阶段检测（二）

1、.阶段检测二时间：90分钟总分值：100分一、选择题此题共10小题，每题4分，共40分。16 题为单项选择题，710题为多项选择题1.以下仪器中不能直接测量出国际根本单位制中对应的三个力学根本物理量的是解析力学中的根本物理量有三个，它们分别是长度、质量和时间，刻度尺能测长度，A正确；弹簧秤测量力，B错误；天平测量质量，C正确；秒表测量时间，D正确。答案B2.如图1所示，物体A静止在粗糙程度面上，左边用一轻质弹簧和竖直墙相连，弹簧的长度大于原长。现用从零开场逐渐增大的程度力F向右拉A，直到A被拉动，在A被拉动之前的过程中，弹簧对A的弹力F1的大小和地面对A的摩擦力Ff大小的变化情况是图1A.F1

2、减小 B.F1增大C.Ff先减小后增大 D.Ff始终减小解析在A被拉动之前的过程中，弹簧仍处于原状，因此弹力F1不变，静止时弹簧的长度大于原长，那么弹簧对A的拉力向左，由于程度面粗糙，因此物体受到程度向右的静摩擦力Ff。当再用一个从零开场逐渐增大的程度力F向右拉A，直到把A拉动前过程中，物体A受到的静摩擦力Ff从向右变为程度向左，所以Ff大小先减小后增大，应选项C正确，A、B、D错误。答案C3.如图2所示，小娜同学右手抓起一皮球，手臂与竖直方向呈30°角，当皮球与手臂都静止时，手对皮球的作用力图2A.方向竖直向上 B.方向沿手臂向上C.大于皮球的重力 D.大于皮球对手的作用力解析分析

3、皮球的受力情况可知，受到重力和手对皮球的作用力，皮球处于静止状态，两个力为一对平衡力，所以两者等大、反向，A正确，B、C错误；手对皮球的作用力和皮球对手的作用力是一对互相作用力，二者相等，D错误。答案A4.如图3所示，光滑斜面的倾角为37°，一个可以看成质点的小球在轻质细线的拉力作用下静止在斜面上，细线与斜面间的夹角也为37°，假设小球的重力为G，sin 37°0.6，cos 37°0.8，那么手对细线的拉力等于图3A.G B.C. D.解析对小球受力分析，小球受到细线的拉力F、斜面的支持力和小球的重力作用，在沿斜面方向上，Fcos 37°Gs

4、in 37°，解得FGtan 37°G，应选项C正确。答案C5.2019·全国卷，16如图4所示，一物块在程度拉力F的作用下沿程度桌面做匀速直线运动。假设保持F的大小不变，而方向与程度面成60°角，物块也恰好做匀速直线运动。物块与桌面间的动摩擦因数为图4A.2 B. C. D.解析当F程度时，根据平衡条件得Fmg；当保持F的大小不变，而方向与程度面成60°角时，由平衡条件得Fcos 60°mgFsin 60°，联立解得，应选项C正确。答案C6.如图5所示，A、B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为的斜面光滑，系统静止时，弹簧

5、与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，以下说法中正确的选项是图5A.两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsin B.B球的受力情况未变，瞬时加速度为零C.A球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为gsin D.弹簧有收缩趋势，B球的瞬时加速度向上，A球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都不为零解析设两球的质量均为m。在细线烧断前，以B球为研究对象，根据平衡条件得到弹簧的弹力Fmgsin ，在细线被烧断的瞬间，弹簧的弹力没有变化，那么B球的受力情况没有变化，瞬时加速度为零， 而此瞬间A球所受的合力大小为Fmgsin 2mgsin ，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律得，A球的加速度大小为aA2gsin

6、 ，方向沿斜面向下，故B正确。答案B7.关于图6中四幅图片，以下说法中正确的选项是图6A.图甲中学生从如图姿势起立到直立站于体重计的过程中，体重计示数先减小后增大B.图乙中运发动推开冰壶后，冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变C.图丙中赛车的质量不是很大却安装着强大的发动机，可以获得很大的加速度D.图丁中高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度来减小车辆重力沿桥面方向的分力，保证行车方便与平安解析题图甲中学生从图示姿势起立到直立站于体重计的过程中，先向上加速，加速度向上，处于超重状态，再向上减速，加速度向下，处于失重状态，由超重和失重的概念可知，体重计

7、的示数先增大后减小，A错误；冰壶受到的阻力很小，加速度就很小，但速度大小会减小，只是减小的很慢，B错误；由牛顿第二定律可知C正确；高大的桥造很长的引桥，可以减小桥面的坡度，这样可以减小车辆重力沿桥面方向的分力，保证行车方便与平安，D正确。答案CD8.如图7所示，F1、F2的合力方向竖直向下，假设保持F1的大小和方向都不变，保持F2的大小不变，而将F2的方向在竖直平面内转过60°角，合力的方向仍竖直向下，那么以下说法正确的选项是图7A.F1一定大于F2B.F1可能小于F2C.F2的方向与程度面成30°角D.F1的方向与F2的方向成60°角解析由于合力始终向下，可知F

8、2与F2的程度分力一样，故F2与F2关于程度方向对称，所以F2与程度方向成30°角，设F1与竖直方向成角。对各力进展分解可得：F1sin F2cos 30°，F1cos >F2sin 30°，解得F1>F2。选项A、C正确。答案AC9.如图8所示，轻杆BC一端用铰链固定于墙上，另一端有一小滑轮C，重物系一绳经C固定在墙上的A点，滑轮与绳的质量及摩擦均不计，假设将绳一端从A点沿墙稍向上移，系统再次平衡后，那么图8A.绳的拉力增大B.轻杆受到的压力减小，且杆与AB的夹角变大C.绳的拉力大小不变D.轻杆受的压力不变解析对C进展受力分析如下图，根据力的平衡条件

9、和对称性可知FACFCDG。A点上移后绳上拉力大小不变，一直等于重物的重力，应选项A错误，C正确；A点上移后AC与CD的夹角变大，那么合力变小，即轻杆受到的压力减小，方向沿杆方向并且沿ACD的角平分线，根据几何知识知BCD变大，即杆与AB夹角变大，那么选项B正确，D错误。答案BC10.倾角为30°的斜面上的物体受到平行于斜面向下的力F作用，力F随时间t变化的图象及物体运动的vt图象如图9所示，由图象中的信息可知取g10 m/s2图9A.物体的质量m kgB.物体的质量m kgC.物体与斜面间的动摩擦因数D.物体与斜面间的动摩擦因数解析设斜面的倾角为，物体在02 s内做匀加速直线运动，

10、由vt 图象的斜率得出加速度a1 m/s22 m/s2，由Ft图象在02 s内读出F115 N。 由牛顿第二定律得F1mgsin fma1 26 s向下做匀减速直线运动a2 m/s21 m/s2 由牛顿第二定律mgsin F2fma2解得m kg，f25 N，故A正确，B错误；根据滑动摩擦力公式fmgcos 30°，故C错误，D正确。答案AD二、非选择题共6小题，共60分11.6分在“验证力的平行四边形定那么的实验中，用图钉把橡皮筋的一端固定在木板上的A点，在橡皮筋的另一端拴上两条细绳，细绳另一端系着绳套B、C用来连接弹簧测力计。其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB

11、和OC为细绳。如图10所示。图101本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中与B相连的弹簧测力计的示数为_ N。2在实验中，假如只将OB、OC绳换成橡皮筋，其他步骤保持不变，那么实验结果_选填“会或“不会发生变化。3在本实验中，F1和F2表示两个互成角度的力，F表示由平行四边形定那么作出的F1与F2的合力； F表示用一个弹簧秤拉橡皮筋时的力，那么各图中符合实验事实的是解析1弹簧测力计的每一格代表0.1 N，所以图中B的示数为2.80 N。2在实验中细线是否伸缩对实验结果没有影响，故换成橡皮筋可以同样完成实验，故实验结果不变。3该实验中F是由平行四边形定那么得出的合力，而F是通过实际实验得出的，

12、故F应与OA在同一直线上，而F与F1、F2组成平行四边形，故只有B符合题意。应选B。答案12.802不会3B12.8分如图11所示，一端带有定滑轮的长木板上固定有甲、乙两个光电门，与之相连的计时器可以显示带有遮光片的小车在其间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的轻质测力计能显示挂钩处所受的拉力。不计空气阻力及一切摩擦。图111在探究“合外力一定时，加速度与质量的关系时，要使测力计的示数等于小车所受合外力，操作中必须满足_ ；要使小车所受合外力一定，操作中必须满足_。2实验时，先测出小车质量m，再让小车从靠近光电门甲处由静止开场运动，读出小车在两光电门之间的运动时间t。改变小车质量m，测得多

13、组m、t的值，建立坐标系描点作出图线。以下能直观得出“合外力一定时，加速度与质量成反比的图线是_ 。解析 1小车受重力、支持力和拉力，小车与滑轮间的细绳与长木板平行，测力计的示数等于小车所受的合外力，要使小车所受合外力一定，操作中必须满足砂和砂桶的总质量远小于小车的质量 。2小车从靠近甲光电门处由静止开场做匀加速运动，位移xat2。改变小车质量m，测得多组m、t的值，所以加速度a，位移不变，所以a与t2成反比，合外力一定时，加速度与质量成反比例的图线是C。答案1小车与滑轮间的细绳与长木板平行；砂和砂桶的总质量远小于小车的质量2C13.10分如图12所示为自动扶梯台阶式的示意图，某商场自动扶梯的

14、倾角为37°，假设自动扶梯正在加速向上运动，扶梯对某顾客站在扶梯上的支持力是其重力的1.03倍，那么：g10 m/s2，sin 37°0.6，cos 37°0.8图121自动扶梯的加速度为多少？2这位顾客受到的摩擦力与其重力的比值是多少？解析1根据牛顿第二定律得：FNmgmay解得：ay0.3 m/s2根据平行四边形定那么可知，自动扶梯的加速度a0.5 m/s22自动扶梯程度方向上的分加速度axacos 37°0.4 m/s2根据牛顿第二定律得：Ffmax所以0.04答案10.5 m/s220.0414.10分一质量为m2 kg的滑块能在倾角为37

15、76;的足够长的斜面上以a2.0 m/s2匀加速下滑。如图13所示，假设用一程度推力F作用于滑块，使之由静止开场在t2 s内能沿斜面向上运动位移x4 m。求：取g10 m/s2图131滑块和斜面之间的动摩擦因数；2推力F的大小。解析1根据牛顿第二定律可得：mgsin 37°mgcos 37°ma解得：0.52由xa1t2可得a12 m/s2。由牛顿第二定律可得：Fcos 37°mgsin 37°Fsin 37°mgcos 37°ma1代入数据得：F48 N答案10.5248 N15.12分如图14所示，风洞实验室中能模拟产生恒定向右的

16、风力。质量m100 g的小球穿在长L1.2 m 的直杆上并置于实验室中，球与杆间的动摩擦因数为0.5，当杆竖直固定放置时，小球恰好能匀速下滑。保持风力不变，改变固定杆与竖直线的夹角，将小球从O点静止释放。g取10 m/s2，sin 37°0.6，cos 37°0.8，求：图141当37°时，小球分开杆时的速度大小；2改变杆与竖直线的夹角，使球下滑过程中与杆之间的摩擦力为0，求此时的正切值。解析1当杆竖直固定放置时，FF弹，F弹mg，解得风力F2 N当37°时，小球受力情况如图示，垂直杆方向上有Fcos 37°mgsin 37°FN解得

17、FN1 N小球受摩擦力FfFN0.5 N由牛顿第二定律得mgcos 37°Fsin 37°Ffma解得a15 m/s2由v2v2ax得，小球到达杆下端时速度为v6 m/s2当摩擦力为0时，球与杆的弹力为0，由平衡条件得Fcos mgsin 解得tan 2答案16 m/s2216.14分如图15所示，质量为M1 kg的长木板静止在光滑程度面上，现有一质量m0.5 kg的小滑块可视为质点以v03 m/s的初速度从左端沿木板上外表冲上木板，带动木板一起向前滑动。滑块与木板间的动摩擦因数0.1，重力加速度g取10 m/s2。求：图151滑块在木板上滑动过程中，长木板受到的摩擦力大小和方向；2