2012年高考物理第二轮复习专题高效升级卷三牛顿运动定律功能关系

1、-1 - 专题高效升级卷三 牛顿运动定律功能关系 （时间：60 分钟满分：100 分） 、选择题（本题共 10 小题，每小题 6 分，共 60 分。在每小题给出的四个选项中，有 的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。全部选对的得 有选错或不答的得 0分） 3 6310 kg 的公共汽车在t = 0 和t = 4 s 末两个时刻的 0 = 15。根据题中提供的信息，可以估算出的物理量 有（ A. 汽车的长度 B. 4 s 末汽车的速度 C. 汽车的加速度 D. 4 s 末汽车的牵引力的功率 气阻力，g取 10 m/s2。则（ A. 物体的初速度为 30 m/s B. 这个 5 s 内的

2、路程为 65 m C. 再经 3 s 物体达到抛出点 D. 再经 1 s 物体达到抛出点 3. （20112 浙江理综， 14）如图所示，甲、已两人在冰面上“拔河”。两人中间位置处 有一分界线，约定先使对方过分界线者为赢。若绳子质量不计，冰面可看成光滑，则下列说 法正确的是（ A. 甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是一对平衡力 B. 甲对绳的拉力与乙对绳的拉力是作用力与反作用力 C. 若甲的质量比乙大，则甲能赢得“拔河”比赛的胜利6 分， 选1 如图甲、乙所示是一辆质量为 两张照片。当t =0 时，汽车刚启动 （汽车的运动可看成匀加速直线运。图丙是车内横杆 上悬挂的拉手环放大后的图像，测得 ） 。

3、2 .某物体以 方向向上，不计空 -2 - D. 若乙对绳的速度比甲快，则乙能赢得“拔河”比赛的胜利 4如图甲所示，足够长的传送带与水平面夹角为 以速度vo逆时针匀速转动，在传送 带的上端轻轻放置一个质量为 m的小木块，小木块的速度随时间变化关系如图乙所示，设最 大静摩擦力等于滑动摩擦力，则小木块与传送带间的动摩擦因数和倾角的关系一定正确的是 （ ） A. tan 0 B. tan 0 5. （20112 新课标全国理综， 16） 蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落, 到最低点时距水面还有数米距离。假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法正确 的是（ ） A. 运动员到达最低点

4、前重力势能始终减小 B. 蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加 C. 蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒 D. 蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关 6. （20112 北京理综，18） “蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处， 从几十米高处跳下的一种极限运动。某人做蹦极运动，所受绳子拉力 F的大小随时间t变化 的情况如图所示。将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为 g 据图可知，此人在 蹦极过程中最大加速度约为（ ） -3 - A. g B. 2g C. 3g D. 4g -4 - 7 两个物体 A B的质量分别为 m和

5、m，并排静止在水平地面上，用相同的水平拉力 F 同时分别作用于物体 A和B上，分别作用一段时间后撤去，两物体各自滑行一段距离后停止。 两物体A B运动的v t图象分别如图中 a、b所示。已知拉力 F撤去后，物体做减速运动过 A. ma2，根据F卩mg= ma得 m=F，即a大的m较小，选项 A 正确；vt图线与坐标 卩g+ a 轴所围图象的面积”表示位移，由图可知 t = 3 s 时，A位移大于B的位移，此时二者不相 遇，选项 B 错误；施加F时，A的位移小于B的位移，所以拉力 F对物体A做的功较少，选项 无关。 为 |F0， 5 C 错误；由题图知物体 A B的最大速度分别是 2.5 m/s

6、、2.0 m/s，则拉力的最大瞬时功率之 比为p1 = V 1max 2.5 2 V 2max 5 ;，选项 D 正确。 4 AB 解析: 对整体由牛顿第二定律有: F ( m+ rra)gs in B口(mi+ mB) geos 0 = (mA + nB) a; 隔离B 有: T ngsin 0卩 nBeos 0 =mBa，求得线上的拉力-F,与0、卩 -9 - BC 解析: 释放后，盒子做加速度减小的加速运动，当弹力等于盒子与 B球的重力沿 斜面向下的分力时，盒子获得最大速度，此时弹簧的弹性势能不为零，选项 A 错误；B球受重 力和A的弹力作用，根据功能关系可知， B机械能的增加量等于 A

7、对B做的功，选项 B 正确; 对A、B和弹簧构成的系统，盒子释放过程，其机械能守恒，选项 C 正确；A受的重力、B的 D 错误。 弹力都做负功，弹簧的弹力做正功，根据动能定理可知，选项 2 VD 10. B 解析：小球恰能通过最高点，有 mg= mR,从B到D的过程，根据机械能守恒定 律有mR+ 2口心2口盒联立解得VB= 5gR。从A到B过程，设AB= s，根据动能定理有 卩mgs 1 2 1 2 - =mvB mv,解得Vo = 2 卩gs+ 5gR,可见R越大，v。值越大，选项 B 正确。 11.答案：（1）砂和砂桶的总质量远远小于小车的质量 砂和砂桶的质量 m小车的质量 M三段位移s、

8、s、S2（如图所示） 1 S2 2 1 S1 2 探究结果的表达式为 mg= 2皿27 齐） -10 - 12. 答案：(1)物体一直做加速运动，加速度先增大后减小，最后做匀加速运动 (2) 6.8 m/s (3) 7.3 J 解析：(1)物体一直做加速运动，加速度先增大后减小，最后做匀加速运动。 (2) 由图象可知图线与时间轴包围的面积为速度的大小。 t = 10.0 s 时的速度 v = (1830.01 + 0.5310) m/s = 6.8 m/s (估算面积时超过半格算一格，不满半格舍去。估算结果误差应在土 0.1 m/s 内) (3) 同(2) , t = 12.0 s 时的速度

9、v = (18310.1 + 0.5312) m/s = 7.8 m/s 从t = 10.0 s到t = 12.0 s 的时间内合外力对物体做的功 1 2 1 2 1 2 1 2 W 2mv qmv= (2127.8 2126.8) J = 7.3 J。 13. 答案：(1)4 N (2)0.8 J 解析：(1) F最大时物块不掉下，即物块与木板相对静止且它们之间的静摩擦力达到最大 值。 对物块有卩mg= ma 对整体有 Fmax= (M+ n)a 解得 Fmax = 4 N。 根据(1)中的结果知，当 F= 10 N 时，物块相对木板向后运动，滑下板时，获得的速 度最大，动能最大。 根据牛顿运动定律知，木板的加速度 a2 = F M