专题08直流电路与交流电路-2018年高考物理二轮复习精品资料(教师版)

1、专业文档珍贵文档专题皿 直流电路与交流电路1.通常一次闪电过程历时约0.20.3 s,它由若干个相继发生的闪击构成每个闪击持续时间仅4080 阳，电荷转移主要发生在第一个闪击过程中在某一次闪电前云地之间的电势差约为1.0X10V,云地间距离约为 1km ;第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为6 C,闪击持续时间约为 60 阳.假定闪电前云地间的电场是均匀的.根据以上数据，下列判断正确的是（）A. 闪电电流的瞬时值可达到1X10 AB. 整个闪电过程的平均功率约为1X104WC. 闪电时云地间的导电现象可用欧姆定律计算D. 整个闪电过程向外释放的能量约为6X10 J答案：A解析：由电浹的走义式

2、I书口“亦务人十炸氏选项岂正确整个过程的平均功率P侣3紀护仇代0.2或03）谗页B错误；欧卿定律适用于金属、电解液导电故选项C错误,整个闪电过程 向外释放的能量为电场力做的功W=qLMxlO二选项D错误.2.图仲）为一个电灯两端的电压与通过它的电流的变化关系曲线压增大，灯丝温度升高，电阻变大.如图（乙）所示,将这个电灯与.由图可知，两者不成线性关系，这是由于电20Q的定值电阻 R 串联,接在电动势为 8 V 的专业文档珍贵文档答案：A专业文档珍贵文档解析：根据闭合电路欧姆定律可知：E=UL+IR代入数据得到：8=UL+20I在（甲）图中画出此方程的图线，如图所示该图线与原图线的交点为此电路对应

3、电灯中的电流和电压值由图即可读出此电路中电灯两端的电压U=2 V,电流 1=0.3 A,所以电灯的实际功率为P=UI=0.6 W.3.在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路.当调节滑动变阻器 R 并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50 A 和 2.0 V.重新调节 R 并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0 A 和 24.0 V.则这台电动机正常运转时的输出功率为（ ）A.32 W B.44 W C.47 W D.48 W答案：A2解析：电动机停止转动时，电动机的内阻 r=Q=4Q,电动机正常运转时输出功率为P=UI-I2r=32 W,A项正

4、确.4.（2012 北京顺义区一模）如图所示的电路中，电源电动势为 E,内电阻rv-局r r为 r,在滑动变阻器 R2的滑片向上滑动的过程中，电阻 R3上消耗的电功率（）A. 一直减小B.保持不变C. 一直增大D.先增大后减小专业文档珍贵文档答案：A专业文档珍贵文档解折：在滑动变阻器R：的滑片向上滑动的过程中:&的电阻在减小:根据“串反并同，可判走艮的电流和电压都在减小贝1电阻民上消耗的电功率一直减小:故选项A对遗项B、U D错.5当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为 0.3 C,消耗的电能为 0.9 J为在相同时间内使 0.6C 的电荷量通过该电阻，在其两端需加的电压和

5、消耗的电能分别是（）A.3 V 1.8 J B.3 V 3.6 JC.6 V 1.8 J D.6 V 3.6 J答案：D忙解析：设两次加在电阻R 上的电压分别为 Ui和 U2,通电的时间都为 t.由公式 Wi=Uiqi和 Wi= t 可得：比2Ui=3 V, =0.i.再由 W2=U2q2和 W2=t 可求出：U2=6 V,W2=3.6 J,故选项 D 正确.6.如图所示，电源电动势为 E,内阻为 r,平行板电容器的两金属板水平放置，开关 S 是闭合的，两板间一质量为m、电荷量为 q 的油滴恰好处于静止状态,G 为灵敏电流计.则以下说法正确的是（）ft：4D.在将 S 断开后，油滴仍保持静止状

6、态,G 中无电流通过答案：A解析：滑片P问上移动匚滑动变阻器接入电路的电阻増大:总电阻增大;根据闭合电路欧姆定律可知:干路电流 减小因U壬虹-R必可知电容器两极板间电压变大油滴受到的电场力增大油商向上运动:两极板间电压变 大:说明电容器充电G中电流方向从biU选项A正确占、c错i吴；将S断开后:电容器放电.G中有电溢电 压减小:电场力诚小，油滴冋下运动:选项D错误一inuA.在将滑动变阻器滑片P 向上移动的过程中，油滴向上加速运动,G 中有从 b 到 a 的电流B.在将滑动变阻器滑片P 向下移动的过程中，油滴向下加速运动,G 中有从 b 到 a 的电流C.在将滑动变阻器滑片P 向上移动的过程中

7、,油滴仍然静止,G 中有从 a 到 b 的电流专业文档珍贵文档7.如图所示的电路中，电源的电动势为 E,内阻为 r,当闭合开关 Si,滑动变阻器滑片 P 向左移动的过程中，下列结论正确的是（）A. 小灯泡 L 变暗B. 电流表读数变大，电压表读数变小C. 电容器 C 上电荷量增加D. 电源的总功率变小答案：B解析：滑动变阻器滑片P 向左移动的过程中，滑动变阻器的有效阻值变小，闭合电路的外电阻变小，电路总电流增加，路端电压减小，所以电流表读数变大，电压表读数变小，选项 B 正确电路总电流增加，小灯泡 L 变亮，选 项A 错误.小灯泡 L 两端电压增加，滑动变阻器两端的电压减小，电容器的电压减小，

8、电容器上的电荷量减小，选项 C 错误当电路外电阻等于电源内阻时电源的输出功率最大，滑动变阻器滑片 P 向左移动的过程中，外电路电阻变小，外电路电阻可能比电源内阻相差更大，也可能相差更小，所以电源的输出功率可能减小，也可能变大，选项 D 错误8.在如图所示的 U I 图像中，直线I为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线n为某一电阻 R 的伏安特性曲线 用该电源直接与电阻R 相连组成闭合电路由图像可知（）o 24 SI/AI/AA. 电源的电动势为 3 V，内阻为 0.5QB. 电阻 R 的阻值为 1Q专业文档珍贵文档C. 电源的输出功率为 2 WD. 电源的效率为 66.7%答案：ABD解析

9、：由團像可知，该电源的电动势卩3内阻r-0.5 Q电阻R的阻倩为1。仍由图像可知:用该电源直接与R相连组成闭合电路时;路端电压V=2忒电流 I 比则电源的输出功率P=m=22W=4 W电源的效率耳=耳10。=31血卩六隠了1V故选项斗B, D正确一选项C错一7-9.如图所示,Ri为定值电阻，R2为可变电阻,E 为电源电动势,r 为电源内阻，以下说法中不正确的是（）fli轧- -A. 当 R2=r 时,R2上获得最大功率B. 当 R2=Ri+r 时,Ri上获得最大功率C. 当 R2=0 时,Ri上获得最大功率D. 当 R2=0 时,电源的输出功率最大答案：ABD解析：在讨论氐的电功率时，可将內视

10、为电源内胆的一部分即将原电路等敷为外即且氐与电动势E、內阻（Ri-r）的电源等效电源）连成的闭合电路:如画所示:&的电功率罡等效电源的输出功率:显然当Ri-Ri-r时R获得的电功率最大匚选项越错误在讨论艮的电功率时由I二壬及P】=FR】可知尺=0吋尺获得的电功率最大:选项B错误工正确， 在讨论电源的输出功率时=R厂氐） 为外电阻:内阻1恒定一由于题目没有给岀 M 和r的具体数值:所我当R：-0时:电源输出功率并不一走最大选项。错误-10.如图 4 9- 18 所示，理想变压器原、副线圈匝数比 ni： n2= 2 : 1 , 和 均为理想电表，灯泡电阻RL=6Q,AB 端电压 ui= 1

11、2” .2sin 100 冗 t （V），下列说法正确的是（）专业文档珍贵文档A .电流频率为 100 HzB.的读数为 24 VC.的读数为 0.5 AD .变压器输入功率为 6WU2n2U2解析 由3= 2 廿=100nrad/s 得：f = 50 Hz , A 错.有效值 Ui= 12 V，又一=一得：U2= 6 V , I2= 一 UiniRL=1 A , B、C 项错.由能量守恒得 P1= P2= U2|2= 6 W , D 对.答案 D11 .如图 4 9 22 所示，一理想变压器原线圈匝数n1= 1 000 匝，副线圈匝数 n2= 200 匝，原线圈中接一交变电源，交变电源电压u

12、 = 220“，2sin 100nV .副线圈中接一电动机，电阻为 11Q,电流表 A2示数为 1A.电表对电路的影响忽略不计，贝 U()A .此交流电的频率为 100 HzB .电压表示数为 220 “ . 2 VC.电流表 A1示数为 5 AD .此电动机输出功率为 33 W解析 由甜=2叮得交流电的频率为50Hz,故A错误电压表、电流表测量所得的是交变电流的有效值， 故电压表读数为220 V,故B错误,贰=乎可知Z：=Z=0.2A?故C错误；由P P _ _ PP 矽专业文档珍贵文档h h1旳= 33W,故D正确.答案 D12 .在某交变电流电路中， 有一个正在工作的理想变压器，如图 4

13、 9 23 所示.它的原线圈匝数 ni= 600匝，交流电源的电动势 e = 311sin（100 冗 t） V（不考虑其内阻），电压表和电流表对电路的影响可忽略不计，原线圈串联一个额定电流为0.2 A 的保险丝，副线圈匝数 n2= 120 匝，为保证保险丝不被烧断，则A 负载功率不能超过 62 WB.副线圈电流最大值不能超过1 AC.副线圈电路中的电阻 R 不能小于 44QD .副线圈电路中电压表的读数为62 VU1n1I1n2解析 由= 得 U2= 44 V , D 错；由.= 得 I2W1 A，所以负载功率最大为 P2= U2I2W44 W ,A 错; U2n2I2n1厂U2副线圈中的电

14、流最大值为Im= 2 A，故 B 错；由 R=得 R 44Q,C 对.P2答案 C13 .如图 4 9 24 所示，某发电机输出功率是 100 kW，输出电压是 250 V，从发电机到用户间的输电线总电阻为 8Q,要使输电线上的功率损失为5%，而用户得到的电压正好为 220 V，求升压变压器和降压变压器原、畐 U 线圈匝数比分别是（）专业文档珍贵文档图 4 9 24A. 16 : 1190 :11B. 1 : 1611:190C. 1 : 16190:11D. 16 : 111 :190解析输电线损失功率PislOOxl0 x5% W=jxi审W,所臥J输电线电流 =2 2S S A Af f

15、升压变压器憶纟戋圈电流丄=汙=4唱r I a!_!故升压变压器原、副线圈匝数比学二治吉.升压变压器绒圈端电压3=乎5=4000V,讯】输电线损失电压=hH=20。巧降压变压器鹿线圈电压门=门V V文=3 800 V,故降压变压器原、副线圈匝数比为=券器故选项 C 正确.答案 C14 如图 7 所示，在匀强磁场中匀速转动的矩形线圈的周期为0.02 s，转轴 O1O2垂直于磁场方向，线圈1总电阻为 2Q,匝数为 100 匝.从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，t = s 时线圈中感应电流为 1300A .那么()OLB BO O2 2A 线圈中感应电流的有效值为2 AB.线圈转动一周产生的焦耳热为

16、0.16 J1C 亠 300s时穿过线圈磁通量的变化率为0.02 Wb/s-i %A.专业文档珍贵文档D 线圈中的感应电动势瞬时值表达式为e = 4sin 100n（V）答案 C解析 由于从中性面开始，感应电流的瞬时值表达式为：将（=拓S代入可得，J工T因此感应电流的有效值为匸花A, A错误，线圈转动一周产生的焦耳热她=尽O0Q匸0.08 J, B错误$线圈中的感应电动势的瞬时值表达式$=cos yf（V）=Jinficos软V）=455100瞰V）, D错误；而戶扣时有瞬时值tf=4cos y V-2V,而根撼去拉第电晞感应罡律,尸养 因此戶扁5时穿过线圈1S通量的变化率城=0.02 Wb訂

17、C正确.15 如图 8 所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压及输电线的电阻 R 均不变在用电高峰期，发电厂输出功率将增大，下列说法正确的是（）升压睁压图 8A .升压变压器副线圈中电流变小B. 降压变压器副线圈中电流变小C. 输电线上损耗的功率减小D 用户消耗的功率占发电厂输出总功率的比例减小答案 D解析 当发电厂输出功率增大时，根据P= UI 知，输出电压不变，则升压变压器原线圈中的电流增大，则副线圈中的电流也增大故 A 错误；当用电高峰期时，用电器增多，则降压变压器中电流也会变大，故B专业文档珍贵文档错误；升压变压器副线圈中的电流等于输电线中的电

18、流，则输电线中的电流增大，根据P损=I2R 知，输电PP损IAUAU线上损失的功率增大，故 C 错；用户消耗的功率占发电厂输出总功率的比例 -=1 = 1 ,PIU2U2因为输电线上的电流增大，则电压损失AU 增大，U2不变，所以用户消耗的功率占发电厂输出总功率的比例减小.故 D 正确.图 9A 当 S 与 a 连接后，理想电流表的示数为 2.2 AB. 当 S 与 a 连接后，t = 0.01 s 时理想电流表示数为零C.当 S 由 a 拨到 b 后，原线圈的输入功率变为原来的 4 倍D .当 S 由 a 拨到 b 后，畐 U 线圈输出电压的频率变为 25 Hz答案 AC解析由题團乙知，原线

19、圈的电 JEU! = 22QV,当与白连接后，根据变压规律学=+可得理想 电济表的示数L 簧=8,故A正确；电浇表的示数对应交变电流的有效值所臥在尸盹仁时理想电 流表示数不为零故B错误：当S由住拨到力后，原、副线圈的匝数比为5：1,可求副线圈电压为44 V,是原来的2倍，根据功率P二备如，功率是原来的4倍，输入功率等于谕出功率，所以C正确；交潦电的 频率不会发生变化由题團乙知，频率为刃Hz所臥D错误.17 如图 10 甲所示，M 是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1: n2= 10 : 1，接线柱 a、b 间接16 如图 9 甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1: n2= 10 :

20、1 , b 是原线圈的中心抽头， S 为单刀双掷开关，定值电阻 R= 10Q从某时刻开始在原线圈c、d 两端加上如图乙所示的交变电压，则下列说法中正确的是（）专业文档珍贵文档一正弦交变电源，其电压随时间的变化规律如图乙所示变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2是用半导体热敏材料（电阻随温度升高而减小）制成的传感器，Ri为一定值电阻下列说法中正确的是( )图 10A .电压表 V 的示数为 22 VB. 当 R2所在处出现火警时，电压表 V 的示数减小C. 当 R2所在处出现火警时，电流表 A 的示数增大D 当 R2所在处出现火警时，电阻 R1的功率变大答案 BCD解析 电压表测量 R2

21、两端的电压，因此电压表的示数小于 22 V , A 错；R2所在处出现火警时， 温度升高， R2的阻值变小，电路总电阻变小，电流变大，Ri的功率变大，根据串联分压特点，R2两端的电压减小，B、 C、D 正确.18 .图 11 甲中的变压器为理想变压器，原线圈匝数ni与副线圈匝数 n2之比为 10 : 1，变压器的原线圈接如图乙所示的正弦式交流电，电阻R1= R2= R3= 20Q和电容器连接成如图甲所示的电路，其中电容器的击穿电压为 8V,电表为理想交流电表，开关 S 处于断开状态，则（）乙图 11专业文档珍贵文档A .电压表 V 的读数约为 7.07 VB. 电流表 A 的读数为 0.05

22、AC.变压器的输入功率约为 7.07 WD .若闭合开关 S,电容器不会被击穿答案 AD解析 由團像可得=200 V,有效值 片腊V= 1002 V,根据变压器的原理贾二岂 解得L-：= 1 fr/2二車A,再由根据变压器的原理=严解F. .jr 可 r得A,所以A正确，B错误；变压器的谕入功率= f，故C选项错误；若闭合幵关爲&并联，并联电阻为10电容器上分任为丸1 = 口电容器的两端的最大电压值为甲賈小于沙。电容器不会被击穿，故D选项正确19 如图 4 - 9 -25 所示，用理想变压器给电灯L 供电，如果只增加副线圈的匝数，其他条件不变，则图 4 9 25A .电灯 L 亮度减小

23、B.电流表示数增大C. 电压表示数增大D .变压器输入功率不变大，加在电灯两端的电压增大，电灯变亮，即变压器的输出功率増大，由于理想变压器的输入功率尊于输出功率，则输入功率也随之増大，根擔卩=匸石 可知电流表的读数增大，选项氏匚正确，选项儿D错v*s断幵：电阻赴两端的电压=迈电流止解析由理想变压器的电压比等于匝数比可彳奇亡矩增加，则副线圈两端电圧增加 电压表的读数増( )专业文档珍贵文档答案 BC光的有解析 由图可知，A、B 选项中均有电阻分压，可以使电灯正常发光；C 选项为降压变压器，通过变压器降压也可以使电灯正常发光；D 选项为升压变压器，电灯两端的电压要大于380 V，不可行.答案 AB

24、C21.咸阳市区某学校创建绿色校园， 如图 1 甲为新装的一批节能灯，该路灯通过光控开关实现自动控制：电灯的亮度可自动随周围环境的亮度改变而改变如图乙为其内部电路简化原理图，电源电动势为E,内阻为r, Rt为光敏电阻（光照强度增加时，其电阻值减小 ）.现增加光照强度，则下列判断正确的是（）图 1A.电源路端电压不变 B.Ro两端电压变大C. B 灯变暗，A 灯变亮D.电源总功率不变答案 B解析 由題青增加进照强度，忌顺小外电路总电阻减小，根据闭合电踣欧姆定律得知，干路电流J増犬, 电源的内电压増大，路端电压匸减小，则卫灯变暗，適过尽电流对=丿-,J増犬,而L减小，则上増大, 島两端电压匚増犬，

25、而丘“B B的电压之和尊于路端电压，路端电压减小，贝U知，3的电压减小，B灯变暗; 电派的总功率P=EI,P=EI,20 .现用电压的正弦式交流电给额定电压为220 V 的电灯供电，以下电路中可能使电灯正常发E)甲乙专业文档珍贵文档/増大，则戸増大一故B正确入6 D错误一22.如图 2 所示的闭合电路中，电源电动势为E,内阻为 r， 电阻箱 Ri、 R2、电灯和理想电流表 Ai、A2分专业文档珍贵文档别接入电路中，电灯的电阻为RL（电表和用电器均安全工作），下列说法正确的是（）图 2A. 仅调节 Ri，电流表 Ai的示数总大于 A2的示数B. 仅使 R2减小，电流表 A2变化量比 Ai变化量大

26、C. 仅使 Ri增大，电源内阻消耗的功率变大D. 仅调节电阻箱 Ri, RL=Ri+ r 时，电灯 L 可达到最亮答案 B解析 仅调节 Ri, RL与 R2的大小关系不确定，所以电流表Ai的示数不一定总大于 A2的示数.故 A 错误.仅使 R2减小，并联部分电阻减小，通过 RL的电流减小，总电流增大，则通过 R2的电流增大，且电流表 A2变化量比 Ai变化量大故 B 正确仅使 Ri增大，总电阻增大，总电流减小， 则电源内阻消耗的功率减小， 故 C 错误.仅调节电阻箱 Ri,Ri= 0 时，电路中电流最大，电灯 L 的电压最大，达到最亮，故 D 错误.23.（多选）如图 3 所示，虚线框内为漏电

27、保护开关的原理示意图：变压器 A 处用火线和零线平行绕制成线圈，然后接到用电器.B 处有一个输出线圈，一旦线圈B 中有电流，经放大后便能推动继电器切断电源如果甲、乙、丙、丁四人分别以图示方式接触电线（裸漏部分），甲、乙、丙站在木凳上，则下列说法正确的是（）A.甲不会发生触电事故，继电器不会切断电源B乙会发生触电事故，继电器不会切断电源C. 丙会发生触电事故，继电器会切断电源D. 丁会发生触电事故，继电器会切断电源答案 AD解析 甲、乙、丙、丁四人，只有丁电流由火线经丁流入大地，出现漏电，继电器会切断电源24.（多选）如图 4 所示，一边长为 L 的正方形均匀线圈， 以 AB 边所在直线为轴在匀

28、强磁场B 中做匀速转动,线圈转动的角速度为3,若以图示位置为零时刻，则下列选项反映四条边上的电势差随时间的变化正确的电感峯电糯专业文档珍贵文档有（）专业文档珍贵文档答案 AD解析 线圈在磁场中转动产生感应电动势，只有CD 边产生感应电动势，故产生的感应电动势的最大值为Em=BL23,产生的感应电动势的瞬时值为e=BL23C0Scot根据闭合电路欧姆定律可知 AB、BC、AD 边的ro1 o最大感应电动势为 Em=Em=BL2o,故这三个边的电压的瞬时值为e= RL2WC0Sot结合产生的感应4r 44电流的方向可知，A、D 正确，B 错误；CD 端的电压即为路端电压，故瞬时值为e= 3BL2o

29、cosot故 C错误25.电阻为 1Q的矩形线圈绕垂直于磁场方向的轴在匀强磁场中匀速转动，产生的交变电动势随时间变化的图象如图 5 所示现把交流电加在电阻为 9Q的电热丝上，则下列说法中正确的是（）A.线圈转动的角速度为31.4 rad/sB. 如果线圈转速提高一倍，则电流不会改变C. 电热丝两端的电压 U = 100 .2 V专业文档珍贵文档D. 电热丝的发热功率 P= 1 800 W答案 D专业文档珍贵文档解析从團中可知：7=0.02 s,3=亨=314沁初颉為错误；其他条件不变）如果线圈转速提高一倍，角 速度何变为原来的两倍由电动势最大值醞=旳動得知，交流电动势的最大值变为原来的两倍，电

30、压的有 效值为愿来的2倍，根將敢姆定律可知电流发生改变一故B错误.该交流电压的最大值为2D? V,所以育效10为100 V,则电热丝两端的电压为X100V2=9=9 更V,故C错误；根据0=耳得：0=誓 -W =1 800 W,故D正确一26.（多选） 如图 6 所示是小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于磁场方向的水平轴00 沿逆时针方向匀速转动，角速度为3,线圈匝数为 n、电阻为 r，外接电阻为 R,交流电流表 线圈从图示位置（线圈平面平行于磁场方向）开始转过 却寸的感应电流为 I下列说法中正确的是（）3A.电流表的读数为 2IB.转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为2I R+rn3n2IC

31、.从图示位置开始转过 于的过程中，通过电阻 R 的电荷量为一23答案 BCD解析 由题有：1 = lmCOSf,则得感应电流的最大值 Im= 2I ,有效值 I有=lm= QI，则电流表的读数为232I，故 A 错误；感应电动势的最大值Em= Im（R+ r）= 2I（R+ r）,又 Em= nBSco ,磁通量的最大值 = BS,联立解得：m= BS=2I R+r，故 B 正确；从图示位置开始转过n的过程中，通过电阻 R 的电荷量 q= nRr1 2I R+r2I，故 C 正确；线圈转动一周的过程中，电阻R 产生的热量 Q = I有RT= （ 27 所示，灯 L1、L2为规格相同的两只小灯泡

32、.当 S 断开时，灯 L1正常发光.S 闭合后，下列说法正确的是（D.线圈转动一周的过程中，电阻R 产生的热量为4TRI23BS=n-= n R+rR+r n3I)2R3=，故 D 正确.3327.有一理想变压器，畐 U 线圈所接电路如图专业文档珍贵文档i-i0k专业文档珍贵文档A. 灯 Li、L2都能正常发光B. 原线圈的输入功率减小C. 原、副线圈的电流比增大D. 电阻 R 消耗的功率增大答案 D解析 当s闭合后，电踣的总电阻;费卜 副线圈的电流増大，所以 fl 过电阻芒的电妊増犬弋消耗的功率 増大，灯泡两端的电压减小，灯 s a 都不能正常发光，故盒错误，D正确！由于副线圈中负载电阻减小

33、, 消耗的功率卩=寻，故消耗的功率増大，输入功率等于输出功率，故原线圈的输入功率増大，故B错误； 变压器原、副线圈的匝数不变，故原、副线圈中电滾之比不变,故f错误一28.如图 9 甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为 10 : 1, A、V 均为理想电表，R 为光敏电阻（其 阻值随光强增大而减小）,Li和 L2是两个完全相同的灯泡原线圈接入如图乙所示的正弦交流电压 u，下列 说法正确的是（）图 9A. 电压 u 的频率为 100 HzB. 电压表 V 的示数为 22 VC. 当光强增大时，A 示数变小D. 当 L1的灯丝烧断后，V 示数不变答案 D解析 原线圈接入如题图乙所示的正弓汶渍

34、电压，=0-02亦所以频率为-=50 Hz,故A错误夕原线圈 接入电压的最大倩是220说V,所決煌线圈接入电压的有效值是C-220 V7理想变压器原、副线圈匝数比 为10：1?所汰副线圈电圧是22 V,所以牯的示数小于22 V,故B错误；丘阻值随光强増犬而减小，可知 副线圈电浇増加，副线圈输出功率増加，所以原线圈输入功率也増加，原纟女圈电浇増扣，所以A的示数变 大，故 U 错误；当D的灯丝烧断后，变压器的输入电压不变，根据变压比公式，输出电压也不变，故电压 表读数不变，故D正确-29.如图 10 所示，匀强磁场的磁感应强度 B = J单匝矩形线圈面积 S= 1 m2，电阻不计，绕垂直于磁场5n

35、专业文档珍贵文档的轴 00 匀速转动线圈通过电刷与一理想变压器原线圈相接，为交流电流表调整副线圈的滑动触头 P,当变压器原、副线圈匝数比为1 : 2 时，副线圈电路中标有“36 V 36 W的灯泡正常发光以下判断正确的是（）图 10A. 电流表的示数为 1 AB. 矩形线圈产生电动势的最大值为18 VC. 从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间变化的规律为e= 18 ,2sin 90 tnD. 若矩形线圈转速增大，为使灯泡仍能正常发光，应将P 适当下移答案 C解析 小灯泡正常岌光，故变压器的输出电溢为：止=辭=1 Aj根採变溢比公式:=匕解得:Zi = 2 A,故典错误？小灯泡正常

36、发光，故变压器的谕出电压为曲,根据娈压比公式吴二吕，解得：故 矩形线圈产生电动势的有效11为1SV,矩形线圈产生电动势的最犬值为V,故弓错误,根据公式己工= =NSScNSSc（）f f解得：曲=卜tadS=90TTrads故从拒形线圈*绪U中性面开始计时，矩形线圈电动势魯随时间的娈化规律尸际血闵=1曲血90 V,故C正确；若拒形线圈?专速増大，根据公式亦=切血， 感应电动势的最犬值増加故有效值也増抑；为使灯泡仍能正常发光应该减小变压比，故应将F适当上 移，故D错误.30如图 11 所示为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T 的原、副线圈匝数比为 k1.降压变压器 T 的原、副线圈匝数比为 k2原线圈两端接入一电压 u = Umsinst勺交流电源，用户电阻为 R （纯 电阻），若用户消耗功率为 P,输电线的总电阻为 2r，不考虑其他因素的影响，则输电线上损失的电功率图 11Pr和用户获得的电压 U 分