2014年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题

1、咼考模拟试题精编一【说明】本试卷分第一卷选择题和第二卷非选择题两局部总分值100分，考试时间90分钟.第一卷选择题 共40分一、选择题：此题共10小题，每题4分，共40分在每题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目 要求，全部选对的得 4分，选不全的得2分，有错选或不答的得 0分.1 在物理学开展的过程中，有许多伟大的科学家做出了奉献关于科学家和他们的奉献，以下说确的是A 安培首先提出了磁场对运动电荷的作用力公式B 法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转发现了电流的磁效应c 楞次发现了电磁感应现象，并研究得出了判断感应电流方向的方法一一楞次定律D 法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之

2、间的相互作用规律一一库仑定律2如下列图，两个等量异种点电荷对称地放在一无限大平面的两侧两点电荷未画出，0点是两点电荷连线与平面的交点，也是连线的中点在平面以 0点为圆心画两个同心圆，两圆上分别有 a、b、c、d四个点，那么以下说法错误的选项是A a、c两点电场强度大小相等B c、d两点电场强度一定相等C a、b两点电势一定相等D a、d两点电势一定相等3 a、b两车在同一直线上做匀加速直线运动，v t图象如下列图，在15 s末两车在途中相遇，由图象可知 A a车的速度变化比b车慢B .出发前a车在b车之前75 m处C .出发前b车在a车之前150 m处D .相遇前a、b两车的最远距离为 150

3、 m 4 2021年6月，"神九'飞天，"蛟龙'探海，实现了"可上九天揽月，可下五洋捉鳖"这个充满浪漫主义气概的梦想处于340 km高空的"神九"和处于 7 000 m深海的"蛟龙"的向心加速度分别为a1和a2,转动的角速度分别为 31和32,以下说法中正确的选项是 A 因为"神九"离地心的距离较大，根据3= r得：31< 32B 根据3= n可知，3与圆周运动的半径r无关，所以31= 32C 因为"神九"离地心的距离较大，根据a= ：2得：a1<

4、a2D 因为"神九"离地心距离较大且角速度也较"蛟龙"大，根据a= 32r得：a1>a25 甲、乙两运动物体在t1、t2、t3时刻的速度矢量分别为V1、V2、V3和V1、V2、V3.以下说法中正确的选项是A 甲做的可能是直线运动，乙做的可能是圆周运动B甲和乙可能都做圆周运动C .甲和乙受到的合力都可能是恒力D .甲受到的合力可能是恒力，乙受到的合力不可能是恒力I6如图，在固定斜面上的一物块受到一外力取值应有一定围，其最大值和最小值分别为F的作用，F平行于斜面向上假设要物块在斜面上保持静止,Fi和F2F2>0.由此可求出A 物块的质量B .斜面

5、的倾角C 物块与斜面间的最大静摩擦力D .物块对斜面的正压力7导体A B、C的伏安特性曲线分别是图线1、2、3，其中导体C为一非线性电阻当它们串联后接在电压恒为6V的直流电源两端时，它们的电阻分别为A .此时流过三导体的电流均为1 ARi、R2、R3,那么以下说确的是B . Ri : R2 : R3= 1 : 3 : 2C 假设将三导体串联后接在 3 V的直流电源上，那么三导体的阻值之比不变D .假设将三导体并联后接在 3 V的直流电源上，那么通过它们的电流之比 Ii : I2： 13= 3 :8自耦变压器的输入端接在阻为r的交流电源上，输出端接阻值为 R的负载.如果要求负载上消耗的电功率最大

6、，变压器原、副线圈的匝数比应为变压器为理想变压器，输入端的电势恒定9.如下列图，两个质量均为 m的完全一样的小球 A和B用轻杆连接，由静止从曲面上释 至滑到水平面的过程中，不计一切摩擦，那么杆对A球做的功为書71 1A. mgh B. qmghC. mgh D. mgh10.如下列图，质量为 M的足够长金属导轨 abed放在光滑的绝缘水平面上.一电阻为 r，质量为m的导体棒PQ放 置在导轨上，始终与导轨接触良好，PQbe构成矩形.棒与导轨间光滑、棒左侧有两个固定于水平面的光滑立柱. 导轨be段电阻为R,长为L,其他局部电阻不计以 ef为界，其左侧匀强磁场 方向竖直向上，右侧匀强磁场水平向右，磁

7、感应强度大小均为B.在 t = 0时,一水平向左的拉力 F垂直作用在导轨的 be边上，使导轨由静止开始做匀加速 直线运动，加速度为 a.那么A . F与t成正比B . F与t2成正比C 当t到达一定值时，QP刚好对轨道无压力ABD .假设F = 0, PQbc静止，ef左侧磁场均匀减小，当 云到达一定值时，QP刚好对轨道无压力 答题栏题号12345678910答案第二卷非选择题共60分 二、非选择题：此题共5小题，共60分按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演 算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.11.岬传IO竝力伽辭 右1.1 占、

8、.VhttJMAC5分现用如下列图的装置探究“加速度与物体受力的关系'小车所受拉力与其速度可分别由拉力传感器和速度传感器记录下来.速度传感器安装在距离 L = 48.0 cm的长木板的A、B两点.05 I D 15 2J0Z5*1实验主要步骤如下：A 将拉力传感器固定在小车上；B 平衡摩擦力，让小车在没有拉力作用时能做匀速直线运动；C 把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与轻质小盘盘中放置砝码相连；D 接通电源后自C点释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力F的大小与小车分别到达 A、B时的速率 Va、VB ；E.改变小盘中砝码的数量，重复D的操作.由以上实验可得出加速

9、度的表达式a=.现已得出理论上的 a-F图线，某同学又用描点法根据实验所得数据，在坐标纸上作出了由实验测得的a F图线比照实验结果与理论计算得到的两个关系图线，偏差的主要原因是 .12. 10分某同学要测量一节干电池的电动势和阻他根据教师提供的 了如下列图的原理图.A .电压表 V15 V,10 k QB .电流表 G量程3.0 mA，阻 Q为10 QC.电流表A量程0.6 A，阻约为0.5 QD .滑动变阻器 R1(020 Q 10 A)E.滑动变阻器 R2(0100 Q 1 A)F.定值电阻R3= 990 QG .开关S和导线假设干1该同学没有选用电压表是因为 忙;:+応益:拦:益“二:

10、I BB IB 1 IB 2该同学将电流表G与定值电阻 R3串联，实际上是进展了电表的改装，那么他改装的电压表对应的量程是V ；3为了能准确地进展测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是 填写器材前的字母编号；4该同学利用上述实验原理图测得以下数据，并根据这些数据绘出了如下列图的图线，根据图线可求出干电池的 电动势E=V保存3位有效数字，干电池的阻r =Q 保存2位有效数字.序号123456电流表G(11/mA)1.371.351.261.241.181.11电流表A(I2/A)0.120.160.210.280.360.4313. 13分如下列图，在光滑水平面上有一长为Li、宽为L

11、2的单匝矩形闭合导体线框abed，处于磁感应强度为B的有界匀强磁场中，其ab边与磁场的边界重合.线框由同种粗细均匀的导线制成，它的总电阻为R现用垂直于线框ab边的水平拉力，将线框以速度v向右沿水平方向匀速拉出磁场 此过程中保持线框平面与磁感线垂直，且ab边与磁场边界平行，线框中产生的焦耳热与导体线框abed以ab为轴匀速顺时针cd向上转动90°过程中线框中产生的焦耳热一样.求线框匀速转 动的角速度.14. 14分如下列图，传送带 A、B间距离L = 5 m且在同一水平面，两个轮子半径均为r=0.2 m,半径R= 0.4 m的固定竖直光滑圆轨道与传送带相切于B点，C点是圆轨道的最高点.

12、当传送带静止不动时，质量m= 1 kg的小煤块在A点以初速度vo= 2 15 m/s 开始运动，刚好能运动到 C点.重力加速度g= 10 m/s2.求：1当传送带的轮子以 3= 10 rad/s的角速度匀速转动时，将小煤块无初速地放到传送带 上的A点，求小煤块从 A点运动到B点的过程中在传送带上划过痕迹的长度.A点，小煤块运动到 C点2当传送带的轮子匀速转动的角速度在什么围时，将小煤块无初速地放到传送带上的 时对圆轨道的压力最大，最大压力Fc是多大.15. 18分如下列图，电源电动势为 Eo未知，阻不计，滑动变阻器的滑片 P处于R的中 点.一质量为 m,带电荷量为q的粒子重力不计从加速电场AK

13、中的si点由静止经 加速电场加速后，沿 SiS2方向从边长为L的正方形场区的中间进入有界均匀场区.当 场区只加竖直向上的匀强电场电场强度为E时，带电粒子恰从 b点射出场区.1求加速电源的电动势Eo.2假设滑动变阻器的滑片位置不变，场区只加垂直纸面向里大小为B的匀强磁场，带电粒子仍从b点射出，那么带电粒子的比荷 q为多大？m3假设使带电粒子进入场区后不改变方向，需在场区同时加匀强电场和匀强磁场，求所加复合场的电场强度Ei与磁感应强度Bi之比.附加题：此题共3小题，每题15分.分别考查3-3、3 4、3-5模块.请考生根据本省考试情况选择相应题目 作答，其分值不计入总分.1 .物理一一选修3 31

14、5分15分以下说法中正确的选项是 .A .物体是由大量分子组成的，分子间的引力和斥力同时随分子间距离的增大而减小 B .悬浮在水中的花粉颗粒运动不是水分子的运动，而是花粉分子的运动C .物体的机械能可以为零，而能不可以为零D .第二类永动机违反能量守恒定律E. 定质量的理想气体压强不变，温度升高时吸收的热量一定大于能的增加量25分家用煤气的主要成分是一氧化碳，其密度小于空气的密度，且空气在常温下的密度为1.29 kg/m3，如果家庭出现了煤气泄漏，当煤气的质量到达空气总质量的6%时可发生爆炸.假设某家庭密闭的厨房中煤气发生泄漏，且泄漏的速度是 10 g/min，那么煤气可发生爆炸时煤气已经泄漏

15、了 h;假设爆炸时厨房的温度迅速上升到1 500C，那么此时厨房的气体压强为 Pa.假设厨房的空间体积为30 m3，大气压强为105 Pa,厨房温度为27C，忽略煤气泄漏与爆炸反响对厨房空气分子数的影响r工厂5分如下列图，光滑水平地面上放有一质量为m的导热气缸，用活塞封闭了一局部气体.活塞质量为m，截面积为S,可无摩擦滑动，气缸静止时与缸底距离为L0.现用水平恒力F向右推气缸，最后气缸与活塞到达相对静止状态.大气压强为 內.求： 稳定时封闭气体的压强； 稳定时活塞与气缸底部的距离.2 .物理一一选修3 415分 15分欧洲大型强子对撞机是现在世界上体积最大、能量最高的加速器，是一种将粒子加速对

16、撞的高能物理设备该设备能把数以万计的粒子加速到相当于光速的99.9%，粒子流每秒可在隧道狂飙11 245圈，单束粒子能量可达7万亿电子伏那么以下说法中错误的选项是 A .如果继续对粒子进展加速，粒子的速度不能到达光速B .如果继续对粒子进展加速，粒子的速度能够到达光速C .如果继续对粒子进展加速，粒子的速度能够超过光速D .粒子咼速运动时的质量大于静止时的质量E.粒子高速运动时的质量小于静止时的质量5分一简谐横波以2 m/s的波速沿x轴正方向传播.的周期为 , t = 0时刻x= 0处的质点运动方向为t= 0时的波形如下列图，那r 一,x=0处的质xy么该波点在最短时间t=s时速度值最大.35

17、分为了研究光通过折射率n= 1.6的球形玻璃的偏折现象，让一细束光线射入玻璃球，玻璃球的半径R= 10mm ,球心0到入射光线的垂直距离d= 8 mm.(si n 53 =°.8)在图上画出该束光线射入玻璃球后，第一次从玻璃球中射出的光路图.求这束光线从射入玻璃球到第一次射出玻璃球，光线偏转的角度.3.物理一一选修3 515分15分关于近代物理容的假设干表达正确的选项是 .A .自然界中含有少量的14C,14C具有放射性，能够自发地进展B衰变，因此在考古中可利用14C来测定年代B .重核的裂变过程质量增大，轻核的聚变过程有质量亏损C .比结合能越大，表示原子核中核子结合得越结实，原子

18、核越稳定D .根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能 增大，电势能减小E.紫外线照射到金属锌板外表时能够发生光电效应，那么当增大紫外线的照射强度时，从锌板外表逸出的光电 子的最大初动能也随之增大25分核能发电已经成为人类开发和利用新能源的重要途径，某舰艇想依靠所携带的 10.9 kg铀丸，利用其放射性衰变释放的能量发电.铀丸 俺8U衰变后成为Th，那么衰变方程为 ;假设分别用 m1、m2、m3表示衰变过程中238U核、IfTh核和放出的粒子的质量，那么衰变过程中释放出的核能可以表示为.35分如下列图，质量为 m1= 60 kg的滑块在光滑

19、水平面上以速度V1= 0.5 m/s向右运动，质量为 m2 = 40 kg的滑块包括小孩在光滑水平面上以速度V2= 3 m/s向左运动，为了防止两滑块再次相碰，在两滑块靠近的瞬间，m2上的小孩用力将 m1推开.求小孩对 m1做功的围.滑块m2与右边竖直墙壁碰撞时无机械能损失，小孩与滑块不 发生相对滑动，光滑水平面无限长咼考模拟试题精编一参考答案1 . D 洛伦兹提出了磁场对运动电荷的作用力公式，A错奥斯特发现了电流的磁效应，B错法拉第发现了电磁感应现象，C错库仑利用扭秤发现了电荷之间的相互作用规律，D正确.2 . A 因为两个等量异种点电荷对称地放在大平面的两侧，电场线应该垂直平面，且该平面应

20、该是一个等势面, 所以C、D说法是正确的，根据电场线的分布情况，说法A错、B正确，应选A.3. AD 由v t图象可知，两车的加速度分别为A COQaa=m/s2= 1.5 m/s2, ab=m/s2= 2 m/s2，车的加速度是1015表示车的速度变化快慢的物理量，A对；相遇时,Xa= 2x 10X 15 m= 75 m, Xb =15X 30 m= 225 m, Xa+ &=Xb，所以 a 车在 b 车前 Ax= Xb xa= 150 m, B、 们在15 s时相遇，即意味着它们的距离从C错误；由图象可知，两车位移差随时间的增加而增大，且它150 m 一直减小到0，所以D正确.4.

21、 D 根据3 = 丫可知，做圆周运动的角速度不仅与 r有关，还与线速度v有关,所以A、B均错；因为“蛟龙"属于天体自转问题， 它转动的角速度与地球同步卫星一样，“神九与同步卫星相比,根据= mw 2r得“神九"的角速度较大，即"神九"的角速度大于"蛟龙"随地球自转的角速度，根据a= 32r得C错、D正确.5. BD 甲、乙两物体速度的方向在改变，不可能做直线运动，那么A错；从速度变化量的方向看，甲的方向一定，乙的发生了变化，甲的合力可能是恒力，也可能是变力，而乙的合力不可能是恒力，那么C错误；B、D正确.6. C 物块在斜面上处于静止

22、状态，先对物块进展受力分析，确定其运动趋势，列平衡方程可得 物块受与斜面平行的外力F作用，而在斜面上静止，此时摩擦力的大小和方向将随F fmax.F的变化而变化.设斜面倾F1 F2角为0,由平衡条件F 1 mgsi n0 Ffmax = 0,F2 mgs in0+Ffmax =0,解得 Ffmax=2，应选项C 正确.7. AB 由题给的伏安特性曲线可知， 当三导体串联接在电压恒为 6V的直流电源的两端时， 作平行U轴的直线 使三导体两端的总电压为 6 V , R1、R2、R3两端的电压分别为 1 V、3 V、2V，此直线恰好过I轴的1 A处，可知A、B正确；同样可判断 C错误；假设将三导体并

23、联后接在3 V的直流电源上，过 U轴3 V作平行I轴的竖直线7 / 12可知，通过三导体的电流分别约为3 A、1 A和22 A，可知D错.8. B 设变压器原、副线圈的匝数分别为 ni、n2,输入端的电动势为 E,电流分别为li、|2，电压分别为Ui、U2, 那么：Ui= E- lir，电阻R消耗的电功率 P= U2|2= U1I1,即卩P = E lirli = - 1补+ Eli，可见当li = #时，P有最 大值 Pmax= E，此时 Ui= E lir = E:r =号，那么 U2 = Ui = , b = 卑昌，又因半=，联立以上各式4r2r 2nini2R n i2RI2 niD错

24、,B对.9. B 由初、末状态看出，A、B的机械能：Ea初一Eb初=mgh，Ea末一Eb末=0，由得：Ea初-Ea末+ Eb末一Eb初=mgh,即卩AEa减+ AEb增=mgh，由 A、B系统机械能守恒可知AEa减=AEb增，联立得：AEa减1 1=mgh，根据功能关系得，杆对 A球做的功为？mgh，那么A、C、D错，B对.10. C be切割磁感线运动时产生的感应电动势为E= BLv,感应电流1= ，由于be做初速度为0的匀加速R+ r运动，所以v = at, be受到的安培力Fa = BlL ,对于金属导轨abed，根据牛顿第二定律得： F Fa = Ma，联立上 面各式得：F = Ma

25、+ 鬻，所以A、B均错；当be向左运动时，根据楞次定律， QP的电流方向由P,根据 左手定那么可知，C正确；假设F = 0, PQbe静止，当ef左侧磁场均匀减小时， QP的电流方向由PQ,根据 左手定那么可知，D错.11 .解析：1小车从A到B做匀加速直线运动，由运动学公式2aL = vB - vA，得加速度vB vA2L2实验所得图线为直线，但不过原点，当F有一定数值时，小车加速度仍为零，说明没有完全平衡摩擦力，也可能拉力传感器读数存在误差，即读数偏大.答案：vB vA2L3分Ri所在支路电阻，所以干路电流近似Er|i= rRZR?，由图象知直线与纵轴的截距为吉=皿mA，解得E =皿V，直

26、线斜率的绝对值为1.48 1.06 X 10 ',解得 r = 0.84R3 + Rg0.52没有完全平衡摩擦力或拉力传感器读数偏大2分12 解析：1因为电压表量程远大于干电池的电动势；2改装电压表的量程等于电流表 G的满偏电流与电流表G所在支路总电阻的乘积， 即UV= lgR3+ Rg = 3.0X 103x 990 + 10V = 3.0 V ;为了便于调节，滑动变阻器的 阻值不能太大，选择 Ri比较适宜；4由于R3支路电阻远大于滑动变阻器等于l2，闭合电路欧姆定律 E= U + lr可变形为：E= liR3 + Rg +丨2，即Q.答案：1电压表量程太大2分232分3D2 分41

27、.482 分0.842 分13. 解：线框被拉出磁场的过程中：产生的感应电流1= 72分R需要的时间t = ¥1分所以产生的焦耳热 Q= l2Rt=鱼2分R线框转动90°过程中：产生感应电流的最大值Imax = BL；2% 分BL1L2有效值I =:1分V2Rn需要的时间t' = 21分所以产生的焦耳热 Q= I' 2Rt'孕2分4R联立得:4vd_i2分14. 解：1当传送带静止不动时，小煤块刚好能运动到C点，那么在C点，根据牛顿第二定律得：mg= mvR小煤块与传送带的相对位移为I = vt 2 = 0.5 m,即划过痕迹的长度为0.5 m2 分

28、2当小煤块在传送带上一直加速时，小煤块到达B点的速度最大，在C点对圆轨道的压力最大设小煤块到达1分小煤块从AtC过程中，由动能定理得:1 2 1 2i mgL- 2mgR= mvc mvS1 分 联立得1= 0.41分v = 3 = 2 m/s1 分当传送带的轮子以3= 10 rad/s的角速度匀速转动时，传送带的线速度t = = 0.5 s1 分 ig由-= 0.5 m<L,得小煤块在传送带上加速的时间2 ig1B点的最大速度为 vb，那么：i mg=?mvB1分解得 vb= 2 .10 m/s1 分传送带的线速度 v>2 10 m/s,即传送带的角速度 3> 10.10

29、rad/s时，小煤块在C点对圆轨道的压力最大1分 小煤块从BtC,由机械能守恒定律得：1 12mgR= mvB mvCmax 1 分小煤块此时在C点，由牛顿第二定律得：2 VCmaxe .八、F max+ mg= m1 分R联立得 F max= 50 N1 分根据牛顿第三定律得，对圆轨道最大压力Fc= Fmax= 50 N1分115. 解：1设带电粒子加速后的速度大小为vo,那么在加速电场中，由动能定理得：Uq = -mv22分在偏转电场中做类平抛运动：L = vot 1 分2=2翠1分联立解得：u = EL1分由闭合电路欧姆定律得：Eo = 2U = EL2分2带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周

30、运动，设轨道半径为R,如图，由几何关系得：r2= L2+ R寺 22 分由向心力为洛伦兹力得：2Bqvo= m*® 2 分R联立解得：q = 26寻2分m 25B2L3带电粒子在复合场中做直线运动，电场力与洛伦兹力平衡：qvoB1= qE13分E1 4E联立解得：=52分附加题1 . 1解析：根据分子动理论，A对；布朗运动不是分子的运动，B错；物体的能是物体的所有分子动能与分子势能的总和，由于分子动能不可能为零，所以物体能不可以为零，C对；第二类永动机违反热力学第二定律，不违反能量守恒定律，D错；由半=C得，气体压强不变温度升高时体积V变大，气体对外做功，W<0，根据热力学第一定律 Q + W= AU得E正确.答案：ACE5分解析：由题意可知煤气可发生爆炸时的质量m= 6% pV= 2.322 kg ,那么煤气泄漏的时间t= 10 g/门232.2 minP2 =眯=6 X 105Pa.=3.87 h .把空气近似看做理想气体，那么由题意可知在爆炸瞬间可看做是体积不变的过程，那么由查理定律可 得严=p2,所以爆炸瞬间产生的气体压强为T1 T2答案：3.872 分6 X 1053 分亠m解：对整体：F = m+ 2 a