(山东专用,文理不分科,选考：物理)最新2020新高考第一次模拟考试9月物理试题(含详细解析)

1、（最新）2020新高考第一次模拟考试物理试题（山东专用，文理不分科，选考：物理）总分100分，时间100分钟考试内容：直线运动、相互作用、牛顿运动定律注意事项：1 .答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2 .回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案 标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题 时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3 .考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。第一卷（选择题共48分）二、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选 项中，第18题只有一项符合题目要求，第 911题有多项符合

2、题目要求。全部 选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得48分。一、单选题（本大题共8小题，共32分）1.下面关于加速度的描述中，正确的有（）A.物体的加速度方向和速度方向一定相同B.物体的速度为零，其加速度也一定为零C.加速度是描述物体速度变化快慢的物理量D.物体的速度变化越大，加速度一定越大2 .伽利略在对自由落体运动的研究过程中， 开创了如下框图所示的一套科学研究方法，其中方框2和4中的方法分别是（）现察现象一 2 *逻辑推理一 4 修正推广»*：*A.实验检验，数学推理B.数学推理，实验检验C.提出假设，实验检验D.实验检验，合理外推3 .甲、乙两车在同一条直道上行驶，它

3、们运动的位移x随时间t变化的关系如 图所示，已知乙车做匀变速直线运动，其图线与t轴相切于10 s处，则下列说法正确的是（）A.甲车的初速度为零B.乙车的初位置在Xo= 60 m处C.乙车的加速度大小为1.6 m/s2D.5 s时两车相遇，此时甲车速度较大4 .质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=4t+2t 2（各物理量均采用国际A.第1s内的位移是4mB.前2s内的平均速度是16m/s单位制单位），则该质点（第8页，共20页C.任意相邻1s内的位移差都是2mD.任意1s内的速度增量都是4m/s5 . 一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下，某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB.该

4、爱好者用直尺量出轨迹的实际长度，如图所示.已知曝光时间为高s,则小石子出发点离A点约为（A. 6.5 mB. 10 mC. 20 mD. 45 m6 .如图所示，将一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在内壁光滑的半球形容器最底部O'处（O为球心），弹簧另一端与质量为 m的小球相连，小球静止于P点.已知容器半径为R,与水平地面之间的动摩擦因数为 小，OP与水平方向的夹角为8=30° .下列说法正确的是（A.弹簧原长为R+vB.容器受到水平向左的摩擦力C.容器对小球的作用力大小为3mgD.轻弹簧对小球的作用力大小为ymg7 .如图所示，横截面积为直角三角形的斜劈 P,靠在粗糙的竖直墙面

5、上，力 F 通过球心水平作用在光滑球 Q上，系统处于静止状态，当力F增大时，系统仍保持静止，下列说法正确的是（A.斜劈P所受合外力增大B.斜劈P对竖直墙壁的压力不变C.球Q对地面的压力不变D.墙面对斜劈P的摩擦力可能增大8 .放置于固定斜面上的物块，在平行于斜面向上的拉力F作用下，沿斜面向上做直线运动。拉力F和物块速度v随时间t变化的图象如图，则（）A.若不计空气阻力，上升过程中,A对B有向上的支持力B.若考虑空气阻力，上升过程中,A对B的压力向下C.若考虑空气阻力，下落过程中,B对A的压力向上D.若不计空气阻力，下落过程中,B对A没有压力A.第1 s内物块受到的合外力为5.5 N8 .物块的

6、质量为11 kgC.斜面倾斜角一定是30oD.如果3s撤去拉力F,物块瞬时加速度5m/s2二、多选题（本大题共4小题，共16分）9 .物理关系式不仅反映了物理量数量间的关系，也确定了单位间的关系.现有物理量单位：mn （米）、s （秒）、J （焦）、W（瓦）、C （库）、A （安）、 Q （欧）和T（特），由它们组合成的单位与电压单位 V（伏）等效的是（）A. J/CB. WQC. T? "D. T?A?m10 .如图所示，小球B放在真空容器A内，球B的直径恰好等于 正方体A的边长，将它们以初速度 V0竖直向上抛出，下列说 法中正确的是（）11.如图所示为一种儿童玩具，在以。点为圆心

7、的四分之一竖直圆弧轨道上， 有 一个光滑的小球（不能视为质点），O为小球的圆心。挡板OM&着圆弧轨 道的半径，以。点为转轴，从竖直位置开始推着小球缓慢的顺时针转动（水 平向里看），到小球触到水平线的过程中（）A.圆弧轨道对小球的支持力逐渐增大/：B.圆弧轨道对小球的支持力逐渐减小jC.挡板对小球的支持力逐渐增大D.挡板对小球的支持力逐渐减小12.质量为m=2kg的物体沿水平面向右做直线运动，t =0时刻受到一个水平向左 的恒力F,如图甲所示，取水平向右为正方向，此物体的 v-t图象如图乙所 示，g=10m/s2,贝U （）A.物体与水平面间的动摩擦因数=0.5B. 10 s内包力F对物

8、体做功102JC. 10 s末物体在计时起点位置左侧 2m处D. 10 s内物体克服摩擦力做功34J第二卷（非选择题共52分）实验题探究题（本大题共2小题，共12分）13. 某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，。为橡皮条与细绳的结点，。用口 O的细纯，图乙是在白 纸上根据实验结果画出的图.(1)如果没有操作失误，图乙中的 F与F'两力中，方向一定沿AO方向的 是.(2)本实验采用的科学方法是 .A理想实验法B.等效替代法C.控制变量法D.建立物理模型法(3)下列方法中，有助于减小实验误差的是 A.尽可能使两分力的夹角大些B.尽可能使两分力相

9、差的大些C.尽可能使两分力与纸面平行D.尽可能使橡皮条长些.14. 某同学用如图甲所示装置研究匀变速直线运动，得到如图乙所示的纸带，纸带上相邻计数点间还有4个点未画出.打点计时器交流电的频率为 50Hz.滑轮甲单化cm乙(1)通过分析纸带数据，可判断物块在两相邻计数点 ?口之间某时刻开始减速.(2)计数点5对应的速度大小为 m/s,计数点6对应的速度大小为m/s (均保留三位有效数字).(3)物块减速运动过程中加速度的大小为 a=m/s2 (保留三位有效数字)四、计算题(本大题共4小题，共40分)15. (6分)在平直公路上，一辆质量 m=1600kg的汽车以速度vo=12m/s匀速前进，遇紧

10、急情况刹车后，做匀减速直线运动，经过时间t=1.5s停止。求：(1)刹车时汽车加速度a的大小；(2)开始刹车到停下，汽车发生的位移 x；(3)刹车时汽车受到的阻力。16. (6分)纯OC与竖直方向成300角，。为质量不计的光滑滑轮，已知物体B重1000N,物体A重400N,物块A和B均静止.求：(1)物体B所受地面的摩擦力和支持力分别为多大?(2) OC纯的拉力为多大?17. （12分）如图所示，传送带与水平面之间的夹角8=30° ,其上A B两点间的距离L=5mi,传送带在电动机的带动下以v=1m/s的速度匀速运动.现将 一质量m=10kg的小物体（可视为质点）轻放在传送带的A点，

11、已知小物体与传送之间的动摩擦因数 以萼，在传送带将小物体从 A点传送到B点的过 程中，求：（取g=10n/s2）（1）物体刚开始运动的加速度大小;（2）物体从A到B运动的时间；（3）传送带对小物体做的功；（4）电动机做的功。18. （12分）如图所示，质量为M=3kg,长度为L=1m的木板静止于水平地面上，在其最右端放一可视为质点的木块.已知木块的质量m=1kg,小木块与长木板上表面之间、小物块与地面之间的动摩擦因数阴=0.2.而长木板与地面之间的动摩擦因数 以2=0.4,现用水平恒力F拉木板（g取10m/s2,设最大静 摩擦力等于滑动摩擦力）(1)若将长木板M从小木块与地面之间抽出，拉力 F

12、至少应为多少？(2)若开始时，用F=30N的水平力作用在M上，经过多长时间小物块 m与长木板M分离？(3)若保持F=30N的水平恒力一直作用在 M上，求从开始运动到3s时小物块与长木板的左端相距多远？第 9 页，共 20 页第22页，共20页答案和解析1 .【答案】C【解析】解：A、物体的加速度方向和速度方向可以相同、相反或成任意角度，故A错误；B、速度和加速度没有必然联系，物体的速度为零，其加速度不一定为零，故 B 错误；G加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，物体的速度变化越快，加速度一定越大，故C正确D错误；故选：C。加速度是反映速度变化快慢的物理量， 数值上等于单位时间内速度的变化量。

13、 当 加速度的方向与速度方向相同，则做加速运动，方向相反，则做减速运动。加速度是反映速度变化快慢的物理量， 数值上等于单位时间内速度的变化量。 掌 握判断加速运动还是减速运动的方法， 当加速度的方向与速度方向相同，则做加 速运动，若相反，则做减速运动。2 .【答案】C【解析】解：这是依据思维程序排序的问题，这一套科学研究方法，要符合逻辑 顺序，即通过观察现象，提出假设，根据假设进行逻辑推理，然后对自己的逻辑 推理进行实验验证，紧接着要对实验结论进行修正推广。故ABD昔误,C正确；故选：C。教材中介绍了伽利略对落体规律的研究以及“理想斜面实验”，通过这些知识的学习，可以明确伽利略所创造的这一套科

14、学研究方法.伽利略将可靠的事实和理论思维结合起来，以实验事实为基础，开辟了崭新的研 究物理的方法道路，同学们要从中汲取营养，提高科学素质.3 .【答案】C倾斜的直线表示匀速直线运动，位移等【解析】位移时间图象的斜率等于速度, 于x的变化量，结合这些知识分析。【解答】A.由图可知甲车做匀速直线运动，速度上 如，.，vA?m/s = 4 m/s，故A4日块;BC.由图可知乙车做匀减速直线运动，可看作是反方向的匀加速直线运动，则有x =1 at2,由图可知，当其反向运动5 s时，位移为20 m.则有20= a 52, 得加速度大小 a=1.6 m/s2,因其共运动了 10 s,可得x0= 1 x 1

15、.6X102 m= 80 m,故C正确，B错误；D.t=5 s时，两车相遇，但甲车速度 v甲=4 m/s小于乙车速度 v乙=8 m/s,故 D错误。故选Co4 .【答案】D【解析】将t=1s代入到x=4t+2t 2中得到第1s内的位移；根据平均速度公式 下=:求解前2s内的平均速度；将x=4t+2t 2与匀变速直线运动的位移公式对照 得到初速度V。和加速度a,由推论x=af,研究任意相邻1s内的位移差。速度 增量 v=at o本题考查对匀变速直线运动位移公式的掌握程度和应用能力，以及对加速度的理解能力，常见题型。【解答】解：A、将t=1s代入到x=4t+2t2中得到第1s内的位移x=6m故A错

16、误。B、前2s内的平均速度：r = - - :- =4+2t=8m/s,故B错误。 ILG将x=4t+2t2与匀变速直线运动的位移公式x=V0t+："t2对照得到：初速度 V0=4m/s,加速度a=4m/s2,则任意相邻1s内的位移差是 x=aT2=4X 12m=4m故C 错误。D>任意1s内的速度增量 v=at=4 x 1m/s=4m/s。故D正确。故选：D。5 .【答案】C【解析】解：由图可知AB的长度为2cm,即0.02m,曝光时间为JIHI s,所以AB11.凡MJ段的平均速度的大小为v= =-< =20m/s,由自由落体的速度位移的关系式 v?=2gh可得，h=

17、- = 1/=20nrj所以C正确。上 g Jx 10故选：C。根据照片上痕迹的长度，可以知道在曝光时间内物体下落的距离， 由此可以估算 出AB段的平均速度的大小，在利用自由落体运动的公式可以求得下落的距离.由于AB的运动时间很短，我们可以用 AB段的平均速度来代替A点的瞬时速度， 由此再来计算下降的高度就很容易了，通过本题一定要掌握这种近似的方法.6 .【答案】A【解析】ACD对小球受力分析，如图所示，小球受 到重力G弹簧的弹力F和容器的支持力T,根据平 衡条件得知：容器和弹簧对小球的作用力的合力与 重力大小相等，方向相反，所以此合力竖直向上.由 几何关系可得：轻弹簧对小球的作用力大小 F=

18、mg;容器对小球的作用力大小为T=mg由胡克定律得：弹簧的压缩量为：x=： = ；",则弹簧的原长为：L°=R+x=r+；; 故A正确，CD昔误.B、以容器和小球整体为研究对象，分析受力可知：竖直方向有：总重力、地面 的支持力，根据平衡条件可知容器不受水平面的静摩擦力，故B错误；故选：A.对小球进行受力分析可知，小球受重力、支持力及弹簧的弹力而处于静止，由共 点力的平衡条件可求得小球受到的轻弹簧的弹力及小球受到的支持力. 再由胡克 定律求出弹簧的压缩量，即可求得弹簧的原长.对容器和小球整体研究，分析受 力可求得半球形容器受到的摩擦力.对于共点力平衡问题的关键在于正确选择研究

19、对象， 本题运用隔离法和整体法两 种方法进行受力分析得出结论.7 .【答案】D【解析】解：A、当力F增大时，系统仍保持静止，则斜劈 P所受合外力为0, 故A错误；B、以整体为研究对象，受力分析，根据平衡条件，水平方向： N=F N为竖直墙 壁对A的弹力，F增大，则N增大，所以斜劈P对竖直墙壁的压力变大.故 B错1 口块；C、对Q力分析，如图:根据平衡条件：F=N sin 9 , F增大，则N'增大，M =mg+N cos 9 , N'增大, 则N'增大，根据牛顿第三定律得，球对地面的压力增大，故C错误D以整体为研究对象，若竖直方向：N =Mg+f,故随支持力的增大，摩擦

20、力增大，故D正确； 故选：D正确选择研究对象，对其受力分析，运用平衡条件列出平衡等式解题.正确选择研究对象，对其受力分析，运用平衡条件列出平衡等式解题.要注意多 个物体在一起时，研究对象的选取.8 .【答案】D【解析】根据v-t图象知道物体先匀加速后匀速，由图象的斜率求解出匀加速运 动的加速度，然后根据牛顿第二定律和平衡条件列方程， 联立可求得物体的质量 和斜面的倾角，冉求得第1s内物体的合外力；应用牛顿第二定律求出加速度。 本题的关键先由v-t图象确定运动情况，然后求解出加速度，再根据牛顿第二定 律和平衡条件列方程求解物体的质量。Ai? 0.5I【解答】ABC由图可得，01s内物体的加速度为

21、： 禾=下工业山乂巾，由牛顿第二定律可得：F-川0,由图示图象可知，1s后有：尸=“当疝加+/ ,由图示图象可知：F=5.5N,联立解得：m=1和，则第1 s内物块受到的合外力为因不知道斜面是否光滑，故无法求出斜面的 倾角，故ABC昔误；D.在3s时，根据平衡条件有：Fnn/i屈+f=SMN ,若3s撤去拉力F,则物体 所受合外力为,根据牛顿第二定律有：解得：/=,故 D正确。nt I,故选D。9 .【答案】AC【解析】根据与电压有关的公式，分析其中物理量的单位，即可得出与电压单位 V （伏）等效的单位.对于物理中的公式一定要牢固的掌握住，根据公式就可以 判断物理量的单位与哪些单位等效.【解答

22、】解：由电场力做功的公式 W=qU知U=",所以单位J/C与电压单位V等效， q由U#可知，C/F是和电压单位V等效的，由E=BLv可知，T?m2/s是和电压单位V等效的，由P=UI可的U=,所以W/A是和电压单位V等效的， 根据以上分析可知，与电压单位 V （伏）等效的是AC 故选AC10 .【答案】BD【解析】解：A、D将容器以初速度V0竖直向上抛出后，若不计空气阻力，以整 体为研究对象，根据牛顿第二定律得到加速度为 g,再以容器A为研究对象，上 升和下落过程其合力等于其重力，则 B对A没有压力，A对B也没有支持力.故 A错误，D正确.B、若考虑空气阻力，以整体为研究对象，根据牛

23、顿第二定律得到：上升 过程加速度大于g,再以球B为研究对象，根据牛顿第二定律分析：B受到的合 力大于重力，B除受到重力外，还应受到向下的压力. A对B的压力向下即故B 正确.C、若考虑空气阻力，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到：下落 过程加速度小于g,再以B为研究对象，根据牛顿第二定律分析： A受到的合力 小于重力，B除受到重力外，还应受到向上的力，即 A对B的支持力向上，B对 A的压力向下，则故C错误.故选BD将容器以初速度V）竖直向上抛出后，若不计空气阻力，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到加速度为g,再以容器A为研究对象，其合力为重力，A B 间无相互作用力.若考虑空气阻力，以

24、整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到 加速度大于g,再以球B为研究对象，根据牛顿第二定律分析 B所受压力方向. 本题采用整体法和隔离法，由牛顿定律分析物体的受力情况，考查灵活选择研究 对象的能力.11 .【答案】BC【解析】对小球进行受力分析如图：当从竖直位置开始推着小球缓慢的顺时针转动，到小球触到水平线的过程中，由几何关系可知，N与N之间的夹角保持不变，N与竖直方向之间的夹角逐渐减小， N与竖直方向之间的夹角逐渐增大， 根据平行四边形定则可知，圆弧轨道对小球 的支持力逐渐减小，挡板对小球的支持力逐渐增大。故AD错误，BC正确故选：BC对小球进行受力分析，然后由共点力平衡的条件，结合图象法，即

25、可正确解答。该题考查共点力平衡，解答的关键要注意到 N与此间的夹角是保持不变的。12 .【答案】CD【解析】解：A、设物体向右做匀减速直线运动的加速度为 a,则由v-t图得： 加速度大小ai=2 m/s2方向与初速度方向相反设物体向左做匀加速直线运动的加速度为 a2,则由v-t图得：加速度大小a2=1m/s2方向与初速度方向相反根据牛顿第二定律，有F+n mg=ma F- n mg=ma 解得：F=3N=0.05 ,故A错误；B、根据v-t图与横轴所围的面积表示位移得：x二 ； 乂心一 ；,负号 表示物体在起点以左，则10s内包力F对物体做功 W=Fx=32=6J,故B错误，C正确；DK 10

26、s 内摩擦力做功= x-ixK = x(ix(i) =-34J所以克服摩擦力做功34J,故D正确。故选：CD由v-t图分别求得由力F和没有力F作用时的加速度，对两段时间分别运动牛顿 第二定律列式后联立求解；设10s末物体离起点点的距离为d, d应为v-t图与 横轴所围的上下两块面积之差，根据恒力做功公式求解 F和f做的功。本题关键先根据运动情况求解加速度， 确定受力情况后求解出动摩擦因数， 根据 v-t图与横轴所围的面积表示位移求解位移。13 .【答案】(1) F' ; (2) B； (3) C【解析】【分析】由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的理论值(通过平行四边形定则得出的 值

27、)与实际值(实际实验的数值)存在差别，数据处理时：我们需要画出力的大 小和方向，所以力要尽量大些可减小测量误差对实验的影响，拉橡皮筋时要拉的 尽量长一点，了解误差产生的原因即可正确解答。本实验采用的是“等效替代”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相 同，可以互相替代，明确“理论值”和“实验值”的区别。【解答】(1) F是通过作图的方法得到合力的理论值，而 F'是通过一个弹簧称沿 AO方 向拉橡皮条，使橡皮条伸长到。点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力 效果相同，测量出的合力，故方向一定沿 AO方向的是F',由于误差的存在F 和F'方向并不在重合；(2)合力

28、与分力是等效替代的关系， 所以本实验采用的等效替代法，故B正确,ACD昔误。故选Bo(3) A.画平行四边形时，夹角大的话画出的平行四边形就会准些，而不是要求 夹角尽量大，故A错误；B.数据处理时：我们需要画出力的大小和方向，所以力要适当大些可减小测量误 差对实验的影响，但不是尽可能使两分力相差的大些，故B错误；C.作图时，我们是在白纸中作图，做出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则作出 图的方向与实际力的方向有有较大差别， 同时为了减小因摩擦造成的误差，故应 使各力尽量与木板面平行，故 C正确；D.为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，橡皮条不是要尽可能 长，故D错误。故选Co故答案

29、为：(1) F' ; (2) B; (3) Co14.【答案】6; 7; 1.00; 1.20;2.00【解析】(1)从纸带上的数据分析得知：在点计数点 6之前，两点之间的位移逐渐增大，是加速运动，在计数点7之后，两点之间的位移逐渐减小，是减速运 动，所以物块在相邻计数点6和7之间某时刻开始减速;(2)每5个点取1个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s, 5点的瞬时速度为:(2)用平均速度代替瞬时速度的方法求解瞬时速度；(3)用作差法求解减速过程中的加速度；本题考查对于纸带的数据的处理方法，要注意明确纸带上各点的速度可以利用中 问时刻的瞬时速度求解，而加速度应采用逐差法进行

30、计算，从而减小实验误差.15 .【答案】解：(1)由%=% +砒得：?=言=8m4；(2)由M =代入数值得：m= 12 X L52x8xL52 = 9m(3)由牛顿第二定律F=mq代入数值得：刹车时汽车受到的阻力为：F = 1600 X8N = 1.28 X 104 N【解析】(1)汽车刹车做匀减速直线运动，已知初速度、时间和末速度，根据速度公式邙=5+山求解加速度的大小；(2)根据位移公式E=%f+；,求解汽车发生的位移x；(3)汽车刹车过程中，所受的合外力等于阻力，根据牛顿第二定律求解。本题运用运动学公式和牛顿运动定律结合处理动力学问题，其中加速度是桥梁，是这种方法中必求的量。16 .【

31、答案】解：(1)由于物体A保持静止，故：T=G=400N；对物体B受力分析，受重力、拉力、支持力和静摩擦力，如图所示：由于Tob=Toa,则OC®为/AOB勺角平分线，故Tob与水平方向的夹角为30根据平衡条件，有：N+Tsin 300 二G, Tcos300 二f得：N=800N, f=200 ;N(2)对滑轮受力分析，受三个拉力，如图所示：根据平衡条件，有：To=2Tcos30二400 1 N；答：(1)物体B所受地面的摩擦力为200v15N,支持力为800N；(2) OCW的拉力为400 ：N【解析】本题主要是考查了共点力的平衡问题， 解答此类问题的一般步骤是：确 定研究对象、

32、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解 法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。(1)对物体B受力分析，受重力、拉力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件列式求解；(2)同一根绳子张力处处相同，对滑轮受力分析，受三个拉力，根据平衡条件 求解OC纯的拉力。17.【答案】解：(1)小物体加速过程，根据牛顿第二定律有：，*勺妹§ 妒i汕=ma 则得物体上升的加速度为：a二焉=2.5 m/s2 ；(2)当小物体的速度增加到廿=lm/s时，通过的位移是：工广餐。2m又v二at,联立解得：口 = 由于川好给M > ntt/sin 8,所以物体与传送带同速一起匀速运

33、动位移为：< ；N即小物体将以廿=lm/s的速度完成4.8m的路程用时为： 故总时间为：t = G + t2 = 5?s ；(3)由功能关系得：传送带对小物体做的功为：田=A与+ & ="岫媪14；)一代入数据解得：W255J;(4)电动机做功使小物体机械能增加，同时小物体与传送带间因摩擦产生热量相对位移为：., ： , ： ：1 ： .： j摩擦生热为：二 故电动机做的功为：叫电=卬+ ”27 口屋答：(1)物体刚开始运动的加速度大小为(2)物体从A到B运动的时间为5.2s；(3)传送带对小物体做的功为255 J;(4)电动机做的功为270JO【解析】本题的关键要正确分析小物体的运动过程，根据受力确定物体的运动，注意判断小物体是全程匀加速还是先匀加速再匀速运动；注意分析各力做功与对应能量变化的关系。(1)对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律求出小物体刚开始运动的加速度；(2)物体运动的总时间为匀加速运动与匀速运动的时间之和；根据运动学公式 求解时间；(3)由功能关系知，传送带对小物体做的功等于小物体机械能的增量；(4)电动机多做的功等于小物