相同时间内，A、B运动的路程之比为2:1B.物块A、B的加速度之比为1： 1c.细绳的拉力

45、为，D.当B下落高度h时，速度为卷?12.波源。在t=。时刻开始做简谐运动，形成沿x轴正向传播的简谐横波，当t=3s时波刚好传到x=27m 处的质点，波形图如图所示，质点P、Q的横坐标分别为4.5m、18m,下列说法正确的是（）A.质点P的起振方向沿y轴正方向B.波速为6m/sC. 83s时间内，P点运动的路程为5cmD. t=3.6s时刻开始的一段极短时间内，Q点加速度变大E.t=6s时P点恰好位于波谷13.如图所示，a、b、c为三颗绕地球做圆周运动的人造卫星，轨迹如图。这三颗卫星的质量相同，下列 说法正确的是（）A.三颗卫星做圆周运动的圆心相同B.三颗卫星受到地球的万有引力相同C. a、b

46、两颗卫星做圆周运动的角速度大小相等D. a、c两颗卫星做圆周运动的周期相等 14.如图所示，一个匝数n=100。匝、边长l=20cm、电阻r=lQ的正方形线圈，在线圈内存在面积S=0.03m的匀强磁场区域，磁场方向垂直于线圈所在平面向里，磁感应强度大小B随时间t变化的规律是B=0.15t（T）o电阻R与电容器C并联后接在线圈两端，电阻R=2Q,电容C=30".下列说法正确的是（）A.线圈中产生的感应电动势为4.5VB.若b端电势为0,则a端电势为3VC.电容器所带电荷量为L2xlO"CD.稳定状态下电阻的发热功率为4.5W15.下列说法正确的是（）A. 一定质量的理想气体，

47、当温度升高时，内能增加，压强增大B.饱和蒸汽在等温变化的过程中，当其体积减小时压强不变C.液体表面层分子间距离较其内部分子间距离小，表面层分子间表现为斥力D. 一定质量的理想气体放出热量，分子平均动能可能减少E.自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的三、实验题：共2小题16 .利用阿特伍德机可以验证力学定律。图为一理想阿特伍德机示意图，A、B为两质量分别为m】、m2 的两物块，用轻质无弹性的细绳连接后跨在轻质光滑定滑轮两端，两物块离地足够高。设法固定物块A、 B后，在物块A上安装一个宽度为d的遮光片，并在其下方空中固定一个光电门，连接好光电门与毫秒计 时器，并打开电源。松开

48、固定装置，读出遮光片通过光电门所用的时间At。若想要利用上述实验装置验 证牛顿第二定律实验，则/ rK«（1）实验当中，需要使m】、m2满足关系：一。（2）实验当中还需要测量的物理量有利用文字描述并标明对应的物理量符号）。（3）验证牛顿第二定律实验时需要验证的等式为一（写出等式的完整形式无需简化）。（4）若要利用上述所有数据验证机械能守恒定律，则所需要验证的等式为一（写出等式的完整形式无需简 化）。17 .某同学在验证合外力一定，物体的质量与加速度的关系时，采用图甲所示的装置及数字化信息系统获 得了小车的加速度a与小车质量M（包括所放祛码及传感器的质量）的对应关系图象，如图乙所示.实

49、验中 所挂钩码的质量20g,实验中选用的是不可伸长的轻绳和光滑的轻质定滑轮.位移传感为住移传感器（发射器）（接收器）图甲' in s2)才（kg“）图乙实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的轻绳与木板平行.他这样做的目的是下列哪 一个;（填字母代号）A.可使位移传感器测出的小车的加速度更准确B.可以保证小车最终能够做直线运动C.可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车所受的合力（2）由图乙可知，图线不过原点O,原因是;M该图线的初始段为直线，该段直线的斜率最接近的数值是.A. 30B. 0.3C. 20D. 0.2四、解答题：本题共3题18 .如图所示，水平传送带AB与直角平台

50、的上表面水平平滑对接，平台的上表面光滑，平台高h1=0.7m, 在平台右侧d=l m处有一高度为出=0.5 m的竖直薄挡板。长度L=12 m的传送带以v0=10 m/s的速度顺时 针转动，现将质量m=l kg的小滑块（可视为质点）由静止放到传送带上，已知滑块与传送带间的动摩擦 因数由0.2,重力加速度g取lOm/s?。求：（1）若要滑块落在挡板右侧，求滑块由静止放在传送带上的位置范围；（2）将滑块放在传送带中点处并沿水平方向给滑块一初速度，使滑块落在挡板右侧，求此初速度满足的 条件。19 . （6分）如图所示为一个带有阀门K、容积为2dm3的容器（容积不可改变）。先打开阀门让其与大气连通，再用

51、打气筒向里面打气，打气筒活塞每次可以打进lxlO5Pa. 200cm3的空气，忽略打气和用气时气体的温 度变化（设外界大气的压强Po=lxl05Pa）(i)若要使气体压强增大到5.0xl05pa,应打多少次气？的若上述容器中装的是5.0xl05Pa的氧气，现用它给容积为0.7dm3的真空瓶充气，使瓶中的气压最终达到符 合标准的2.0xl05pa,则可充多少瓶？20 . (6分)如图所示，一平行玻璃砖的截面是一个矩形，玻璃砖的厚度为d, DC面涂有反光材料。一束 极窄的光线从A点以6= 60。的入射角射入玻璃砖，AB间的距离为人6",已知A点的折射光线恰好射到D点，CD间的距离为YE&

52、quot;,已知光在真空中的传播速度为C。求:4玻璃砖的折射率；光线从A点进入玻璃到第一次射出玻璃砖所经历的时间。参考答案一、单项选择题：本题共1。小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的【解析】【分析】【详解】A是发现质子的反应，属于人工核转变；B属于a衰变；C属于聚变方程；D属于重核裂变方程。故选D。2. C【解析】【分析】【详解】A.由交流电的公式知频率,100汗_f = 50Hz2乃故A错误；B.原线圈电压有效值为220V,故电压表的示数为220V,故B错误；C.根据电流与匝数成反比知，电流表%示数为0.2A,故C正确；D.根据电压与匝数成正比知

53、副线圈电压为44VP2=U2I2=44x1W=44W电动机内阻消耗的功率为 P=I22R=12X11W = 11W 此电动机输出功率为P P=44-11=33W故D错误；故选Co3. C【解析】【详解】ABC.两个球都是从同一个水平面下降的，到达最低点时还是在同一个水平面上，根据重力做功的特点可 知在整个过程中，AB两球重力做的功相同，两球重力势能减少量相等。B球在下落的过程中弹簧要对球 做负功，弹簧的弹性势能增加，所以B球在最低点的速度要比A的速度小，动能也要比A的小，故AB错 误，C正确；D.由于在最低点时B的速度小，且两球质量相同，根据向心力的公式T _ mg = m r可知，B球需要的

54、向心力小，所以绳对B的拉力也要比A的小，故D错误。 故选C。4. B【解析】不加电场时，设恰能到达轨道的最高点B的速度为v,根据机械能守恒定律有：mg (h-2R)= mv2；2在最高点时，重力提供向心力，有：mg=m .R加上电场后，设能到达B点的速度为V2,根据动能定理得：(mg+Eq) (h-2R)2在最高点时，重力与电场力的合力提供向心力，有：mg+Eq=m .(4)R得V2=v,故为小球仍恰好能到达B点，故B正确，ACD错误；故选B.5. C【解析】血液中正负离子流动时，根据左手定则，正离子受到向上的洛伦兹力，负离子受到向下的洛伦兹力，所以 正离子向上偏，负离子向下偏，则a带正电，b带负电.最终血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力 为零，则有：Bqv =(二,代入数据