【KS5U解析】湖北省武汉市2020届高三五月质量检测理综生物试题 Word版含解析

1、武汉市2020届高中毕业生五月质量检测理科综合试卷一、选择题：1.下列关于生物学实验的叙述，正确的是（ ）a. 可使用双缩脲试剂来鉴定某种酶的化学组成是不是蛋白质b. 宜选择过氧化氢酶作为探究温度对酶活性影响的实验材料c. 可以用吡罗红将细胞染色来检测rna病毒是否进入了细胞d. 不能选用叶肉细胞观察染色体是由于叶绿体颜色会造成干扰【答案】a【解析】【分析】该题涉及教材上多个鉴定、观察与探究实验的相关内容，需要理清各类实验的目的与实验材料的特性，准确辨析选项中的关键词，如“蛋白质”“温度”“rna”“染色体”，然后根据相关知识逐项判断。【详解】a、蛋白质能与双缩脲试剂发生紫色反应，因此可使用双

2、缩脲试剂来鉴定某种酶的化学组成是不是蛋白质，a正确；b、由于过氧化氢酶的底物过氧化氢对热不稳定，在加热的条件下易分解，因此不宜选择过氧化氢酶作为探究温度对酶活性影响的实验材料，b错误；c、细胞生物的细胞内本身也含有rna，不能用吡罗红将细胞染色来检测rna病毒是否进入了细胞，c错误；d、一般选用处于有丝分裂中期的细胞观察染色体，而叶肉细胞已高度分化，不再进行细胞分裂，因此不能选用，d错误。故选a。2.细胞内k+浓度比细胞外高，在缺氧条件下，人的红细胞可以维持k+梯度而海囊藻不能。 推测红细胞和海囊藻维持k+梯度（ ）a. 对能量的需求量不同，前者不消耗能量，后者消耗能量b. 依靠运输方式不同，

3、前者为被动运输，后者为主动运输c. 提供能量方式不同，前者为无氧呼吸，后者为有氧呼吸d. 协助的蛋白质不同，前者为离子通道，后者为载体蛋白【答案】c【解析】【分析】物质跨膜运输的方式和特点：名称运输方向载体能量实例自由扩散高浓度低浓度不需要不消耗水，co2，甘油协助扩散高浓度低浓度需要不消耗红细胞吸收葡萄糖主动运输低浓度高浓度需要消耗ü小肠绒毛上皮细胞吸收氨基酸，葡萄糖，k+，na+【详解】a、k+运输对能量的需求量相同，两者都需要消耗能量，a错误；b、依靠运输方式相同，两者均为主动运输，b错误；c、两者提供能量方式不同，前者人的红细胞无线粒体，供能方式为无氧呼吸，后者为有氧呼吸，c

4、正确；d、协助蛋白质相同，均为载体蛋白，d错误。故选c。3.将小球藻置于缺氧缺co2条件下，进行510分钟光照处理，立刻移向黑暗环境中供给14co2，小球藻合成了（14ch2o）。下列叙述正确的是（ ）a. 在缺氧缺co2条件下光照会导致叶绿体中nadph减少b. 移向黑暗环境中供给14co2后小球藻会向细胞外释放o2c. 供给14co2后叶绿体中14c3含量先增加后逐渐减少为0d. 该实验不能证明小球藻利用光能和利用co2的场所不同【答案】d【解析】【分析】光合作用的具体的过程：光反应阶段：场所是类囊体薄膜a水的光解：2h2o4h+o2 batp的生成：adp+piatp暗反应阶段：场所是叶

5、绿体基质aco2的固定：co2 +c5 2c3 b三碳化合物的还原：2c3 （ch2o）+c5+h2o【详解】a、在缺氧缺co2条件下，给与光照条件叶肉细胞中会进行光反应，因此，不会导致叶绿体中nadph减少，a错误；b、移向黑暗环境中供给14co2后小球藻会吸收二氧化碳进行一段时间的暗反应过程，此时由于缺乏光照条件，故不会进行光反应向细胞外释放o2，b错误；c、供给14co2后叶绿体中14c3含量先增加而后逐渐减少并趋于稳定，但不会减少到0，c错误；d、该实验没有场所作为单一变量的对照实验，因此，不能证明小球藻利用光能和利用co2的场所不同，d正确。故选d。4.某病毒结构由外部囊膜

6、和内部核心组成，囊膜上有病毒编码的多种蛋白质。下列有关该病毒侵入人体后的说法正确的是（ ）a. 病毒侵入人体后经t细胞摄取和处理，暴露出病毒所特有的抗原b. 效应t细胞与病毒侵染细胞密切接触，能使被侵染细胞裂解死亡c. 浆细胞可特异性识别病毒编码的多种蛋白质，并产生相应的抗体d. 记忆细胞可与再次入侵的同种病毒相结合，从而抑制病原体繁殖【答案】b【解析】【分析】体液免疫过程为：（1）除少数抗原可以直接刺激b细胞外，大多数抗原被吞噬细胞摄取和处理，并暴露出其抗原决定簇；吞噬细胞将抗原呈递给t细胞，再由t细胞呈递给b细胞；（2）b细胞接受抗原刺激后，开始进行一系列的增殖、分化，形成记忆细胞和浆细胞

7、；（3）浆细胞分泌抗体与相应的抗原特异性结合，发挥免疫效应。细胞免疫过程为：（1）吞噬细胞摄取和处理抗原，并暴露出其抗原决定簇，然后将抗原呈递给t细胞；（2）t细胞接受抗原刺激后增殖、分化形成记忆细胞和效应t细胞，同时t细胞能合成并分泌淋巴因子，增强免疫功能；（3）效应t细胞发挥效应，激活靶细胞内的溶酶体酶使靶细胞裂解。【详解】a、病毒侵入机体内经吞噬细胞摄取处理，暴露出病毒所特有的抗原特性，a错误；b、效应t细胞与病毒侵染的靶细胞密切接触，能通过释放淋巴因子来增加细胞免疫，使被侵染细胞裂解死亡，b正确；c、浆细胞不能识别病毒编码的多种蛋白质等抗原，c错误；d、抗体可与再次入侵的同种病毒相结合

8、，形成细胞沉淀或集团，被吞噬细胞处理掉，从而抑制病原体繁殖，d错误。故选b。5.某生态农业示范基地，展示了水稻被利用的多种形式，如下图所示：下列分析正确的是（ ）a. 灰分还田、菌渣还田实现了稻田生态系统的物质和能量的循环利用b. 精米、糙米、米糠、秸秆等含有的能量是流经该生态系统的总能量c. 稻田生态系统的抵抗力稳定性较低，需要人工管理和干预才能维持稳定d. 秸秆、稻壳培养食用菌能被人利用，提高了营养级之间的能量传递效率【答案】c【解析】【分析】图示对水稻的各个组成进行了充分利用，提高了能量利用率，促进了物质循环。【详解】a、能量流动具有单向流动的特点，无法循环，a错误；b、流经该生态系统的

9、总能量应该为第一营养级固定的太阳能和人工输入的能量总和，包括水稻所含有的能量，b错误；c、稻田生态系统营养结构单一，物种数少，故抵抗力稳定性低，需要人工干预才能维持稳定，c正确；d、秸秆、稻壳培养食用菌被人利用，提高了能量利用率，d错误。故选c。6.xy型性别决定的某种雌雄异株的植物，其紫花与红花的遗传受一对等位基因的控制。为研究这对等位基因是位于常染色体上还是x染色体上，选取四株植物进行了如下实验：为达成实验目的，还需补充（ ）亲本组合f1实验一甲（紫花）×乙（红花）紫花：红花=1:1实验二丙（红花）×丁（紫花）紫花：红花=1:1实验三甲（紫花）×丁（紫花）紫花

10、：红花=3:1a. 植株甲和植株乙是否为纯合子的信息b. 实验一f1中两种花色植株性别比例数据c. 实验二或三f1中红花植株性别比例的数据d. 乙×丙杂交实验获取f1中花色及性别的数据【答案】c【解析】【分析】题意分析，根据实验三可知，紫花对红花为显性，因此可推出实验一和实验二均为测交实验，且实验二为隐性的雌与显性的雄性进行的杂交的实验，因此只要知道子一代中两种花色或其中一种花色的性别即可判断出基因的位置。【详解】a、植株甲和植株乙不可能都是纯合子，这里即使补充红花是纯合子的信息，依然无法做出判断，a错误；b、即使在给出实验一f1中两种花色植株性别比例的数据，也无法做出基因位置的判断

11、，b错误；c、若给出实验二或三f1中红花植株性别比例的数据，则可以判断基因的位置，如给出实验二子代红花的性别全为雄性，实验三中子一代红花也都为雄性，则可判断相关基因位于x染色体上，若两组的子一代均表现为雌雄均有，则相关基因位于常染色体上，c正确；d、上述杂交结果能够说明红花是隐性性状，即便是补充上乙×丙杂交实验获取f1中花色及性别的数据依然无法判断基因的位置，d错误。故选c。7.为研究温度变化对贮藏器官呼吸作用的影响，研究人员以马铃薯块茎为材料，进行了如下实验：实验一将两组相同的马铃薯块茎，分别置于低温（4）和室温（22）条件下贮藏10天，发现低温组块茎中淀粉酶含量显著高于室温组。实

12、验二将马铃薯块茎从20移到0后，再回到20环境中，测定co2的释放速率的变化，结果如下图所示。回答下列问题：（1）当马铃薯块茎从20移到0环境中，co2的释放速率下降，其原因是_。（2）当马铃薯块茎重新移回到20环境中，与之前20环境相比，co2的释放速率明显升高。综合上述实验，合理的解释是_。（3）某小组想重复实验一，但他们在比较两组块茎中淀粉酶含量大小时遇到了困难。若提供淀粉、碘液等试剂，请帮助他们设计出比较两组块茎中淀粉酶含量大小的实验思路_。（只需写出思路即可，不需预测结果）【答案】 (1). 温度降低导致酶的活性下降，呼吸作用产生的co2减少 (2). 在0环境中淀粉酶含量增加，催化

13、淀粉水解生成的还原糖增加，为之后20条件下呼吸作用提供更多的底物，呼吸作用较之前20时强 (3). 取等质量4和22处理后的马铃薯块茎，研磨过滤制备酶的提取液，催化等量的淀粉水解，用碘液检测，比较水解相同时间后溶液颜色深浅（或比较淀粉完全水解所需时间的长短）【解析】【分析】1.温度影响酶的活性，当马铃薯块茎从20移到0环境中，低温抑制酶的活性，细胞呼吸减慢，呼吸作用产生的co2减少。2. 若比较两组块茎中淀粉酶含量大小，可将其研磨成提取液，进一步用碘液检测。【详解】（1）温度影响酶的活性，当马铃薯块茎从20移到0环境中，co2的释放速率下降，其原因是温度降低导致酶的活性下降，呼吸作用产生的co

14、2减少。（2）当马铃薯块茎重新移回到20环境中，由于在0环境中淀粉酶含量增加，催化淀粉水解生成的还原糖增加，为之后20条件下呼吸作用提供更多的底物，呼吸作用较之前20时强，故之前20环境相比，co2的释放速率明显升高。（3）根据题干信息可知，实验的目的是比较两组块茎中淀粉酶含量大小，若提供淀粉、碘液等试剂，可取等质量4和22处理后的马铃薯块茎，研磨过滤制备酶的提取液，催化等量的淀粉水解，用碘液检测，比较水解相同时间后溶液颜色深浅即可。【点睛】本题影响酶活性的因素等探究实验，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的试剂及试剂的作用、实验现象等，需要考生在平时的学习过程中注意

15、积累。8.内温动物是指通过自身的产热来调节体温的动物，如：人、北极熊等。下图是内温动物的耗氧量随环境温度（t）变化的模式图。回答下列问题：（1）若该内温动物是人，当环境温度高于t3时，机体主要通过_和皮肤内毛细血管的舒张来散出热量。若环境温度由t2逐渐向t1转变，耗氧量会增加，主要是由于甲状腺分泌活动增强的缘故，该过程中，甲状腺的分泌活动直接受_激素调控。（2）当环境温度在t2-t3范围内，内温动物耗氧量不随环境温度而变化，该温度范围称为“热中性区”。在室内养殖家畜时，往往将室内温度保持在“热中性区”，这样做的道理是_。（3）若内温动物生活的自然环境长期偏离“热中性区”，它们在许多方面会表现出

16、明显的适应。例如：生活在寒冷气候中的内温动物，其身体往往比生活在温暖气候中的同类个体更大，这是_（填“增大单位体重产热量”或“减少单位体重散热量”）的适应。【答案】 (1). 汗液的蒸发 (2). 促甲状腺 (3). 热中性区的耗氧量最低，有机物的消耗最少，有利于家畜的有机物积累 (4). 减少单位体重散热量【解析】分析】1、寒冷环境皮肤冷觉感受器下丘脑体温调节中枢增加产热（骨骼肌战栗、立毛肌收缩、甲状腺激素等分泌增加），减少散热（毛细血管收缩、汗腺分泌减少）体温维持相对恒定。2、炎热环境皮肤温觉感受器下丘脑体温调节中枢增加散热（毛细血管舒张、汗腺分泌增加）体温维持相对恒定。【详解】（1）若该

17、内温动物是人，当环境温度高于t3时，超过人体体温，机体主要通过汗液蒸发和皮肤内毛细血管的舒张来散热。当环境温度由t2降低到t1，人体为了维持体温，增加产热，甲状腺激素分泌增多，甲状腺激素的分泌存在分级调节，直接受促甲状腺激素的调节。（2）热中性区的耗氧量最低，有机物的消耗最少，有利于家畜的有机物积累，故在室内养殖家畜时，往往将室内温度保持在“热中性区”。（3）生物与环境通过长期的进化，而相互适应。一般生活在寒冷气候中的内温动物，其身体往往比生活在温暖气候中的同类个体更大，这是为了减少单位体重散热量来适应寒冷的环境。【点睛】本题考查了体温调节的相关知识，意在考查考生的识图能力和理解所学知识要点，

18、把握知识间内在联系的能力；能运用所学知识，对生物学问题作出准确的判断，难度不大。9.“中度干扰假说”认为，在中等强度干扰（如人工间伐、地面火等）下，群落的物种多样性最大。防护林既保留了部分原始植被的特征，同时又受到人类活动的干扰。运用“中度干扰假说”能有效保护防护林，也能实现林业、牧业资源的合理利用。回答下列问题：（1）砍伐适量成年树，有助于林下植物的生长，主要是阳生植物增多，原因是_。（2）防护林中随着植被大量生长，枯枝败叶积累，增加了发生自然火灾的可能性。地面火并不一定都是有害无益的，从生态系统的功能角度来看，可控范围内的适度地面火能烧尽地面的枯枝败叶，加快了生态系统的_，增加了土壤中的_

19、含量，有利于植物的生长。（3）对生态系统的干扰过度会适得其反，主要原因是生态系统的_具有一定限度。研究表明，与自然林相比，重度干扰的防护林更容易遭受外来物种的入侵，从生态系统的结构角度分析其原因是_。【答案】 (1). 砍伐成年树后，林下植物接受的光照强度增强，有利于阳生植物的生长繁殖 (2). 物质循环 (3). 无机盐 (4). 自我调节能力（或抵抗力稳定性） (5). 重度干扰会降低防护林的物种多样性，导致营养结构简单【解析】【分析】生态系统稳定性即为生态系统所具有的保持或恢复自身结构和功能相对稳定的能力。主要通过反馈调节来完成，不同生态系统的自调能力不同。不同生态系统的自我调节能力是不

20、同的。一个生态系统的物种组成越复杂，结构越稳定，功能越健全，生产能力越高，它的自我调节能力也就越高。因为物种的减少往往使生态系统的生产效率下降，抵抗自然灾害、外来物种入侵和其他干扰的能力下降。而在物种多样性高的生态系统中，拥有着生态功能相似而对环境反应不同的物种，并以此来保障整个生态系统可以因环境变化而调整自身以维持各项功能的发挥。因此，物种丰富的热带雨林生态系统要比物种单一的农田生态系统的自我调节能力强。【详解】（1）砍伐适量成年树，林下植物接受的光照强度增强，更加有利于阳生植物的生长繁殖，因此，阳生植物增多。（2）防护林中随着植被大量生长，枯枝败叶积累，使得自然火灾时有发生。可控范围内的适

21、度地面火的存在能烧尽地面的枯枝败叶，将有机物变成无机物，从而加快了生态系统的物质循环，由于有机物经过燃烧后变成了无机物，因此也能增加土壤中的无机盐的含量，使土壤变得肥沃，更加有利于植物的生长。（3）生态系统自我调节能力的存在，使得生态系统的结构和功能处于相对稳定状态，但是生态系统的自我调节能力是有一定限度的，因此，如果对生态系统的干扰过度可能会使得生态系统的结构与功能的平衡被打破。研究表明，与自然林相比，防护林的物种多样性较低，营养结构相对简单，因此抵抗力稳定性（自我调节能力）较弱，据此可推测重度干扰的防护林更容易遭受外来物种的入侵。【点睛】熟知生态系统结构与功能相适应的原理是解答本题的关键！

22、掌握影响生态系统结构与功能的因素是解答本题的另一关键！10.果蝇的眼色与翅形由常染色体上两对独立遗传的基因控制，将一只紫眼卷翅果蝇与一只红眼正常翅果蝇杂交，f1为红眼卷翅:红眼正常翅=1:1，让f1红眼卷翅果蝇相互杂交，得到的f2中红眼卷翅:紫眼卷翅:红眼正常翅:紫眼正常翅=6:2:3:1。回答下列问题：（1）眼色性状中，紫眼为_（填“显性”或“隐性”）性状；翅形性状中，卷翅为_（填“显性”或“隐性”）性状。（2）f2的结果没有表现出典型的9:3:3:1，而是6:2:3:1，合理的解释是_。（3）某同学利用f2的材料设计了以下实验方案：将多对紫眼正常翅与红眼卷翅果蝇进行一代杂交，分别统计每对果

23、蝇的子代。同学甲认为，该方案能验证（2）题中解释是否正确；同学乙认为，该方案还可独立判断紫眼与红眼的显隐性关系。请对同学甲和同学乙的观点作出评价，并说明理由_。【答案】 (1). 隐性 (2). 显性 (3). 卷翅显性纯合致死 (4). 同学甲和同学乙的观点都正确。若每对果蝇的子代都会出现卷翅：正常翅=1:1，表明f2中卷翅都为杂合子，没有显性纯合子，即证明卷翅显性纯合致死；若部分杂交组合的子代中都是红眼，则可判断红眼为显性。【解析】【分析】设果蝇的眼色由a、a基因控制，翅形由b、b基因控制，由题干可知，两对基因位于常染色体上独立遗传。将一只紫眼卷翅果蝇与一只红眼正常翅果蝇杂交，f1为红眼卷

24、翅:红眼正常翅=1:1，可推出红眼为显性，让f1红眼卷翅果蝇相互杂交，f2中既有卷翅也有正常翅，可推出卷翅为显性，故亲本紫眼卷翅的基因型为aabb，红眼正常翅的基因型为aabb，f1中红眼卷翅基因型为aabb，由于f2中红眼卷翅:紫眼卷翅:红眼正常翅:紫眼正常翅=6:2:3:1，与典型的9:3:3:1相比，可推出红眼卷翅中1aabb和2aabb致死，紫眼卷翅中aabb致死，即卷翅纯合（bb）致死。【详解】（1）由分析可知，眼色性状中红眼为显性，紫眼为隐性；翅形性状中，卷翅为显性，正常翅为隐性。（2）由分析可知，f2的结果没有表现出典型的9:3:3:1，而是6:2:3:1，是因为卷翅纯合（bb）

25、致死，导致红眼卷翅中1aabb和2aabb致死，紫眼卷翅中aabb致死。（3）将f2中多对紫眼正常翅与红眼卷翅果蝇进行一代杂交，只考虑翅型时，若每对果蝇的子代都会出现卷翅:正常翅=1:1，可推出f2中卷翅的基因型全为bb，可进一步证明卷翅显性纯合（bb）致死，即甲的观点正确；只考虑眼色性状时，紫眼与红眼杂交，若部分杂交组合的子代中都是红眼，则可判断红眼为显性，即乙的观点正确。【点睛】本题考查基因的自由组合定律，要求考生能够掌握基因自由组合定律的实质，学会9:3:3:1的变形应用，并能运用题干信息，结合所学知识解决相关的生物学问题。生物选修1：生物技术实践11.乳酸菌数量是评价活性乳酸菌制品质量

26、的重要指标。研究小组用具有乳酸菌筛选功能的mrs培养基对某品牌酸奶中乳酸菌数进行研究。将乳酸菌专用mrs培养基倒平板，每个平板接人01 ml酸奶样品的稀释菌液，涂布均匀。回答下列问题：（l）为防止杂菌污染需要对培养基进行高压蒸汽灭菌，灭菌是指_。（2）梯度稀释时，应用_对酸奶进行稀释。若要将样品稀释10倍，可用无菌移液管吸取5 ml酸奶样品加入盛有_ml稀释液的三角瓶中充分混匀。（3）为统计乳酸菌数量，宜采用_法接种。在实验中还要设置未接种的对照组，这样做的目的是_。（4）平板接种后需对培养皿进行处理，再放置在培养箱中37恒温培养。该小组设计三种不同的处理方案：将培养皿置于点燃蜡烛的密闭容器内

27、，待蜡烛熄灭后将密闭容器放人培养箱；（萤将培养皿直接置于密闭容器内后放置在培养箱中；培养皿不做处理直接放置在培养箱中。为能更真实反映样品中的乳酸菌数量，应选择的处理方案是_（填序号），理由是_。【答案】 (1). 使用强烈的理化因素杀死物体内外所有的微生物，包括芽孢和孢子 (2). 无菌水 (3). 45 (4). 稀释涂布平板 (5). 检验接种培养基是否受到污染（或培养基灭菌是否彻底） (6). (7). 乳酸菌为厌氧菌，氧气会抑制乳酸菌繁殖，方案中蜡烛燃烧消耗氧气，使得乳酸菌是在近似无氧的条件下培养，因而更能真实反映样品中的乳酸菌数量【解析】【分析】1、配制乳酸菌分离培养基的步骤是：计算

28、称量溶化灭菌倒平板。该培养基的化学成分包括碳源、氮源、水、无机盐四类营养成分，在培养该细菌的培养基中还需要添加维生素。培养基常用的灭菌方法是高压蒸汽灭菌法。 2、分离微生物常用的方法：平板划线法：通过接种环在琼脂固体培养基表面连续划线的操作，将聚集的菌种逐步稀释分散到培养基表面。稀释涂布平板法：将菌液进行一系列的梯度稀释，然后将不同稀释度的菌液分别涂布到琼脂固体培养基的表面，进行培养。其中，稀释涂布平板法还可以用于对微生物进行计数。【详解】（1）培养基制作完成后，需要进行灭菌，常用高压蒸汽灭菌锅进行高压蒸汽灭菌法灭菌。灭菌是指利用强烈的理化因素杀死物体内外所有的微生物，包括芽孢和孢子。（2）梯

29、度稀释时，先用无菌水将样品稀释10倍，即酸奶样品体积无菌水体积=19，即可用无菌移液管吸取5ml酸奶样品加入盛有5×9=45ml无菌水的三角瓶中，使样品与水充分混匀。（3）接种微生物的方法有很多，为统计乳酸菌的数量，宜采用接种方法为稀释涂布平板法，乳酸杆菌属于厌氧菌，接种后应在无氧条件下培养。在实验中还要设置未接种的对照组，在相同的条件下培养，观察是否有菌落产生，目的是检验培养基灭菌是否彻底。（4）乳酸菌的代谢类型为异养厌氧型，方案中蜡烛燃烧消耗氧气，使得乳酸菌是在近似无氧的条件下培养；方案中密闭环境存在少量氧气，方案没有处理，氧气充足，会抑制乳酸菌的繁殖，所以更能真实反映样品中的乳酸菌数量的是方案。【点睛】本题考查微生物分离和培养，要求考生掌握培养基配制的原则，识记分离和纯化微生物常用的两种方法，掌握采用稀释涂布平板法计数微生物的具体过程，能结合所学的知识准确判断各选项。生物选修3：现代生物科技专题12.已知某rna病毒包膜表面的s蛋白负责病毒的吸附、融合和侵入宿主细胞，也是诱导宿主体液免疫反应的抗原。针对该病毒的s蛋白研制疫苗和抗体的部分流程如下图。回答下列问题：（1）过程提取该抗原的rna并将rna_形成dna。要获得大量的病毒基因可利用pcr技术扩增