古田县高级中学2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理

1、第1页共14页卷物理数AB的上下运动，现已知古田县高级中学2018-2019学年高二上学期第三次月考试y'班级座号姓名分一、选择题1.如图所示为某联动控制装置，其工作的原理是通过半圆柱体的左右运动来控制杆光滑半圆柱体（。为圆心）只能在水平面上左右以速度v匀速运动，AB杆如图只能在竖直方向上运动，某一时刻杆与半圆柱的相对位置如图，且发现此时AB杆上升的速度恰好也为v,则下列说法中正确的是A.杆的端点A相对圆柱中心。做的是直线运动B.图示位置半圆柱正向左运动C.图示位置杆向上做的是加速运动D.图示位置图中的«=-42.如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于

2、静止状态.若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（A.电容器带电量不变C.检流计中有a-b的电流）B.尘埃仍静止D.检流计中有b-a的电流3.如图所示，竖直平行线MN、PQ间距离为a,其间存在垂直纸面向里的匀强磁场（含边界PQ）,磁感应强度为B,MN上。处的粒子源能沿不同方向释放比荷为q/m的带负电粒子，速度大小相等、方向均垂直磁场。粒子间的相互作用及重力不计。设粒子速度方向与射线OM夹角为9,当粒子沿9=60。射入时，恰好垂直PQ射出。则JF胃MIIIIA.从PQ边界射出的粒子在磁场中运动的最短时间为3qB第7页，共14页B.沿9=120°射入的粒子，在磁场中运动的时间最长aqB

3、C.粒子的速率为x-kwmD.PQ边界上有粒子射出的长度为2&4.在军事演习中，某空降兵从悬停在空中的直升飞机上跳下，从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v十图象如图所示，则下列说法正确的是A.010s内空降兵和降落伞整体机械能守恒B.010s内空降兵和降落伞整体所受空气阻力越来越大-V+VjC.1015s时间内运动员的平均速度v<：D.1015s内空降兵和降落伞整体处于失重状态5.一正弦交流电的电流随时间变化的规律如图所示.由图可知® t x!0B.C.D.该交流电的频率是 50Hz该交流电的电流有效值为2、2 A该交流电的电流瞬时值的表达式为i=2sin （50

4、兀t） （A）若该交流电流通过 R=10Q的电阻，则电阻消耗的功率是 20W6.（2018洛阳联考）如图所示，一个电荷量为一Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点。另一个电荷量为+q、质量为m的点电荷乙，从A点以初速度vo沿它们的连线向甲运动，运动到B点时速度为v,且为f, A、B两点间距离为Lo,静电力常量为k,则运动过程中速度的最小值。已知点电荷乙受到的阻力大小恒为卜列说法正确的是（77777777777777777777777777777777777777777777777?77'.A.点电荷乙从A点向甲运动的过程中，加速度先增大后减小B.点电荷乙从A点向甲运动的过程中，其电势能

5、先增大再减小C. O、B两点间的距离为D.在点电荷甲形成的电场中,ri 12fLo + 'mv7.两个物体具有相同的动量,A,相同的速度C.相同的运动方向则它们一定具有（）B.相同的质量D,相同的加速度8. 一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为 P,棒内单位体积自由电子数为为m,电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为 金属棒内的电场为匀强电场，则金属棒内的电场强度大小为n,电子的质量v,若已知ItA.mv2eLmv-SnB.C.pnevpev D.9.如图所示，在光滑的水平面上，质量分别为m1和m2的木块A和B之间用轻弹簧相连，在

6、拉力F作用下,以加速度a做匀加速直线运动。某时刻突然撤去拉力F,此瞬时A和B的加速度为a1和a2,则7777777777777T77777777A.ai=a2=0B.ai=1,a2=010,放在粗糙水平面上的物块A、B用轻质弹簧秤相连，如图所示，物块与水平面间的动摩擦因数均为由今对物块A施加一水平向左的恒力F,使A、B一起向左匀加速运动，设A、B的质量分别为m、M,则弹簧秤的示数AHB.A£FF-um-Mg,tC-D岚11.一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为10V、17V、26V。下列说法正确的是（）A.电场强度的大小为2.5V/c

7、mpB.坐标原点处的电势为1V¥4R；C.电子在a点的电势能比在b点的低7eV2-D.电子从b点运动到c点，电场力做功为9eV2-i6一六击，12.如图（a）,一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v式图象如图（b）所示。若重力加速度及图中的V0、V1、t1均为已知量，则可求出A.斜面的倾角B.物块的质量C.物块与斜面间的动摩擦因数D.物块沿斜面向上滑行的最大高度13.一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止。下列速度和位移x的关系图像中，能描述该过程的是在06s内其速度与时间的图象和该拉力的功率与时间14.放在粗糙水平地面上的物体受到水平拉力的作用，

8、的图象分别如图所示.下列说法正确的是（）A. 06s内物体的位移大小为30mB. 06s内拉力做的功为 70JC.合外力在。6s内做的功与。2s内做的功相等D.滑动摩擦力的大小为5N15.质点作直线运动的速度一时间图像如图所示，该质点（A在第1秒末速度方向发生了改变B在第2秒末加速度方向发生了改变C在前2秒内发生的位移为零D第3秒末和第5秒的位置相同、填空题16.如图，宽为L的竖直障碍物上开有间距d=0.6m的矩形孔，其下沿离地高h=1.2m，离地高H=2m的质点与障碍物相距x。在障碍物以vo=4m/s匀速向左运动的同时，质点自由下落.为使质点能穿过该孔，L的最大值为m；rL=0.6m,x的取

9、值范围是m(取g=10m/s2)第15页，共14页使R2 (填“增大”或“减小”)。向，-味OB = -OA,将一质量为三个点，OB沿竖直方m的小球以一定的初倍。使此小球带电，电荷 行。现从。点以同样的初 点的动能是初动能的 3通过B点，且到达B点的17.如图所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是表,要使它的量程加大，应使Ri(填“增大”或“减小”)；乙图是表，要使它的量程加大，应动能自。点竖直向下抛出，小球到达B点的动能是初动能的5量为q(q>0)。同时加一匀强电场、场强方向与所在平面平动能沿某一方向抛出此带电小球，该小球通过了A点，到达A倍；若将

10、该小球从。点以同样的初动能沿另一方向抛出，恰好动能是初动能的6倍。重力加速度大小为go求：W1 ,小球由。到B运动过程中电场力做功为(1)有电场时，设小球由。到A运动过程中电场力做功为讨1与W二的比值为多少？(2)电场强度的大小和方向。19.如图所示在倾角为37。的光滑斜面上有一根长为0.4m、质量为6X10-2kg的通电直导线，电流1=1A,方向垂直纸面向外，导线用平行于斜面的轻绳拴住不动，整个装置放在磁感应强度每秒增加0.4T、方向竖直向上的磁场中，设t=0时,B=0,则需要多长时间斜面对导线的支持力为零？(g取10m/s2)古田县高级中学2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理

11、（参考答案）一、选择题1.【答案】DD肝的端点H水平方向与E过可袁冕尤向右的这匕兔:好£蛆出心。有妨向方向的速度，AB结误,杆子的安乐湾度是接敢点淆出线方向的逞差与二工壮运变的合理更.如我，想擅活度的合成，运更平柠日边啰定刑，律T.=itan心杆向土迨劫3角胸斗，tan3减小，ii=】tan日威人奸看成速迨动，C错误；$目8杆主用的遑发怪好电为T计餐；.即以=3.D正前；442.3.【答案】BC【答案】BD【解析】粒子在磁场中运动过程中，洛伦兹力充当向心力，运动半径一因为所有粒子一和速度都相同,qB q故所有粒子的运动半径都一样，当粒子沿9=60°射入时，恰好垂直pq射出，

12、可得T- = 2a ,故sm 30°2好竺qB'2aqB解得u=，当粒子轨迹与 PQ边界相切时，轨迹最长，运动时间最长，此时根据几何知识可m得 9=120° ,此时是粒子打在PQ边界上的最低的点，故相对 Q的竖直位移为x1 = rsin60° = 3i3( , B 正确，C错误；由于v一定，则弧长最短时，时间最短，根据分析可知当粒子沿着边界MN方向向上射入时最短，此时圆心在MN上，9=30° ,所以.2w兀区=三"，此时是粒子打在边界PQ的最上端，根据几何知识可得2兀 6gB该点相对O点竖直位移为2二=五妙故PQ边界上有粒子射出的长度为

13、/二瓦+二2后，a错误，d正确。4 .【答案】BC【解析】010s内速度时间图线的切线斜率逐渐减小，可知空降兵和降落伞向下做加速度逐渐减小的变加速直线运动，阻力对空降兵和降落伞做负功，故选项A错误；根据牛顿第二定律得，mgf=ma,因为加速度减小，可知阻力增大，故选项B正确；1015s内做空降兵和降落伞向下做加速度减小的变减速直线运动，5s内的位移小于做匀变速直线运动的位移,故1015 s时间内空降兵和降落伞的平均速度,故C正确;1015s内做减速运动，加速度方向向上，可知空降兵和降落伞处于超重状态，故选项D错误。5 .【答案】CD【解析】由图得周期为0.04s,频率为25Hz,A错误；最大值

14、2A,则有效值为2AA,B错误；由图象知，C选项中表达式正确；电阻消耗的功率P=I2R=20W,D正确。6 .【答案】.C【解析】【名师解析】点电荷乙从H点向甲运动的过程中，受向左的静电力和向右的摩擦力，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速，所以加速度先减小后增大，故A错误在小球向左运动过程中电场力一直做正功，因此电势能一直被小，故B错误.当速度最小时有：尸尸才二号，解得；勺飞呼，故C正114+加2-，吟确，点电荷从火运海口过程中，根据动能定理有：巧m-网W标一扣底解得5=一，故D错误。7 .【答案】C8 .【答案】CU【解析】电场强度可表示为E=，其中L为金属棒长度，U为金属棒两端

15、所加的电动势，而U=IR，其Qnvt-Se中】=；=；=nvSe，R=联立，可得E=nev,p故C项正确.LLkJ1视频9 .【答案】D【解析】.祷焉然卫分祈，津矍葩滓力为工qD把a改正录爰一个按体根据半银翦二定律有：。=m,F,撤去产后曝军句分析；% = 网+啊已r .,及 的7r' = 口 ；适事对B分析有：/=二11.12.【答案】ABD【答案】ACDMF 故M+幽D正球.ABC绻误10 .【答案】C产-川财+物）g【解析】根据牛顿第二定律得：对整体：a=，对B：F弹FM=Ma,解得,【解析】由图（b）可知，物块先向上做匀减速运动到达最高，再向下做匀加速运动，上滑过程有洲gsm0

16、+那gcosU二加一下滑过程有wgsin6-pimg,联立可得斜面倾角。及动摩擦因数X4,年sin&丛AC正确；v4图线与时间轴围成的面积为物块经过的位移，则物块沿斜面向上滑行的最大高度力=-,>_可求出，D正确；质量m可消去，无法求出，B错误。【名师点睛】本题考查牛顿第二定律及图象的应用，要注意图象中的斜率表示加速度，面积表示位移；同时注意正确的受力分析，根据牛顿第二定律明确力和运动的关系。13.【答案】A【解析】匀加时根据速度位移关系丫'=2ax变形可得v=J2-，匀减时v2=-2alxv=Jvq-2a1%0变形为VU,根据指数函数图像特点可知，A项正确。14 .【答

17、案】ABC【解析】A项：06s内物体的位移大小x=X6,0m,故人正确.AvB项：在02s内，物体的加速度a=At=3m/s2,由图，当P=30W时，v=6m/s,得到牵引力F=5N.在02s内物体的位移为X1=6m,则拉力做功为W1=Fx1=5X6J=30J.26s内拉力做的功W2=Pt=10冲J=40J.所以06s内拉力做的功为W=Wi+W2=70J.故B正确.C项：在26s内，物体做匀速运动，合力做零，则合外力在06s内做的功与02s内做的功相等.故CE A二f=F,得到 f=F= V = 6 由速度图象的斜率求出加速度,.故D错误.26s内物P正确.D项：在26s内，v=6m/s,P=

18、10W,物体做匀速运动，摩擦力点晴：速度图象的面积”表示位移.02s内物体做匀加速运动,体做匀速运动，拉力等于摩擦力，由P=Fv求出摩擦力，再由图读出P=30W时，v=6m/s,由F二炉求出。2s内的拉力，由W=Fx求出02s内的拉力做的功，由W=Pt求出26s内拉力做的功.15 .【答案】D二、填空题16 .【答案】0.8;0.8m<x<1m【解析】以障碍物为参考系，相当于质点以vo的初速度，向右平抛，当L最大时从抛出点经过孔的左上边界飞到孔的右下边界时,L最大.b®dh)L=-=0.2sVgx=%=0.8股陛4sgL=v0?2-x=08m?;从孔的左上边界飞入临界的x有最小值为0.8m从孔的右下边界飞出时，x有最大值：x=引2L=17.【答案】安培；减小；伏特；增大三、解答题