2019年吉林省长春市中考物理试题(含解析)

1、2019年长春市初中毕业学业水平考试 物理一、单项选择题（每题2分，共20分）1. （2019吉林省长春市，1, 2分）水结冰的过程发生的物态变化是（）A.熔化 B.凝固C.液化 D.凝华【答案】B【解析】根据四种物态变化的定义，结合题意来分析解答；水结冰”，物质是从液态变成固态，发生的物态变化是凝固，故ACD错误，B正确。故选B。【知识点】热和能一物态变化及其应用2. （2019吉林省长春市，2, 2分）女高音的“高”是指声音的（）A.速度快 B.音色好C.音调高 D.响度大【答案】C【解析】音调是指声音的高低，是由发声体振动的频率决定的；女高音的高 是指声音的音调高，故C选项正确。故选Co

2、【知识点】声现象一声音的特性3. （2019吉林省长春市，3, 2分）世界上第一个发现电流周围存在磁场的物理学家是（）A.奥斯特B.焦耳C.安培D.欧姆【答案】A【解析】根据初中物理学物理常识，结合题意来分析解答；1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，发现电流周围存在磁场，A选项正确。故选Ao【知识点】物理常识4. （2019吉林省长春市，4, 2分）下列现象由于光的折射形成的是（）A.日食B.黑板“反光” C.桥在水中的倒影 D.池水看起来变浅 【答案】D【解析】根据光的反射、光的折射和光的直线传播及其在生活中的应用的相关知识来分析解答；A.日食是由光的直线传播形成的，A错误；B

3、.黑板“反光”是光在黑板上发生了镜面反射现象，是光的反射现象，B错误；C.桥在水中的倒影是平面镜成像，属于光的反射现象，C错误；D.水池看起来变浅/是由千水池底部的光线经过水面（即水与空气的交界面）时，发生折射，在水中的入射角小于在空气中的折射角，看到的是池底变浅的虚像，D正确。故选D.【知识点】光的直线传播 光的反射平面镜成像一光的直线传播及其应用光的反射现象及其应用光的折射 光的色散 看不见的光一光的折射现象5. （2019吉林省长春市，5, 2分）下列实例属于做功改变物体内能的是（）A.晒太阳B.搓手取暖C.热水袋取暖 D.冰袋降温【答案】B【解析】改变物体内能方式有做功和热传递两种，热

4、传递的实质是能量的转移，做功的实质是能量的转化。 晒太阳、热水袋取暖、冰袋降温，热量都是由高温物体转移到了低温物体上，属于热传递；而搓手取暖时需要 克服两手间的摩擦力做功，把机械能转化成了内能，是用做功的方式改变物体的内能的，所以ACD错误，B正 确。故选Bo【知识点】热和能一改变物体内能的两种方式6. （2019吉林省长春市，6, 2分）下列做法符合安全用电原则的是（）A.在电线上晾两衣服B.检修电路前切断电源C.使用绝缘皮破损的导线D.将开关接在零线和电灯之间【答案】B【解析】根据安全用电的原则，结合题意来分析解答；A.由于水是电的良导体，所以在电线上晾衣服，容易发生触电事故，A不符合安全

5、用电原则；B.检修电路前切断电源，会防止检修时发生触电事故，B符合安全用电原则；C.使用绝缘皮破损的导线，会有触电危险，C不符合安全用电原则；D.为了防止触事故，开关应接在火线和灯泡之间，D不符合安全用电原则。故选Bo【知识点】安全用电一安全用电的原则7. （2019吉林省长春市，7, 2分）甲、乙两个轻质小球靠近时互相排斥， 若甲球带正电，则乙球（）A.一定带正电B. 一定不带电C. 一定带负电D.可能带负电【答案】A【解析】带电体具有吸引轻小物体的性质，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；甲、 乙两球靠近时互相排斥，已知甲球带正电，则乙球一定带同种电荷，A正确，BCD错误。故选Ao【知识点

6、】 电流电路一带电体的性质电荷间的相互作用8. （2019吉林省长春市，8, 2分）2019年6月5H,我国航天完成首次海上发射，用长征H一号运载火箭将七颗卫星送入太空。火箭加速升空过程巾，这七颗卫星的动能（）A.变小 B.不变 C.变大 D.无法判断【答案】C【解析】物体动能的大小与物体的质量和物体运动的速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；由题意可知，火箭加速升空时，速度越来越大，所以动能越来越大，故C正确。故选Co【知识点】动能势能机械能一动能的大小影响因素9. （2019吉林省长春市，9, 2分）如图所示，电源两端的电压恒定。闭合开关小灯泡发光，再闭合开关则（）©®

7、; %1 II 】i IA.小灯泡变亮B.电流表示数变小C.电压表示数不变D.电路的总电阻变大【答案】C【解析】根据开关的通断判断出电路的连接情况，再根据并联电路的特点来分析解答即可；由电路图可知，只闭合开关Si时，电路中只有小灯泡，电压表测电压，电流表测电路中的电流，当开关Si、S2都闭合时，灯与定值电阻并联，电流表测干路的电流，电压表测电路两端的电压，由并联电路的特点可知，开关S2闭合前后，电压表的示数不变，由于并联后的总电阻变小，所以电流表的示数变大，由于小灯泡两端的电压不变，所以小灯泡的消耗的功率不变，小灯泡的亮度不变，所以ABD错误，C正确。【知识点】 电流电路一电路的连接方式并联电

8、路的特点电功电功率一电功率的计算10. （2019吉林省长春市，10, 2分）如图所示，用甲、乙滑轮组在相同时间内分别将 A B物体匀速提 升相同高度，己知物体受到的重力 G>G,滑轮组的机械效率“甲（“乙（忽略纯重和摩擦）。下列判 断正确的是（）A.两滑轮组纯端移动的距离相等B.甲滑轮组的有用功比乙的少C.甲滑轮组的总功率比乙的小D.甲滑轮组的动滑轮比乙的重【答案】D【解析】根据滑轮组出承担物体重力的绳子数，A.根据承担物体重力的绳子数，结合滑轮组的工作特点来分析解答；B.根据有用功的计算公式，结合题意来分析解答；C.根据机械效率的计算公式分析出总功的大小关系，再根据功率的计算公式分析

9、出功率的大小；D.根据机械效率的计算公式分析出额外功的大小关系，再分析出动滑轮的重力关系。由题意可知，甲图中承担物体重力的绳子数为3,乙图中承担物体重力的绳子数为2,A.由于两个滑轮组中物体上升的高度相同，而承担物体重力的绳子数不同，所以绳端移动的距离不同，A错误;B.根据公式 W有 Gh可知，由于两物体上升相同的高度，但是GA Gb,所以W有甲 W有乙，B错误；W有 一， WC.根据公式，可知W总 ，由于川有甲 川有乙，且甲 乙，所以W总甲 W总乙，根据功率的计算Wh心、公式P 结，在时间相等的情况下，小 FL，C错误；tD.由于 W，所以1 1 2.，因为甲乙，所以WW ,又因为W有甲W有

10、乙，所以W有W额W有W有甲W有乙W额甲W额乙，W额G动h ,所以G动甲G动乙，D正确。故选D。【知识点】 简单机械一滑轮组的工作特点机械效率一滑轮组的机械效率二、填空题（每空1分，共12分）11. （2019吉林省长春市，11, 2分）手机充电时，将 能转化为化学能；接打电话时，手机靠 传递信息。【答案】电；电磁波。【解析】根据电能与其它形式的能之间相互转化和电磁波的相关知识，结合题意来分析解答。手机充电时，家庭电路中的电能转化成手机电池中的化学能；电话传递信息靠电磁波的传递。【知识点】信息的传递一电磁波12. （2019吉林省长春市，12, 2分）小明在操场上跑步，以他为参照物，旁边的树是

11、（选填“运 动”或“静止”）的。小明快速奔跑时不容易立即停下来，因为他具有 。【答案】运动；惯性。【解析】根据判断物体运动还是静止的方法和惯性的相关知识，结合题意来分析解答；跑步中小明和树木间存在位置的变化，是相对运动的；惯性是指物体保持运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性。【知识点】机械运动一运动和静止的判断方法牛顿第一定律 二力平衡一惯性现象及其应用13. （2019吉林省长春市，13, 2分）煤是 （选填“可”或“不可”）再生能源。相等质量的煤和 木柴完全燃烧,煤放出的热量比木柴的多，说明煤的热值比木柴的热值 。【答案】不；大。【解析】根据能源的分类和热值的相关知识，结合题意来分析解答

12、。煤燃烧完后，在短时间内不可能恢复，所以属于不可再生能源；由题意可知，质量相同的煤和木柴燃烧，煤放出的热量更多，说明煤的热值更大。【知识点】 热和能一能源的分类热值14. （2019吉林省长春市，14, 2分）如图所示，烛焰发出的光通过凸透镜在光屏上呈现清晰的像，该 像是倒立、的实像，利用这一成像规律工作的设备有 （写出一种即可）。【答案】放大；投影仪。【解析】根据凸透镜成像的规律及其应用的相关知识，结合题意来分析解答;由图可知，此时物距小于像距，且在光屏上能呈像，所以此时物距在一倍和二倍焦距之间，光屏上成倒立、放 大的实像，投影仪就是根据这一原理制成的。【知识点】透镜及其应用一凸透镜成像的规

13、律及其应用15. （2019吉林省长春市，15, 2分）如图所示，闭合开关S,小磁针静止时N极指向 （选填“左” 或“右”）。向左移动滑动变阻器的滑片，螺线管的磁性 （选填“增强” “减弱”）。【答案】左；增强。【解析】由右手定则判断出通电螺线管的极性，再利用磁极间的相互作用规律分析出N极的指向，再由题意分析出向左移动滑动变阻器的滑片时，变阻器连入电路的电阻的变化情况，分析出电路中的电流的变化情况，最后分析出螺线管的磁性的变化情况。根据右手定则，电流方向向上，因此电磁铁的N极向左，根据同极相斥，异极相吸，小磁针N极指向左，滑动变阻滑片P向左移动后，滑动变阻器的电阻接入电路部分减少，使得电路中电

14、流增大，因此电磁铁的磁性增强。【知识点】 磁现象电生磁一右手定则影响电磁铁磁性大小的因素16. （2019吉林省长春市，16, 2分）如图所示，小明用吸管喝水，水在 的作用下进入11中。如果每次吸入水的质量相同，杯底所受水的压强减小量为Ap,则喝水过程巾A p逐渐【答案】大气压；变大。【解析】根据大气压强及其在生活中的应用和液体压强的计算公式，结合题意来分析解答；人在通过吸管喝水时是利用了大气压，因为杯子是一个敞口容器，所以每次吸入的水的质量相同，吸入水的体积也相同，但由于液面下降过程中横截面积不断变小，减小相同的体积时，高度减小量在增加，根据p gh ,可知 h增大时，p也增大。【知识点】

15、压强 液体压强一液体压强的计算大气压强 流体的压强与流速的关系一大气压强及其应用三、计算题(第17题4分，第18题6分，共10分)17. (2019吉林省长春市，17, 4分)如图所示，电阻R的阻值为10Q。闭合开关S,电阻R两端的电压 为10V,电阻R2两端的电压为5V。求：(1)电源两端的电压。(2)通过电阻R1的电流。【思路分析】根据电路图判断出电路的连接情况，(1) 根据串联电路的电压的特点，由两电阻两端的电压计算出电源电压；(2)由电阻R1两端的电压和电阻计算出电流。【解题过程】由电路图可知，两电阻串联，(1) 由题意可知，电源两端电压为：U U1 U 210V 5V 15V ;(2

16、)由题意可知，通过 R1的电流为：I1 匕 10V 1A。R110答：(1)电源两端的电压为15V;(2)通过电阻R1的电流为1A。【知识点】电流电路一电路的连接方式串联电路的特点欧姆定律一欧姆定律及其应用18. (2019吉林省长春市，18, 6分)水平桌面上放置一个质量为0.8kg的保温杯，杯底对桌面的压强为2X0Pa, g取 10N/kg。求：(1)保温杯对桌面压力的大小。(2)桌而的受力面积。【思路分析】(1)根据保温杯的质量计算出它的重力，再分析出保温杯对桌面的压力大小；(2)根据压力和压强，结合压强的计算公式计算出桌面的受力面积。【解题过程】(1)由于保温杯放在水平桌面上，所以保温

17、杯对桌面的压力等于保温杯自身的重力，F G mg 0.8kg 10N/kg 8N ；F 8N3 2（2）由题意可知，桌面的受力面积： S - 3- 4 10 3m2。p 2 10 Pa答：（1）保温杯对桌面压力为8N;（2）桌而的受力面积为4 10 3m2。I【知识点】压强液体压强一压强的计算公式 四、综合题（共28分）19. （2019吉林省长春市，19, 3分）如图所示是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置（1）实验时，按照 （选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序安装器材更合理。（2）水沸腾过程巾，温度计示数如图所示，可知水的沸点为 C；若水停止吸热，水（选填“能”或“不能”）继续沸

18、腾。【思路分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；（2）从图中能看出温度计的分度值是1C,然后根据液面到达的刻度即可读数；水沸腾时的温度特点：吸热温度保持不变。【解题过程】（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度，按照从下而上的顺序进行。（2）从图中能看出温度计的分度值是1C,所以温度计的示数是 99C；水沸腾时的温度特点：吸热温度保持不变，晶体熔化时吸收热量，温度不变；若水停止吸热，水停止沸腾。故答案为：（1）自下而上；（2） 99;不能。【知识点】热和能一探究水沸腾的实验20. （2019吉林省长春市，20

19、, 5分）如图甲所示是“探究平面镜成像的特点”的实验装置。（1）取两支完全相同的蜡烛，是为了探究像与物的 关系。（2）将点燃的蜡烛A放在玻璃板前，移动玻璃板后的蜡烛B直至与蜡烛A勺像完全重合，记录蜡烛A、 蜡烛B的位置。改变蜡烛A勺位置，重复上述实验，实验记录如图乙所示。 蜡烛A位于2位置时的像在 点；蜡烛A由2位置移到3位置，像的大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。（3）人看到蜡烛的像是由于反射光进入人眼。请在图内中画出与反射光线对应的入射光线。【思路分析】（1）根据实验的要求，结合实验提供的器材来分析解答；（2）根据平面镜成像的特点，结合题意来分析解答；（3）根据反射光线找出入射点

20、，画出法线，作出入射光线即可。【解题过程】（1）由题意可知，取两支相同的蜡烛，是为了探究物体所成的像与物体的大小的关系；(2)由于物体的像和物体关于平面镜对称，所以蜡烛 A位于2位置时的像在c点；由于物体所成的像与物体的大小始终相同，所以蜡烛 A由2位置移到3位置，像的大小不变；(3)由反射光线与镜面的交点作出法线，再根据反射角等于入射角做出入射光线，如下图所示：故答案为：(1)大小；(2) c;不变；(3)【知识点】光的直线传播 光的反射平面镜成像一平面镜成像的特点及其应用21. (2019吉林省长春市，21, 4分)实验小组在测量小石块的密度的实验中:10(1)用调节好的天平测量小石块的质

21、量，天平平衡时整码的质量及游码的位置如图甲所示，小石块的质量m= g 。(2)将小石块浸没在装有20ml水的量筒中，水面位置如图乙所示，则小石块的体积V= cm3(3)计算出小石块的密度p =g/cm3 。(4)如图先测量小石块的体积，然后从量筒中取出小石块直接测量质量，所测的密度值与真实值 相比 (选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。【思路分析】(1)用天平测质量时，物体的质量等于祛码的质量加游码的质量;(2)根据量筒的正确的读数方法，结合题意分析出小石块的体积；(3)根据密度的计算公式，结合题意来分析解答；(4)根据密度的计算公式，由题意中测量的步骤中分析出测出的小石块的质量的变化情况来分

22、析解答即可。【解题过程】(1)由天平指针的位置可知，小石块的质量为：m=20g+20g+5g+3g=48g ;(2)由图可知，小石块的体积为:V 40mL 20mL 20mL 20 cm3；(3)小石块的密度为:48g20cm332.4 g / cm ；(4)由题意可知，小石块从量筒中取出时会带有部分水，所以此时用天平测出的小石块的质量偏大，计算出的 密度的值也偏大。故答案为：(1) 48; (2) 20; (3) 2.4; (4)偏大。【知识点】质量和密度一固体物质的密度的测量22. (2019吉林省长春市，22, 4分)在研究电流产生的热量与哪些因素有关的实验中:(1)如图所示，两个密闭的

23、透明容器中装有相等质量的空气，两个容器中的电阻丝R、R (R<R)串联接到电源两端。电阻丝R和R2串联的目的是保证 相同，U型管中液面高度的变化映。(2)通电10s,观察到图中两侧U型管中液面高度的变化不同，这说明：电流产生的热量与 有 关。(3)在研究电流产生的热量与电流的关系时，将一段导线与电阻丝R并联，通电10s,左侧U型管中液面高度的变化比(2)中左侧U型管中液面高度变化 (选填“大”或“小”)。【思路分析】(1)根据串联电路的特点和液体热胀冷缩的性质结合题意来分析解答;(2)根据控制变量法的相关知识，结合题意来分析解答；(3)根据焦耳定律的计算公式，结合题意来分析解答。【解题过

24、程】(1)由于串联电路中电流处处相等，所以两电阻丝串联的目的是保证通过两电阻的电流相同，由 液体热胀冷缩的性质可知，电热丝产生的热量越多，液体吸收的热量越多，体积膨胀的越大，液面高度的变化 越大，所以通过 U型管中液面高度的变化反映电阻丝产生的热量的多少；(2)通电时间相同，两电阻串联，通过的电流相同，而两电阻丝的阻值不同，U型管中液面高度的变化不同，说明电阻丝放出的热量不同，这说明电流产生的热量与电阻有关；(3)由题意可知，将一段导线与电阻丝R2并联，则通过电阻 R1的电流大于通过电阻 R2的电流，所以通电相同的时间内，左侧 U型管中液面高度的变化比(2)中左侧U型管中液面高度变化大。故答案

25、为：(1)电流；电阻丝产生的热量的多少；(2)电阻；(3)大。【知识点】焦耳定律一焦耳定律及其应用23. (2019吉林省长春市，23, 4分)小明和同学到福利院义务劳动时，发现有的桌子脚下装有如图甲 所示的轮子。甲端Z3的用 乙(1)他将压杆按下，压板就会紧压在轮子上，使轮子无法滚动，桌子不容易被推动，说明用滑动 代替滚动可以 摩擦；i杆做得较宽大可以起到 压强的作用。(均选填“增大”或“减(2)小明发现压杆是省力杠杆，。为支点。请在图乙中画出压力 F的力臂1。【思路分析】(1)根据减小摩擦的方法和减小压强的方法，结合题意来分析解答；(2)根据力臂的做法，结合题意来分析解答。【解题过程】(1

26、)用滚动摩擦代替滑动摩擦可以减小摩擦；杆做宽大是压力相同时，增大受力面积，减小压强 的作用；（3） 由支点向力的作用线作垂线，并标出垂直，此垂线即为动力臂，如下图所示:故答案为：（1）增大；减小；（2）【知识点】简单机械一杠杆及杠杆示意压强液体压强一增大和减小压强的方法O摩擦力一增大和减小摩擦的方法24. （2019吉林省长春市，24, 4分）学习浮力知识后，小明利用可以测量压力大小的数品测力计和刻 度尺进行如下实验：（1）将果汁装入轻质小瓶（小瓶和瓶盖的质量、厚度均不计），拧紧瓶益后测出重力G（2）如图甲所示，将小瓶放入盛有适量水的容器中，小瓶静止时竖直漂浮。小瓶受到的浮力为F浮,则F浮 G

27、 （选填“>” “二”或“<”）。（3）用数显测力计将小瓶缓慢压入水中，数显测力计的示数逐渐变大，说明浮力的大小与有关。（4）如图乙所示，将小瓶放入另一种液体中，小瓶静止时竖直漂浮。比较甲、乙两图可知P液 p水（选填“>”、“二”或“<”）。测出此时小瓶内、外液面的高度差为A hio（5）将小瓶倒放在图乙的液体中，小瓶静止时竖直漂浮，测出此时小瓶内、外液面的高度差为Ah2。比较可知A hi Ah2 （选填“>”、或“<”）。【思路分析】（2）根据小瓶静止时的状态，结合物体的浮沉条件来分析解答；（3）物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大；（4）根据小瓶在

28、两种液体中排开液体的体积的关系，结合阿基米德原理来分析解答；（5）根据小瓶静止时的状态分析出排开液体的体积的关系，再根据瓶内、外液体的体积的变化情况来分析解答。【解题过程】(2)根据二力平衡的条件，此时瓶子受到的力有重力和浮力，两个力是一对平衡力，大小相等；(3)压入水中的过程中，液体的密度和小瓶的重力均不变，变量只有排开液体的体积；(4)由图片可知，甲液体中排开液体的体积大于乙液体中排开的液体的体积，又因为两次都是漂浮，浮力都等于自身的重力，所以两次受到的浮力是相等的，根据公式F浮液gV排可知，当浮力相等时，物体排开液体的体积越大，液体的密度越小；(5)由于小瓶的重力不变， 所以无论正放还是

29、倒放， 小瓶受到的浮力不变， 所以两次排开液体的体积也都不变， 又因为瓶内的液体和外部的液体体积都不变，所以液面差不会变化。故答案为：(2) 二; (3)物体排开液体体积；(4) > (5)=。【知识点】浮力一阿基德原理物体的浮沉条件浮力的测量25. (2019吉林省长春市，25, 4分)科技小组要测量额定电压为5V勺小灯泡的电功率，可用的器材有: 一个电压表和一个电流表(只有0-0.6A量程可用)。电源两端的电压恒定。(1)按如图甲所示电路图正确连接电路。闭合开关前，将滑动变阻器滑片移到 端(选填“左” 或“右”)。(2)闭合开关，记录电压表、电流表示数；调节滑动变阻器并记录多组数据。 当电流表示数为0.6A 时，电压表示数低于5V。根据数据绘制出小灯泡的电流I与电压U勺关系图像如图乙所示，由图像可 知，灯丝电阻随温度的升高而。(3)为测量小灯泡的额定功率，小组同学拆除电流表后再接通电路，调节滑动变阻器直至电压表 示数为5V;保持滑动变阻器的滑片位置不变，断开开关，将电压表替换AB向导线接入电路，闭合开关，电压表示数为5.4V,则此时小灯泡完度比正常发光时 ;将动变阻器的滑片移到最 左端，电压表示数变为7.2V。则小灯泡的