2019年高考物理二轮复习：高考仿真模拟练(8+2+2+2选1)

1、1高考仿真模拟练（8 + 2+ 2+ 2 选 1）第I卷（选择题共 48 分）一、选择题（本卷共 8 小题，每小题 6 分.在每小题给出的 四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求， 第 1921 题 有多项符合题目要求.全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分， 有选错的得 0分.）14. 2018 重庆市第一期联考现代科学的发展极大地促进了 人们对原子、原子核的认识，下列有关原子、原子核的叙述正确 的是（）A .卢瑟福a粒子散射实验说明原子核内部具有复杂的结构B. 天然放射现象表明原子核内部有电子C. 轻核聚变反应方程有： 狛+1H2He+OnD .氢原子从 n= 3 能级跃迁

2、到 n= 1 能级和从 n= 2 能级跃 迁到 n=1能级，前者跃迁辐射出的光子波长比后者的长解析：卢瑟福通过a粒子散射实验提出原子的核式结构模型，天然放射现象说明原子核内部具有复杂的结构， A、B 错误； 轻核聚变方程电荷数守恒、 质量数守恒，C 正确；氢原子从 n= 3 能级跃迁到 n = 1 能级放出的光子能量比从 n = 2 能级跃迁到 n =he1 能级的大，由公式 E=入，可知前者跃迁辐射出的光子波长比 后者的短，D 错误.答案：C15.如图所示， 在“探究影响电荷间相互作用力的因素”实 验中，若 P2位置所悬挂的小球的带电荷量大小相等，质量 分别为 m1和 m2,小球与带正电的物

3、体 M 之间的距离相同， 两小 球间的作用力忽略不计，在P2位置所悬挂小球的丝线的偏2角的正切值的比值为（）3A 空B.m2m1c-D空m2mimi m2mi解析：分析小球受力，由于 Pi、P2位置所悬挂的小球的带电荷量大小相等，小球与带正电的物体之间的距离相同，说明电荷之间的作用力 F 相同，利用平衡条件对两球分别列式，联立 可得两偏角的正切值的比值.答案：D16.如图所示， 假设某龙舟队在比赛前划向比赛点的途中要 渡过宽 288 m 且两岸平直的河，河中水流的速度恒为 v水=5.0 m/s. 龙舟从 M 处开出后实际沿直线 MN 到达对岸，若直线 MN 与河 岸成 53角，龙舟在静水中的速

4、度大小也为 5.0m/s，已知 sin53 =0.8, cos53= 0.6，龙舟可看作质点.则龙舟在水中的合速度 大小 v 和龙舟从 M 点沿直线MN 到达对岸所经历的时间 t 分别为)A . v = 6.0 m/s,B. v = 6.0 m/s,C. v = 5.0 m/s,D. v = 5.0 m/s,解析：设龙舟头与航线 MN 之间的夹角为a龙舟的速度、水流的速度与龙舟在水中的合速度如图所示，由几何知识得53,故龙舟在水中的合速度大小v = 2v水cos53 = 6.0 m/s.航线t = 60 st = 72 st = 72 st = 60 sa=4288MN 的长度 L =sin5

5、3om= 360 m,故龙舟从 M 点沿直线 MN 到 达对岸所经历的时间 t = v = 60 s,选项 A 正确.答案：A17.如图所示是一理想变压器的电路连接图，变压器原线圈两端的恒定交流电压为 U1,副线圈所在电路中有一个定值电阻和一个滑动变阻器，各电表均为理想电表，开关 S 闭合，则下列关于各电表示数的说法正确的是（）A .滑片 P 上滑时，Ai的示数变大，A2的示数变大，V 的 示数变大B. 滑片 P 上滑时，A1的示数变大，A2的示数变大，V 的示 数变小C.断开开关 S, Ai的示数变大，A2的示数变大，V 的示数 变大D. 断开开关 S, Ai的示数变小，A2的示数变小，V

6、的示数 不变解析：开关 S 闭合，滑动变阻器的滑片 P 上滑时，接入电路 中的电阻变大，可知电路中的总电阻变大，由于Ui恒定不变，则电压表 V 的示数不变，可知电流表 A2的示数变小，则电流表 Ai的示数也变小，A、B 错误；开关 S 断开时，电路中的电阻变 大，结合上述分析可知，电流表 Ai的示数变小，电流表 A2的示 数变小，电压表 V的示数不变，C 错误、D 正确.答案：Di8.为了研究汽车的启动和制动性能，现用甲、乙两辆完全 相同的汽车在平直公路上分别进行实验.让甲车以最大加速度 ai加速到最大速度后匀速运动一段时间再以最大加速度a2制动,直到停止；乙车以最大加速度 ai加速到最大速度

7、后立即以加速 度 2 制动，直到停止.实验测得甲、乙两车的运动时间相等，且 两车运动的位5移之比为 5 :4则 aia2的值为（）A.2 : i B. 1 : 2C. 4 ： 3D. 4 : 56解析：作出甲、乙两车的 v-1 图象，如图所示，设甲车匀 速运动的时间为 tl,总时间为 t2,因为两车的位移之比为 j : 4 , tl+ t2t2r1则有 一m:尹口=): 4,解得 tl: t2= 1: 4,乙车以最大加速度 ai加速到最大速度后立即以加速度a2制动，直到停 止，根据 V-t 图线的斜率表示加速度，可知乙车匀减速运动的 时间是甲车匀减速运动时间的 2 倍，则甲车匀速运动的时间和匀

8、 减速运动的时间相等，可知甲车匀加速运动的时间和匀减速运动 的时间之比为 2 : 1,加速度大小之比为 ai: a2=l: 2, B 正确.答案：B19.英国科学家法拉第发明了世界上第一台发电机，其原理如图所示，将一个半径为 R 的圆铜盘放置在垂直于盘面的匀强磁 场 B中，铜盘以角速度3匀速转动，铜盘的边缘附近和中心分 别装有与铜盘接触良好的电刷A、C,两电刷与灵敏电流计相连.当铜盘绕中心轴按图示方向转动时，贝 V 下列说法正确的是()RA .回路中电动势 E =厂,且电刷 C 处的电势高于 A 处的 电势B.若不转动铜盘，将开关迅速闭合或断开，则灵敏电流计 的指针7也会偏转8C.若仅将滑动变

9、阻器的滑片向左滑动，则灵敏电流计的示 数将会减小D .若磁场足够大，则转动铜盘时磁通量不会变化，灵敏电 流计的指针将不会偏转解析：把铜盘看作是由无数根辐条组成的， 转动铜盘时每根辐条都切割磁感线.根据安培定则和右手定则可知电刷C 处的电BR2势较高，感应电动势 E= Blv=2;若不转动铜盘，将开关迅 速闭合或断开，穿过铜盘的磁通量会发生变化， 铜盘中会产生涡 流，但电路中没有电流；若仅将滑动变阻器的滑片向左滑动，则 电磁铁磁性减弱，输出电流会减小；若磁场足够大，转动铜盘时 辐条仍然切割磁感线，仍会产生感应电流.答案：AC20. 2017 年诺贝尔物理学奖授予了三位参与引力波探测工 作的科学家

10、，以表彰他们在“ LIGO 项目以及引力波探测方面的 决定性贡献”.双星的运动是引力波的来源之一.某双星系统由a、b 两星组成，这两颗星绕它们连线的某一点在万有引力作用 下做匀速圆周运动，现测得两颗星的运行轨道半径分别为ra和rb, a 星的运行周期为 T,引力常量为 G,不计其他天体的影响， 下列说法正确的是()A.b 星的运行周期为貨 TB.a、b 两颗星做圆周运动的线速度大小之比为ra 54nr2C.a 星的质量为GT2a4 n(ra+ rb)3D.a、b 两颗星的总质量为GT2解析：双星系统两颗星运行的周期相同， 故 b 星的运行周期9也为 T, A 错误；根据 T =第可得 a、b

11、两颗星做圆周运动的线1021.如图所示，光滑平行金属导轨MN、PQ 放置在同一水平面内，M、P 之间接一定值电阻 R，金属棒 cb 垂直导轨水平放 置，金属棒 cb 及导轨电阻不计.整个装置处在竖直向上的匀强 磁场中，t= 0时对金属棒施加水平向右的外力 F，使金属棒由静 止开始做匀加速直线运动.下列关于通过金属棒的电流i、通过导轨横截面的电荷量 q、拉力 F 和拉力的功率 P 随时间变化的图 象中正确的是（）厶1aJAtc0iL解析：t= 0 时对金属棒施加水平向右的外力F，使金属棒由静止开始做匀加速直线运动，设加速度为a，则金属棒的速度可表示为 v = at，由法拉第电磁感应定律，切割磁感

12、线产生的感应 电动势 E= BLv= BLat，根据闭合电路欧姆定律，金属棒中电流E BLat”i =R=R,与时间成正比，选项 A 正确；感应电动势 E= =S12E12B , S= Lx = L 2at , i =R,q= i ，联立解得 q= 2RBLat ,选2 2项 B 错误；金属棒运动过程中所受的安培力F安=BiL =旦詈，B2L2at速度大小之比为 ramamb2nmambG2= mbra+ rb2fra,rb, B 正确；根据 G= ma（ra+rb）224n（ra+ rb） 5罕花，可得 a 星的质量为4 肩 ra+ rb）2raGT2，所以IT丿GT2a、b 两颗星的总质量

13、为3iGT2, C 错误、答案：BDA,V4n（嘉+rb）D 正确.11由牛顿第二定律，得 F - F安=口 3,解得 F= ma+R，选项 C12答案：AC第口卷（非选择题共 62 分）本卷包括必考题和选考题两部分.第 2225 题为必考题， 每个试题考生都必须做答.第 3334 题为选考题，考生根据要 求做答.（一）必考题（共 47 分）22. （5 分）在用 DIS 研究小车加速度与外力的关系时，某实 验小组用如图甲所示的实验装置进行实验，重物通过滑轮用细绳拉小车，在小车和重物之间接一个轻质微型力传感器，位移传感器（发射器）随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器（接收器）固定在轨道一端，滑

14、轮左侧细绳与轨道平行， 实验中力传感器的示 数为F，保持小车包括位移传感器（发射器）的质量不变，改变 重物重力重复实验若干次，得到加速度与外力的关系如图乙所 示.位移传感器位移传感耦（接收器），发射器）直匾冬（1）图乙中的 a-F 图线不过原点，表明实验之前缺少的一个 必要步骤是_（2）本实验是否需要使所挂重物的质量远小于小车和位移传 感器的总质量？ _ （填“是”或“否”），原因是（3）若某同学做该实验时，没有选用位移传感器和力传感器，只是用细绳把重物绕过定滑轮与小车相连，实验获得的a-F 图线仍是图乙.所挂重物越重，细绳拉小车的力将越大，结果会使 a-F 图正确；拉力的功率P = Fv m

15、a+B Ratat，选项D 错误.小乍斬話力传感器-J弱執一4图甲13线不断延伸，如图丙所示，预测延伸后半部分的图线将14会是_ （填“”、“”或“”）.解析：（1）刚开始力传感器示数为零， 小车保持静止，说明实验前小车在轨道上运动时，没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足. （2）不需要使所挂重物的质量远小于小车和位移传感器的总质量，因为小车所受合外力可以通过力传感器直接读出.（3）由牛顿mg Ff1a =mg 一m+Mm+McA焉，随着m的增大，a-F图线的斜率心祐变小故应选.答案：（1）平衡摩擦力 否 小车所受合外力可以通过力传感器直接读出（3）23. 2018 湖南长沙模拟（10 分）在测量电

16、池的电动势 E 和内 阻的实验中，某同学在电路中添加了一个未知阻值的保护电阻 Ro,本实验的器材有：待测电池E,保护电阻 R。，电流表 A，电压表 V，滑动变阻器 R,开关 K1，单刀双掷开关 K2，导线若干.（2）该同学先将 K2扳到_傾“a”或“ b”）来测量定值电阻两端的电压和电流， 调节滑动变阻器的滑片， 读出几组电 压表和电流表的数据并记录；再将 K2扳到_ （填“ a”或“b”）来测量路端电压和电流，调节滑动变阻器的滑片，读出几 组第二定 律知小车的加 速度大小为（1）根据图甲所示的电路原理图把图乙所示的实物图用笔画 线代替导线补充完整.15电压表和电流表的数据并记录.(3)将两次

17、记录的数据在同一个坐标系中描点作图，如图丙所示，由图象可得保护电阻 Ro=_Q,被测电池的电动势 E=_ V,内阻 r =_Q;由实验电路图分析可知， 所测保护电阻的测量值 _ (填“大于” “小于”或“等于”)真实值，这对测量电池的电动势和内阻 _ (填“有影响”或“无影响”).解析：(1)由电路的结构可知，开关 K2分别在 a 点和 b 点时，测量的电压分别是 Ro的电压与路端电压，由此连接完整电路，如图所示(见答案图).(2) 由题图甲可知，要想测量定值电阻 Ro的阻值，应测量电 阻Ro两端的电压和电流，故应将开关 K2扳到 a；而要想测量电 池的电动势和内阻，应测量路端电压和干路电流，

18、故应将开关K2扳到 b.U 1 2(3)由题图丙可知，保护电阻阻值 Ro=p= 0 Q=2Q;由 题图丙电池的 U - I 图象可知，图象与纵轴交点坐标值为 1.5,被U 1.5 1.2测电池的电动势 E= 1.5 V,内阻 r = 百 =06= 0.5 皐由题图甲电路图可知，电流表采用内接法，由于电流表的分压作用， 电压表的测量值偏大，由欧姆定律可知，保护电阻Ro的测量值大于真实值；保护电阻对测电池的电动势与内阻没有影响.答案：(1)如图所示a b (3)2 1.5 0.5 大于 无影响1624. (12 分)如图所示， 可视为质点的小物块放在水平面上的 N 点，质量为 m= 0. 05 k

19、g.在小物块右侧沿竖直方向固定一半径 为 R= 0.2 m的光滑圆轨道，B 点为圆轨道的最高点，圆轨道的最低点 A 处有一小孔（小孔可封闭，封闭后圆轨道仍然光滑 ）,A、 N之间的距离为 x= 1 m. 0 点位于 N 点的正上方 0.9 m 处， 长度 为 L = 0.9m 的轻绳一端固定在 O 点，另一端拴接一个质量为M=0.1 kg 的小钢球.现将轻绳拉至与竖直方向成e=60勺位置由静止释放，经过一段时间，小钢球与小物块发生无能量损失的碰 撞，再经过一段时间，小物块由A 处的小孔进入竖直圆轨道（进入轨道瞬间小物块的能量损失可忽略），此时立即封闭 A 处的小 孔，以后的运动过程中，小物块不

20、会从小孔离开，重力加速度g=10 m/s2欲使小物块在竖直圆轨道内做周期性运动，则小物块 与水平面之间的动摩擦因数应满足什么条件？解析：设小钢球与小物块碰前瞬间的速度为V0,小钢球由静止释放到与小物块碰撞前瞬间的过程，由机械能守恒定律得12八Mg（L-Lcose=2MV2（1 分）代入数据解得 V0= 3 m/s（1 分）小钢球与小物块无能量损失的碰撞过程中动量守恒、机械能守恒，有12丄212八MV=MV1+ mv2, MV0= MV1+ mv2（1 分）17解得碰后小物块的速度 V2= 4 m/s情况一：若小物块恰能通过圆轨道的最高点B,则小物块在圆轨道内能做完整的圆周运动， 设小物块运动到

21、 B 点时的速度为V2V3,由牛顿第二定律得 mg= mR, （1 分）即 V3=、gR（1 分）对小物块由 N 点运动到最高点 B 的过程由动能定理得一卩 mg-2mgR=；mv3；mv2，（1 分）18联立并代入数据解得 尸 03（1 分）情况二：若小物块恰能运动到与圆心等高的位置，小物块也能在竖直圆轨道内做周期性运动，对上述过程由动能定理， 有-12八amg）emgR= 0 2mv2（1 分）联立并代入数据解得 尸 0.6（1 分）12另需amgx2mv2, （1 分）即a08（1 分）因此小物块能在竖直圆轨道内做周期性运动时，小物块与水平面之间的动摩擦因数应满足0.3 或 0.8a06

22、（1 分）答案：0.3 或 0.6W听 0.825. 2018 武汉市二模（20 分）如图所示，AB、CD 间的区域 有竖直向上的匀强电场，在 CD 的右侧有一与 CD 相切于 M 点的 圆形有界匀强磁场，磁场方向垂直于纸面.一带正电粒子自O点以水平初速度 V。正对 P 点进入电场后，从 M 点飞出 CD 边界，再经磁场偏转后又从 N 点垂直于 CD 边界回到电场区域，并恰能解析：（1）由题意作出带电粒子的运动轨迹，如图所示.；Z返回 O 点.已知 OP 间的距离为 d,粒子质量为m,电荷量为 q,电场强度大小 E=3mv12 3qd,粒子重力不计，试求:,呻*A 4* 11-1 I I-1p

23、iJv19d粒子从 0 点运动到 M 点的时间为 t1= v（1 分）v0粒子在电场中的加速度 a=qE（1 分）J3v2将 E 代入可得 a = d （1 分）粒子在 M 点时竖直方向的速度大小为vy= at1= ,3v（1 分）粒子在 M 点时的速度大小为 v =v0+ vy= 2v0（2 分）-J（2）粒子从 N 点运动到 O 点的时间为 t2= 2 如（1 分）粒子从 N 运动到 O 点竖直方向上的位移为V3故 P、N 两点间的距离为 PN= y=8d.（2 分）_ 1（3）由可知 PM = 2at1= -2d，设粒子在磁场中做圆周运动5 3的半径为 R,由几何关系可得 Rcos60

24、R= PN + PM =8d,（2 分）的半径为 r = 2Rcos30 , （1 分）解得 r =：d.（2 分）35答案：（1）2v。（2）8d （3）4d（二） 选考题（共 15 分.请考生从给出的 2 道题中任选一题作 答，如果多做，按所做的第一题计分）a1 2可得半径由 qvB= mR5.3八R=12d（1 分）2Vmmv 可得 B=qR（2 分）83mvo八-（1 分）代入数据可得 B= 5qd由几何关系可知运动轨迹必过圆形磁场的圆心，则磁场区域(22033.物理一一选修 3- 3（15 分）(1) (5 分)下列说法正确的是 _.(填正确答案标号.选对 1 个得 2 分，选对 2

25、 个得 4 分，选对 3 个得 5 分.每选错 1 个 扣 3分，最低得分为 0 分)A .物体的温度越高，其分子的平均动能越大B. 当分子力表现为引力时，分子力总是随分子间距的减小 而增大C. 外界对气体做功，气体的内能可能减少D .第二类永动机不可能制造成功是因为违背了能量守恒定 律E.气体能充满容器，是因为气体分子不停地做无规则运动(2) (10 分)如图所示，圆柱形喷雾器高为h,内有高度为 2 的水，上部封闭有压强为 P。、温度为 To的空气.将喷雾器移到室 内，一段时间后打开喷雾阀门 K，恰好有水流出.已知水的密度 为p大气压强恒为 Po,喷雾口与喷雾器等高.忽略喷雾管的体(i)求室

26、内温度.(ii )在室内用打气筒缓慢向喷雾器内充入空气，直到水完全 流出，求充入空气与原有空气的质量比.解析：(1)温度是物体分子热运动平均动能的标志，物体的温度越高，其分子的平均动能越大，选项A 正确.当分子力表现为引力时，分子力随分子间距的减小，可能增大，可能减小，也 可能先增大后减小，选项 B 错误.外界对气体做功，由于热传递 情况不明，根据热力学第一定律知，气体的内能可能增大、可能 减小、也可能不变， 选项 C 正确.第二类永动机不可能制造成功 的原因是因为违背了热力学第二定律，选项D 错误.因为气体分子间的距离比较大，分子力几乎为零，而分子又不停地做无规 则运动，所以气体能充满容器，

27、选项E 正确.21（2） （i） 设喷雾器的截面积为 S,室内温度为 Ti， 气体压强为 Pi,恰好有水流出则hh八Pi=po+p2，Vo=S2（1分）PoPo+Pg气体做等容变化T=T（i 分）（h L八解得 Ti=i+p2p；To.（i 分）（ii ）以充气结束后喷雾器内空气为研究对象，排完液体后， 压强为 P2,体积为 V2若此气体经等温变化，假设充气结束后喷 雾器内空气的压强仍为原来未打入气体时的压强Pi，设体积为V3,则P2=Po+p分）PiV3= P2V2（1 分）（h】即严 +p2jV3= （Po+PghS（2 分）1同温度下同种气体的质量比等于体积比，原来体积 V=2Sh,设打

28、进气体质量为Am,则有34.物理一一选修 3- 4（15 分）（1）（5 分）如图为一简谐横波在 t = 0.10 s 时刻的波形图，P答案：（i）ACE （2）2po+ pgh22是 平衡位置为 x= 1 m 处的质点，此刻 P 点振动方向沿 y 轴正方向，并经过 0.20 s 完成了一次全振动，Q 是平衡位置为 x= 4 m 处的 质点，则_ .（填正确答案标号.选对 1 个得 2 分，选对 2个得 4 分，选对 3 个得 5 分.每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 023A .波沿 x 轴负方向传播B. t = 0.05 s 时，质点 Q 的加速度为 0,速度为正向最大C.从 t = 0.10 s 到 t= 0.15 s,该波沿 x 轴传播的距离是 2 m D .从 t = 0.10 s 到 t= 0.15 s,质点 P 通过的路程为 10 cmE. t = 0.25 s 时，质点 Q 纵坐标为 10 cm(2)(10 分)右图为一个用折射率n=；3 的透明介质做成的四棱柱的截面图，其中/ A=ZC= 90 / B= 60 BC= 20 cm.现 有一单色细光束从距 B 点 30 cm 的 O 点垂直入射到棱镜的 AB 面 上，若光在每个面上的反射只考虑一次，已知光在真空中的速度c= 3.0 x108m/s.求：(i)最先从棱镜射出的光束的折射角；(ii )从 BC