2020七年级数学下册培优新帮手专题21从不同的方向看试题(新版)新人教版

1、21从不同的方向看阅读与思考20世纪初，伟大的法国建筑家列柯尔伯齐曾说：“我想，到目前为止，我们从没有生活在这样的几何时期，周围的一切都是几何学.”生活中蕴含着丰富的几何图形，圆 的月亮，平的湖面，直的树干，造型奇特的建筑，不断移动、 反转、放大缩小的电视画面图形有的是立体的，有的是平面的，立体图形与平面图形之间的联 系，从以下方面得以体现：1 .立体图形的展开与折叠；2 .从各个角度观察立体图形；3 .用平面去截立体图形.观察归纳、操作实验、展开想象、推理论证是探索图形世界的基本方法.例题与求解【例1】如图是一个正方体表面展开图，如果正方体相对的面上标注的值相等，那么x y =精品（四川省中

2、考试题）【例2】如图，是.由一些完全相同的小立解题思路：展开与折叠是两个步骤相反的过程，从折叠还原成正方体入手.方块搭成的几何体的三种视图，那么搭成这个几何体所用的小立方块的个数是（）主视图A. 5个B. 6个（四川省成都中考试题）解题思路：根据土视图和几何体的关系，分别确定该几何体的列数和每一列的层数.【例3】由一些大小相同的小正方体组成的简单几何体的主视图和俯视图如图.（1）请你画出这个几何体的一种左视图;（2）若组成这个几何体的小正方体的块数为n ,求n的值.主视图俯视图（贵州省贵阳市课改实验区中考试题）解题思路：本例可以在“脑子”中想象完成，也可以用实物摆一摆.从操作实验入手，从俯视

3、图可推断左视图只能有两列，由主视图分析出俯视图每一列小正方形的块数情况是解本例的关键， 而有序思考、分类讨论，则可避免重复与遗漏.1 ,且这些正方体【例4】如图是由若干个正方体形状木块堆成的，平放于桌面上.其中，上面正方体的下底面四个顶点恰是下面相邻正方体的上底面各边的中点，如果最下面的正方体的棱长为 露在外面的面积和超过 8,那么正方体的个数至少是多少？按此规律堆下去，这些正方体露在外面的面积和的最大值是多少?（江苏省常州市中考试题）解题思路：所有正方体侧面面积和再加上所有正方体上面露出的面积和，就是所求的面积.从 简单入手，归纳规律.【例5】把一个正方体分割成 49个小正方体（小正方体大小

4、可以不等），请画图表示.（江城国际数学竞赛试题）解题思路：本例.是一道图形分割问题，解答本例需要较强的空间想象能力和推理论证能力，需 要把图形性质与计算恰当结合.（V）、面数（F）、棱数（E）【例6】建立模型 18世纪瑞士数学家欧拉证明了简单多面体中顶点数之间存在的一个有趣的关系式，被称为欧拉公式.请你观察下列几种简单多面体模型，解答下列问 题.（1）根据上面的多面体模型，完成表格中的空格:多面体顶点数（V面数（F）棱数（E）四向体44长方体8612正八面体812正十二面体201230你发现顶点数（切、面数（F）、棱数（E）之间存在的关系式是.（2）一个多面体的面数比顶点数大8,且有30条棱，

5、则这个多面体的面数是.（3）某个玻璃饰品的外形是简单多面体，它的外表面是由三角形和八边形两种多边形拼接而成,且有24个顶点，每个顶点处都有 3条棱.设该多面体外表面三角形的个数为x个，八边形的个数为y个，求x y的值.解题思路：对于（1）,通过观察、归纳发现 V, F, E之间的关系，并迁移应用于解决（2）, （3）.模型应用如图，有一种足球是由数块黑白相间的牛皮缝制而成，黑皮为正五边形，白皮为正六边形，且边长都相等，求正五边形、正六边形个数.Q浙江省宁波市中考试题改编）能力训练A级1 .如图是正方体的展开图，则原正方体相对两个面上的数字之和的最小值是（山东省荷泽市中考试题）第1题主视图 左视

6、图于俯视图2 .由几个相同的小正方体搭成的几何体的视图如图所示，则搭成这个几何体的小正方体的个数（湖北省武汉市中考试题）3 .一个长方体的左视图、俯视图及相关数据如图所示，则其主视图的面积为（山东省烟台市中考试题）4 .如图，下列几何体是由棱长为 1的小立方体按一定规律在地面上摆成的，若将露出的表面都涂上颜色（底面不涂色），则第n个几何体中只有两个面涂色的小立方体共有图图图（山东省青岛市中考试题）5 . 一个画家有14个边长为1m的正方体，他在地面上把它们摆成如图的形式，然后他把露出的表面都涂上颜色，那么被涂颜色的总面积为（2A. 19m2B. 41mC.233mD. 34m（山东省烟台市中考

7、试题）6. 一个几何体由一些大小相同的小正方体组成,如图是它的主视图和俯视图，那么组成该几何体所需小正方体的个数最少为（A. 3B. 4C.D. 6主视图俯视图（河北省中考试题）7 .从棱长为2的正方体毛坯的一角，挖个棱长为1的小正方体，得到一个如图所示的零件r,则这个零件的表面积是（A. 20B. 22C. 24D. 26（河北省中考试题）8 .我国古代数学家利用“牟合方盖”（如图甲）找到了球体体积的计算方法.“牟合方盖”是由两个圆柱分别从纵横两个方向嵌入一个正方体时两圆柱公共部分形成的几何体.图乙所示的几何体是可以形成“牟合方盖”的一种模型，它的主视图是（牟合方盖主视方向（2012年温州市

8、中考试题）9. 5个棱长为1的正方体组成如图的几何体.（1）该几何体的体积是（立方单位） ，表面积是（平方单位）（2）画出该几何体的主视图和左视图.正面 （广州市中考试题）10.用同样大小的正方体木块搭建的几何体，从正面看到r的平面图形如图所示，从上面看到 的平面图形如图所示.（1）如果搭建的几何体由9个小正方体木块构成，试画出从左面看这个几何体所得到的所有可能的平面图形.（2）这样的几何体最多可由几块小正方体构成？并在所用木块最多的情况下，画出从左面看到的所有可能的平面图形.（“创新杯”邀请赛试题）1 .如图，是一个正方体表面展开图，请在图中空格内填上适当的数，使这个正方体相对两个面（时代学

9、习报数学文化节试题）2 .如图是由一些大小相同的小正方体组成的简单几何体的主工视图和俯视图，若组成这个几何体的小正方体的块数为n,则n的所有可能的取值之和为（江苏省江阴市中考试题）3 .如图是一个立方体的主视图、左视图和俯视图，图中单位为厘米，则立体图形的体，积为立方厘米.主视图左视图左视图（“华罗庚金杯赛”试题）4 .若干个正方体形状的积木摆成如图所示的塔形，平放于桌面上，上面正方体的下底四个顶点是下面相邻正方体的上底各边中点，最下面的正方体棱长为1,如果塔形露在外面的面积超过 7,则正方体的个数至少是（.）A. 2B. 3C. 4D. 5（江苏省常州市中考试题）5 .由若干个单位立方体组成

10、一个较大的立方体，然后把这个大立方体的某些面.涂上油漆，油漆干后，把大立方体拆开成单位立方体，发现有45个单位立方体上任何一面都没有漆，那么大立方体被涂过油漆的面数是（A. 1B. 2C. 3D. 4（“创新杯”邀请赛试题）6 .小明把棱长为4的正方体分割成了29个棱长为整数的小正方体，则其中棱长为1的小正方体的个数是（A. 22B. 23C. 24D. 25（浙江省竞赛试题）如果你打算搬走其中部分小正7 .墙角处有若干大小相同的小正方体堆成如图所示的立体图形,方体（不考虑操作技术的限制），但希望搬完后从正面、从上面、从右面用平行光线照射时，在墙面及地面上的影子不变，那么你最多可以搬走多少个小

11、正方体？（江苏省竞赛试题）8 . 一个长方体纸盒的长、宽、高分别是a , b , c（abc）厘米.如图，将它展开成平面图，那么这个平面图的周长最小是多少厘米？最大是多少厘米?2（江苏省竞赛试题）9 .王老师将底面半径为 20厘米、高为35厘米的圆柱形容器中的果汁全部倒入如图所示的杯子中，若杯口直径为 20厘米，杯底直径为 10厘米，杯高为12厘米，杯身长13厘米，问果汁可以倒满多少杯?（世界数学团体锦标赛试题）10 .一个边长为5厘米的正方体，它是由125个边长为1厘米的小正方体组成的.P为上底面ABCD勺中心，如果挖去（如图）的阴影部分为四棱锥”剩下的部分还包括多少个完整的棱长是1厘米的小

12、正方体?（深圳市“启智杯”数学思维能力竞赛试题）专题21从不同的方向看例 1 14 提不：2x=8, y=10, x+y=14.例2 D例3 (1)左视图有以下5种情形：(2) n=8, 9, 10, 11.例4正方体个数至少为 4个.正方体露在外面的面积和的最大值为9.提示：最下面正方体1个面的面积是1,侧面露出的面积和是 4,每相邻两个正方体中上面的1个正方体每个面的面积都正好1是其下面正万体 1个面面积的5，所有正万体侧面面积之和加上所有正万体的上面露出的面积和(正好是最下面正方体上底面的面积1)即是这些正方体露在外面的面积和.如：2个正方体露出的44 4面积和是4+r2+1=7, 3个

13、正万体露出的面积和是 4 + - + 4+1 = 8, 4个正万体露出的面积和是4+彳+工+1= 8工，5个正方体露出的面积和是 4+- + - + -+ + 1 = 8-；, 6个正方体露出的面积2 4 822 4 8 164和是4 + g + :+:+ 2+之+1 = 8：, 故随着小正方体木块的增加，其外露的面积之和都不会 2 4 8 16 328超过9.例5为方便起见，设正方体的棱长为6个单位，首先不能切出棱长为5的立方体，否则不可能分割成49个小正方体.设切出棱长为1的正方体有a个，棱长为2的正方体有b个，如果能切出1个棱长为4的正方体, 则有a”8bti歹尸6,解之得b= 146.

14、不合题意，所以切不出棱长为4的正方体.a+b=4917设切出棱长为1的正方体有a个，棱长为2的正方体有b个，棱长为3的正方体有c个,a+8b+27c=216a+ b+c= 49,解得a=36,b=9, c= 4,故可分割棱长分别为 1, 2, 3的正方体各有36个，9个，4个，分法如图所示24X3 - 例6(1)6 6V+ F E= 2 (2)20 (3)这个多面体的面数为 x+y,棱数为-2一=36条.根据 V+ F- E= 2,可得 24+(x + y) 36 = 2,，x + y=24.模型应用设足球表面的正五边形有 x个，正六边形有y个，总面数F为x+y个.因为一条棱连着两个面,1所以

15、球表面的棱数 E为2(5x+6y),又因为一个顶点上有三条棱，一条棱上有两个顶点，所以顶点1数 V= 2(5x+6y)2 1,_-o= #5x + 6y).3 31.1由欧拉公式 V+ F-E= 2 得(x + y) +-(5x+r6y) -x(5x+6y) =2,解得 x= 12. 32所以正五边形r只要12个.又根据每个正五边形周围连着5个正六边形，每个正六边形又连着3个正五边形，所以六边形个5x数刀=20,即需20个正六边形.3A6 . B 7 . C 8 . B 9(1)5 22 (2) 略1 1 6 2 . 5 3 . 8 4. 4(2 n-1) 5. C10. (1)B级，、一1

16、一、.1 .上空格填,下空格填2 2 .38 3 .2n 4. B5 . D提示：设大立方体的棱长为 n, n3,若n=6,即使6个面都油漆过，未油漆的单位立方体也有43 = 64个45,故n=4或5.除掉已漆的单位立方体后，剩下未漆的构成一个长方体，设其长、宽、高分别为 a, b, c, abc= 45,只能是 3X3X5=45,故n=5.6 . C提示：若分割出棱长为3的正方体，则棱长为 3的正方体只能有1个，余下的均是棱长为 1的正方体，共37个不满足要求.设棱长为2的正方体有x个，棱长为1的正方体有y个，则x点；;4x= 5 y=24,7 .有不同的搬法.为保证“影子不变”，可依如下原

17、则操作：在每一行和每一列中，除保留，一摞最高的不动以外，该行（列）的其余各摞都搬成只剩最下面的一个小正方体.如图所示，20个方格中的数字，表示5行6列共20摞中在搬完以后最终留下的正方体个数.照这样，各行可搬个数累计为27,即最多可搬走27个小正方体（因为c最小）,8 .要使平面展开图的周长最小，剪开的七条棱长就要尽量小，因此要先剪开四条高再剪开一条长a厘米的棱（否则，不能展开成平面图），最后再剪开两条宽 b厘米的棱（如图中所表示的？这七条棱）.由此可得图甲，这时最小周长是cx 8+bx4+ax2= 2a+4b+8c厘米.图甲图乙要使平面展开,图的周长最大，剪开的七条棱长就要尽量大，因此要先剪开四条最长的棱再剪开两条次长的棱（宽b）,最后剪开一条最短的棱（高c）,即得图乙，这时最大周长是aX8+bX4+ cX2= 8a+ 4b+2c 厘米.9 .如图，由题意知 AB= 12, CD= 13, AC= 12, BD= 13,过点D作DE垂直于AB于点E,则DE= 12,于是 R