浙教版8年级下册第一章电与磁选择题(解析版)

1、浙教版8年级下册第一章电与磁选择题、指南针为什么能指方向【解析】【分析】在磁体外部，磁感线总是从N极出来，回到磁体的 S极，据此选择。【解答】A.磁感线从S极出来，回到N极，故A错误；B.磁感线从N极出来，回到S极，故B正确；C.磁感线从N极出来，因为二者同为 N极，所以它们之间不能有磁感线相连，故 C错误；D.磁感线回到S极，因为同为 S极，所以它们之间磁感线呈顶牛之势，即方向错误，故 D错误。故选B。2.小科在课外兴趣活动课中将数枚一元硬币按如图所示放在两根平行的条形磁铁上，搭成了一座漂亮的硬币桥”，下列分析正确的是()A.硬币桥”上左右两端的硬币没有磁性nB.硬币桥”中间磁性最强C.硬币

2、桥”的搭建利用到了磁化的原理2.两枚硬币相邻的部分是同名磁极【答案】C【解析】【分析】(1)磁体上两端磁性最强，中间磁性最弱；(2)使原来没有磁性的物体获得磁性的过程叫磁化；(3)异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥。【解答】 硬币桥”的中间磁性最弱，左右两端磁性最强，故A、B错误；硬币原来没有磁性，放在磁铁上后就有了磁性，因此 硬币桥”的搭建利用到了磁化的原理，故 C正确；两枚硬币相邻的部分是异名磁极，故D错误。故选Co3.如今，说我们的生活是由磁铁支撑着并不为过。史上最强力的被磁铁广泛用于手机、电脑、冰箱等。如图所示，是小明同学用钛磁铁和曲别针进行的实验。通过实验情景，可以判定下列说法正确的

3、是(A.被磁铁对放入其磁场中的曲别针有力的作用hB.被磁铁周围各点的磁场方向都是竖直向下的C.被磁铁周围存在磁感线，不存在磁场"iD.被磁铁周围的磁场分布是均匀的【答案】 A【解析】【分析】(1)磁体对铁、钻、馍等物质会产生引力；(2)磁场中某点的磁场方向就是该点磁感线的切线方向，因此点的位置不同，磁感线的方向就不同；(3)磁场是客观存在的，而磁感线是为了形象的研究磁场的分布情况引入的，它并不存在；(4)磁铁周围的磁感线在两极附近比较稠密，在中间附近比较稀疏。【解答】A.被磁铁对放入其磁场中的曲别针有力的作用，故A正确；B.被磁铁周围各点的磁场方向都不相同，故B错误；C.钦磁铁周围不

4、存在磁感线，但存在磁场，故 C错误；D.被磁铁周围的磁场分布并不均匀，在两极附近比较稠密，故 D错误。故选Ao4 .科学家研究发现：某些材料有巨磁电阻效应，即微弱的磁场变化可以导致电阻大小的急剧变化。根据这一原理可以制成()A.能储存、释放大量电能的蓄电池B.通过微弱电流就能产生强大磁场的电磁铁C.家庭电路过载或短路时能自动熔断的保险丝D.能读”出微弱的磁场变化并转换成电流变化的灵敏磁头【答案】D【解析】【分析】该题主要是考查学生对题干信息的应用能力。【解答】A、蓄电池存储、释放电能与电阻的变化无关；故 A错误；B、电磁铁的应用，与因磁场的变化而导致电阻发生改变没有任何关系；故 B错误；C、保

5、险丝是电流的热效应；故 C错误；D、灵敏磁头读出微弱磁场的变化，与巨磁电阻效应有关；故 D正确；故答案为：D。水针”和 旱针”两类。在图所示装置中，条形磁铁5 .我国北宋学者沈括在梦溪笔谈中，将指南针分为左方的水盆中悬浮的 水针”和正上方悬挂的 旱针”在静止时其 N极分别指 向（）但I曰A.左，左B.左，右 C.右，左 D.右，右【答案】C【解析】【分析】根据磁极之间的相互作用进行判断即可。【解答】条形磁体的左端是 S极，根据 异名磁极相互吸引”可知，水针”的右端是N极，旱针”的左 端是N极，故C正确，而A、B、D错误。故选Co6 .一根钢棒接近一根悬挂的磁针，当他靠近磁针S极时，磁针被吸向钢

6、棒，如图所示，据现象可以得出下面哪一条结论（）A.钢棒原来一定具有磁性，接近磁针的一端是N极B.钢棒原来一定具有磁性，接近磁针的一端是S极C.钢棒原来一定不具有磁性D.钢棒原来不一定具有磁性【答案】D【解析】【分析】（1）所有磁铁都有吸引铁、钻、馍等物质的性质，这种性质叫磁性；（2）如果两个磁铁的不同磁极相互靠近也会相互吸引。【解答】一根钢棒接近一根悬挂的磁针，小磁针肯定有磁性，如果钢棒没有磁性，二者也会相互吸 弓I；如果钢棒有磁性且靠近小磁针的那端是异极，二者也能相互吸引，因此钢棒不一定原来就有磁 性，故D正确，而A、B、C错误。故选Do7 .如图所示甲、乙两小磁针放在一根条形磁铁上下附近正

7、中间位置处，丙、丁两小磁针放在该条形磁铁左N、S极如图所示。关于丙、丁右附近位置处，甲、乙、丙、丁四个小磁针静止时，甲、乙两小磁针的两小磁针和条形磁铁 a、b两端的极性，下列判断正确的是(SON甲o la Fe丙丁SONA.该条形磁铁a端是S极，b端是N极ciB.丙小磁针左端是 S极，丁小磁针左端是 N极C.丙小磁针左端是 N极，丁小磁针左端是 N极Q.丙小磁针左端是 S极，丁小磁针左端也是 S极【答案】C【解析】【分析】首先根据异名磁极相互吸引”利用甲和乙小磁针判断条形磁铁的磁极，然后再根据同样的原理判断丙和丁两个小磁针的磁极分布情况。【解答】甲小磁针的左端是 S极，根据异名磁极相互吸引可知

8、，条形磁铁的a端是N极，而b端是S极；因为a端是N极，根据 异名磁极相互吸引”可知，丙小磁针的右端是 S极，左端是N极；因为b端是S极，根据 异名磁极相互吸引”可知，丁小磁针的左端是 N极，右端是S极，故C正确，而A、B、D错误。故选Co8 .早在北宋时期，我国人民就认识了地磁的存在，并据此做出了四大发明之一的指南针。宋代科学家沈括在梦溪笔谈卷二十四中写道：方家以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”这是我国【解析】【分析】和世界上关于地磁偏角的最早记载。若把地磁场假想成是由地球内部一块大条形磁铁产生的，下图的四(1)地球内部的巨大磁场与一个条形磁体的磁场相似，且地磁场的磁场方向与地理

9、方向正好相反;(2)地磁场的方向与地理方向并不重合，二者之间有一个夹角，叫磁偏角，据此判断。【解答】地磁场的北极在地理南极负极，南极在地理北极负极，故 A、C错误;B错误，D正确。地磁场在北极附近是向西偏的，南极附近是向东偏的，故故选D。9.小金利用热敏电阻的阻值会随温度的升高而减小”的性质，设计了判断水温变化的装置其工作原理如图甲所示，电源、热敏电阻、电磁铁、定值电阻Ro由导线连接成一个串联电路 ，在线圈的上方固定一个弹簧测力计，其下端挂一铁块。实验时把热敏电阻放入盛水的烧杯中，水温的变化会引起弹簧测力计示数发生变化；如图乙所示为某次实验中弹簧测力计读数随时间变化的图像.下列说法正确的是()

10、0 仲超昔坪示的A.电磁铁的上端是 S极r B. tl到t2时间内水温升高C. t2到t3时间内电压表示数最小D. t3到t4时间内电路中电流变大【答案】B【解析】【分析】(1)根据安培定则判断即可；(2)首先根据右图判断测力计的示数变化，然后根据F=G+F磁分析电磁铁磁性的变化，进而判断出电流的大小变化，最后根据欧姆定律判断电阻变化，进而确定水温变化；(3)根据右图判断测力计示数的情况，进而确定电流的大小，最后根据U=IR确定电压表的示数变化；(4)根据右图确定测力计的示数变化，进而确定磁力的变化，最终分析出电流的大小变化。【解答】A.电流从线圈的上端流入，用右手握住螺线管，四指指尖向右，大

11、拇指指向上面，因此电磁铁的上端是N极，故A错误；B.根据右图可知，tit2时间内，测力计的示数增大；根据公式F=G+F磁可知，电磁铁的磁力变大，那么电流变大，电阻变小，因此热敏电阻的温度升高，故 B正确；C. t2到t3时间内，测力计的示数最大，根据公式F=G+F磁可知，此时电磁铁的磁力最大，电流最大；根据公式U=IRo可知，这时电压表的示数最大，故 C错误；D. t3到t4时间内，测力计的示数变小，根据公式F=G+F磁可知，此时电磁铁的磁力变小，电流变小，故D错误。故选BoO接通信号源后，电流的方向不断改变，导致线10 .小明在科学拓展课上制作了一个简易喇叭（原理如图）圈的磁极不断变化，通过

12、吸引或排斥磁铁，带动纸盆振动。为改变纸盆振动幅度以调节喇叭响度下列方法不可行的是（）A.改变磁铁的磁极B.改变电流的大小C.改变磁铁磁性强弱 D.改变线圈的匝数【答案】 A【解析】【分析】线圈和条形磁铁之间的磁力越大，纸盆的振动幅度越大，喇叭的响度越大。既可以改变条形磁铁的磁场强度，也可以改变线圈的磁场强度，据此选择。【解答】要改变喇叭的响度，就必须改变线圈的磁场强度或磁铁的磁场强度；因为电磁铁的磁性大小受到电流大小和线圈匝数的影响，因此B、C、D都不合题意；改变磁铁的磁极对磁场强度的大小没有影响，故A符合题意。故选Ao二、电生磁11 .如图所示，是探究 通电直导线周围是否存在磁场 ”实验装置

13、的一部分，置于水平桌面的小磁针上方有一根与之平行的直导线。关于这个实验的说法正确的是（）1 一 一A.首次通过本实验揭开电与磁关系的是法拉第B.当直导线通电时，小磁针会离开支架悬浮起来C.小磁针可用于检验通电直导线周围是否存在磁场D.改变直导线中电流方向，小磁针N极的指向不变【答案】C【解析】【分析】（1）奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场，第一次揭示了电和磁之间的联系;（2）通电导线周围的磁场与电流方向有关；（3）磁极之间的作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。【解答】A.首次通过本实验揭开电与磁关系的是奥斯特，故A错误；B.当直导线通电时，电流产生的磁场对小磁针的磁力在水平方向，不会对

14、小磁针产生向上的支持力，那么小磁针不会离开支架悬浮起来，故B错误；C.当导线中有电流经过时，小磁针发生偏转；当导线中没有电流时，小磁针恢复原来的指向，故C正确；D.改变直导线中电流方向，小磁针所在的磁场方向与原来相反，因此小磁针N极的指向与原来相反，故D错误。故选Co12 .如图是奥斯特实验的示意图，以下关于奥斯特实验的分析正确（）A.通电导线周围磁场方向由小磁针的指向决定B.小磁针的指针发生偏转说明通电导线产生的磁场对小磁针有力的作用C.移去小磁针后的通电导线周围不存在磁场D.通电导线周围的磁场方向与电流方向无关【答案】B【解析】【分析】（1）磁场是客观存在的，放入小磁针是为了直观的感受到磁

15、场的存在和方向；磁场不会因为小磁针的有无而发生任何变化；（2）小磁针指向发生变化，说明它受到磁力的作用，即通电导线周围存在磁场；（3）通电导线周围的磁场方向与电流方向有关。【解答】A.通电导线周围磁场方向由该点的小磁针的N极方向来反映，但不受小磁针指向的影响,故A错误；B.小磁针的指针发生偏转说明通电导线产生的磁场对小磁针有力的作用，故B正确；C.移去小磁针后的通电导线周围仍然存在磁场，故C错误；D.通电导线周围的磁场方向与电流方向有关，故D错误。故选B。13 .如图所示，通电螺线管 N极，磁感线方向、小磁针N极和电源正负极标注正确的是（）磁体外部，磁感线总是从 N极回到S极。【解答】A.线圈

16、上电流向上，右手握住螺线管，四指向上，大拇指指向左端，那么螺线管左端是N极，右端是S极，磁感线方向正确；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针左端是N极，故A错误；B.线圈上电流向下，右手握住螺线管，四指向下，大拇指指向右端，那么螺线管右端是N极，左端是S极，磁感线方向错误；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针左端是S极，故B错误；C.线圈上电流向上，右手握住螺线管，四指向上，大拇指指向左端，那么螺线管左端是N极，右端是S极，故C错误；D.线圈上电流向下，右手握住螺线管，四指向下，大拇指指向右端，那么螺线管右端是N极，左端是S极，磁感线方向正确；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针左端是S极，故D正确。故选

17、D。14 .如图所示，将条形磁铁固定在静止的小车上，电路连接完整后，闭合开关S时，小车不动。变阻器的滑片P向左移动到某位置时，小车开始向左运动，则下列变阻器接入电路的方式正确的（）A. a 接 e、d 接 fB. a 接 e、b 接 fC. c 接 e、d 接 fhD. c 接 e、b 接 f【答案】 A【解析】【分析】根据小车向左运动判断电磁铁磁性的大小变化，进而确定电流的大小变化，根据欧姆定律判断电阻的变化，最后根据滑片的移动方向判断变阻器的接线柱的选择情况。【解答】原来小车不动，后来小车向左运动，说明电磁铁的磁性增大了，电流增大了，而滑动变阻器的阻值变小了。当滑片向左移动时，滑片左边的部

18、分电阻变小，因此变阻器使用的是左边，那么变阻器的a接线柱必须选择，c、d接线柱任选一个即可。故选Ao15 .如图所示，甲乙为条形磁体，中间是电磁体，虚线是表示磁极间磁场分布情况的磁感线。则可以判断图中A、B、C、D四个磁极依次是()A. N、S、N、NB. S、N、S、SC. S、S、N、S11D. N、N、S、N【答案】D【解析】【分析】首先利用安培定则判断中间通电螺线管的磁极分布，然后根据甲、乙两个磁体和它之间磁感线的形状判断 A和D的磁极。【解答】通电螺线管上电流从下向上，根据安培定则可知：B端是N极，C端是S极；因为A和B之间磁感线呈顶牛之势，因此它们相互排斥，为同名磁极，即 A端是N

19、极；C和D之间的磁感线相连，说明它们为异名磁极，即 D为S极，故D正确。故选Do16 .小明在一块有机玻璃板上安装了一个用导线绕成的螺线管，在板面上均匀撒满铁屑。通电后轻敲玻璃板，铁屑的排列如图所示。下列说法正确的是()A.在实验中不可以用铜屑代替铁屑显示磁场分布B.图中A、B两点相比，B点处的磁场较强C.若将电源的正负极对调，闭合开关，轻敲玻璃板，铁屑的分布情况改变D.若只增大螺线管中的电流，A、 B两点处的磁场方向会发生改变【答案】 A【解析】【分析】(1)只有轻小的铁磁性物质才能受到磁场的影响，从而按照一定规律排列呈现出磁场的分布情况；(2)螺线管的磁场分布与条形磁体的磁场十分相似；(3

20、)磁极发生调转，并不会对磁场的分布产生影响，磁感线的形状不合变化；(4)电磁场的方向与电流的方向有关，与电流的大小无关。【解答】A.铜不是铁磁性物质，放入磁场中不会被磁化，更不会受到磁力按照一定规律排列，因此不能用铜屑代替铁屑，故 A正确;B点的磁场B.螺线管的磁场分布与条形磁体的磁场十分相似，两端磁场最强，中间磁场最弱，因此比A点弱，故B错误；C.若将电源的正负极对调，那么通电螺线管的磁极调转，但不会影响磁场的分布情况，故C错误;D.若只增大螺线管中的电流，A、B两点的磁场会更强，但方向不会发生变化，故 D错误。故选Ao三、电磁铁的应用17.如图是小敏设计的汽车尾气中 CO排放量的检测电路。

21、当 CO浓度高于某一设定值时，电铃发声报警。图中气敏电阻 R,阻彳1随CO浓度的增大而减小。下列说法正确的是()A.电铃应接在A和C之间B.当CO浓度升高，电磁铁磁性减弱C.用久后，电源电压 Ui会减小，报警时 CO最小浓度比设定值高D.为使该检测电路在 CO浓度更低时报警，可将 R2控制电路的滑片向下移【答案】C【解析】【分析】(1)当CO浓度增大，电阻减小，电流增大时，电磁铁才会吸引衔铁，这时电铃工作报警，根据触点位置确定电铃的位置；(2)电磁铁的磁性随线圈电流的增大而增大，减小而减小；(3)电磁铁吸引衔铁需要的磁力是不变的，即线圈中需要达到的电流大小不变，根据欧姆定律判断电源电压减小后电

22、阻的变化，进而判断出气敏电阻的阻值变化，最终判断出CO浓度设定值的变化;(4)据上可知，报警时控制电路中电流保持不变，即总电阻不变；根据气敏电阻的阻值变化判断变阻器的阻值变化，进而确定滑片的移动方向。【解答】A.当CO浓度增大，电阻减小，电流增大时，电磁铁才会吸引衔铁，这时衔铁与下面的触点接通，只有电铃在 BD部分才能报警，故 A错误；B.当CO浓度增大，电阻减小，电流增大时，电磁铁的磁性会增强，故 B错误；C.电磁铁吸引衔铁需要的磁力是不变的，即线圈中需要达到的电流大小不变；当电源电压减小时，控制电路部分电流变小，此时电磁铁磁力较小不能将衔铁吸下来报警；只有 CO的浓度继续增大，气敏电阻的阻

23、值继续减小，电路电流增大才能再次报警，因此报警时CO的最小浓度设定值偏高，故 C正确；D.报警时控制电路中电流保持不变，即总电阻不变；当CO的浓度降低时，气敏电阻的阻值变大，为了正常报警，变阻器的阻值必须变小，即滑片向上移动，故 D错误。故选Co18.如图是温度自动报警器工作电路，在水银温度计上部插入一段金属丝，当温度达到金属丝下端所指示的 温度时（）-oUO 05 d 温度计控制电踣工作由路A.铃响，灯不亮B.铃不响，灯不亮hC.铃响，灯亮D.铃不响，灯亮【答案】 A【解析】【分析】水银是金属导体，当达到标定温度时，控制电路接通，电磁铁产生磁性，分析衔铁 的运动方向，判断哪两个触点接通，最后

24、判断电灯和电铃是否工作即可。【解答】当温度达到金属丝下端所指示的温度时，水银柱接通控制电路，这时电流从电磁铁经过， 电磁铁产生磁性，将衔铁吸下来接通电铃所在的电路，断开灯泡所在的电路，因此电铃响而电灯不 亮，故A正确，而B、C、D错误。故选Ao19.如图所示，条形磁铁置于水平桌面上，电磁铁右端同定并保持水平，且与条形磁铁在同一平面和相同高度。当电路中开关 S由断开到闭合时，条形磁铁一直保持静止，下列说法正确的是（）A.开关S闭合后，电磁铁左端是 S极B.开关S闭合后，条形磁铁受到摩擦力的方向向左C.滑片P向右移动时，条形磁铁受到的摩擦力逐渐减小D.开关S断开时，条形磁铁与电磁铁之间没有力的作用

25、【答案】C【解析】【分析】(1)根据安培定则判断电磁铁的极性；(2)条形磁铁受到的摩擦力方向与电磁铁的磁力方向相反；(3)电磁铁的磁场大小与电流大小有关；(4)磁体都有吸引铁、钻、馍等物质的性质。【解答】A.开关S闭合后，电磁铁线圈上电流向上，右手握住螺线管，四指向上，大拇指指向左边，那么电磁铁的左端是 N极，故A错误；B.因为条形磁铁的右端是 N极，所以条形磁铁受到向左的斥力；因为摩擦力和斥力平衡，所以条形磁铁受到摩擦力的方向向右，故B错误；C.当滑片向右移动时，变阻器的阻值变大，电流变小，电磁铁的磁力变小，那么条形磁铁受到的摩擦力减小，故C正确；D.当S断开时，电磁铁没有磁场，但是条形磁铁

26、会吸引电磁铁的铁芯，故 D错误。故选Co20 .如图所示的电路，提供足够数量的大头针，只通过控制开关和调节滑动变阻器滑片P的位置，无法探究()A.电流的有无对电磁铁磁场有无的影响川B.电流方向对电磁铁磁场方向的影响C.电流大小对电磁铁磁场强弱的影响Q.线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响【答案】B【解析】【分析】电磁铁的优点：磁性可以通过通断电来控制；磁性的大小可通过改变电流或线圈匝数来实现；磁极的方向可以通过改变电流方向来实现，据此解答。【解答】A.闭合开关有电流，断开开关无电流，通过观察是否吸引小磁针就能探究电流的有无对电磁铁磁场有无的影，故 A不合题意；B.虽然通过改变电池正负极方向可以改变电

27、流方向，但是无法观察到磁场方向是否发生改变，故B符合题意；C.通过调节滑动变阻器的阻值可以改变电流大小，通过观察吸引大头针的数量可以确定磁场强弱，故C不合题意；D.通过比较AB两个电磁铁吸引大头针数量的多少，就能探究线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响，故D不合题意。故选B。21 .连接如图电路，提供足够数量的大头针，只通过控制开关和调节滑动变阻器滑片的位置，无法探究()A.电流的有无对电磁铁磁性有无的影响川B.电流方向对电磁铁磁场方向的影响C.电流大小对电磁铁磁场强弱的影响iD.线圈匝数对电磁铁磁场强弱的影响【答案】B【解析】【分析】(1)磁性的有无可通过控制电路中的电流有无来实现；(2)磁性的强

28、弱由电流大小和线圈匝数控制；(3)由安培定则可知，电磁铁的磁场方向由电流方向控制。【解答】A、闭合开关，电路中有电流通过，大头针被吸引；电路中无电流，大头针没有被吸引，所以本装置可探究电流有无对电磁铁的影响，A不合题意；B、无论电流方向是否改变，电磁铁周围总存在关磁场，大头针都能被吸引，无法探究电流方向对电磁铁磁场方向的影响，B符合题意；C、闭合开关，调节滑动变阻器滑片，电路电流改变，大头针被吸起的数目发生改变，说明电磁铁磁场强弱与电流大小有关，C不合题意；D、两个线圈串联，通过的电流相等，线圈的匝数不同，吸起大头针的数目不同，说明电磁铁磁场与线圈匝数有关，D不合题意。故答案为：B。22 .小

29、明利用热敏电阻设计了一个过热自动报警电路”，如图甲。将热敏电阻 R安装在需要探测温度的地方，当环境温度正常时，指示灯亮；当环境温度超过某一值时，警铃响。图甲中继电器的供电电压Ui=3V,继电器线圈的电阻 Ro为30Q当线圈中的电流大于等于 50mA时，警铃响。图乙是热敏电阻的 阻值随温度变化的图象。以下说法正确的是()jt乙A.图中接线柱A应与C连接，B与D连接B.当环境温度升高时，电磁铁的磁性减弱C.图甲中电磁铁的下端P的磁极应为N极D.环境温度达到80 c时，警铃响【解析】【分析】(1)当环境温度过高时，热敏电阻R的阻值减小，据此判断电磁铁磁性的变化，得到衔铁的运动方向，进而判断接线情况；

30、(2)根据乙图判断磁敏电阻的阻值变化，进而得到电流大小变化，最终判断电磁铁磁性变化；(3)根据安培定则判断电磁铁的磁极；(4)利用欧姆定律计算出电流为50mA时热敏电阻的阻值，从乙图中找到对应的温度即可。【解答】A.当环境温度超过某一值时，热敏电阻R阻值减小，电流增大，电磁铁磁场增强，将衔铁吸下来与B接通，这时警铃报警，因此 B与C连接，A与D连接，故A错误；B.据乙图可知，当环境温度升高时，热敏电阻阻值减小，电路电流增大，电磁铁磁性增强，故误；C.电磁铁线圈上电流方向向右，右手握住螺线管，四指指向右侧，大拇指指向上端，因此电磁铁上端是N极，下端是S极，故B错误；D.当线圈中的电流大于等于 5

31、0mA时，?、3?总电阻为：？兔=” =”= 60?； 心 ？ ? 50?热敏电阻的阻值： R=R总-R0=60 Q-30 Q=30 Q;据乙图可知，这时环境温度为80 C,故D正确。故选Do23.城市下水井盖丢失导致行人坠入下水道的悲剧时有发生，令人痛心，如图所示为某同学设计的一种警示电路图，井盖相当于开关 S,关于它的说法正确的是(电界电里A.正常情况下（S闭合），灯L亮B. 一旦井盖丢失（S断开），灯L即亮起，以警示行人C.电磁铁的铁芯是永磁铁hD.灯亮时电磁铁有磁性【答案】B【解析】【分析】根据警示电路的工作过程进行判断即可。【解答】A.正常情况下，开关 S闭合，电磁铁将衔铁吸下来，切

32、断灯泡所在的电路，灯泡不发光，故A错误；B.井盖丢失时开关 S断开，电磁铁磁性消失，衔铁在弹簧拉力作用下抬起，接通灯泡电路，灯泡发光报警，故B正确；C.电磁铁的铁芯是软铁，磁化时有磁性，离开磁场后磁性消失，故 C错误；D.灯亮时，衔铁抬起，这时电磁铁没有磁性，故 D错误。故选B。24.如图所示是某同学连接的电铃电路，开关闭合后，电路中始终有电流，但电铃只响一声就不再响了，原因是（）A.电磁铁始终没有磁性B.衔铁没有向下运动C.电池正、负极接反了D.衔铁一直被电磁铁吸着不能回弹【答案】D【解析】【分析】电铃的小锤在电磁铁的吸引下敲击铃碗发出声音，然后要离开铃碗恢复原来的位置，为第二次敲击做好准备

33、，分析电路中能否实现这一功能即可。【解答】A.闭合开关后，电流通过电磁铁就会产生磁性，故 A错误；B.衔铁在电磁铁的吸引下肯定向下运动，故B错误；C.电磁铁有无磁性与电流方向无关，故C错误；D正确。D.当衔铁被电磁铁吸引下落后始终无法回弹，因此无法进行第二次敲击，故故选Do25.在地下停车场，驾驶员常常根据车位入口上方的红、绿灯判断是否有车位。小卫设计一种自动控制方案：将光控开关 S （遮光时开关闭合）装在每个车位地面中央，红、绿灯装在车位入口上方，当车位未停车日（ S断开），绿灯亮；当车位已停车时（S闭合），红灯亮。同时小卫设计了如下4个电路。下列说法正确的是（）B.乙图S闭合时绿灯亮，符合

34、方案要求。C.丙图S闭合时红灯亮，不符合方案要求。D. 丁图S断开时绿灯亮，S闭合时红灯亮，符合方案要求。【答案】D【解析】【分析】分析四个电路图，哪个符合题目的要求，哪个就是正确选项。【解答】A.甲图S断开时，电磁铁没有磁性，衔铁在弹簧拉力作用下回复原位，接通绿灯和红灯，这时红灯绿灯串联都亮，故 A不合要求；B.乙图S闭合时，电磁铁将衔铁吸下来接通绿灯，此时绿灯亮，和要求不同，故B不合题意；C.丙图S闭合时绿灯亮，故 C不合要求；D.丁图S断开时，电磁铁没有磁性，衔铁在弹簧拉力作用下回复原位，接通绿灯，此时绿灯亮；S闭合时，电磁铁有磁性，将衔铁吸下来接通红灯，此时红灯亮，故D符合要求。故选D

35、。26 .如图是一种江河水位自动报警的原理图。当水位低于A点时，工作电路绿灯工作，到达 A点时，衔铁被吸下，工作电路红灯和电铃开始工作。某次水位超过A点时由于电磁铁磁性太弱面衔铁没有被吸引。下列做法中合理的是（）绿灯控制电路 T作电路A.更换弹性更好的弹簧B.减少电磁铁线圈的匝数数C.增加工作电路的电源电压D.增加控制电路的电源电压【答案】D【解析】【分析】电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关；与铁芯有无有关；与线圈中电流大小有关；电磁 继电器一般由电磁铁、衔铁、弹簧片、触点等组成的，其工作电路由低压控制电路和高压工作电路两 部分构成。【解答】A、弹簧的作用力与电磁铁的电磁力的作用相反，若更换弹性更好

36、的弹簧，衔铁更不会被吸 引下来，故A错误；B、若减少电磁铁线圈的匝数，电磁铁的磁性减弱，衔铁仍不会被吸引下来，故B错误；C、电磁铁的磁性强弱与工作电路的电源电压无关，故 C错误；D、增加控制电路的电源电压，通过电磁铁的电流增大，电磁铁的磁性增强，衔铁在强电磁力的作用 下被吸引下来，故 D正确。故答案为：D。四、电动机27 .图是公交车自动爆玻器，自动爆玻器就相当于一个安全锤，它是利用通电导体在磁场中受力转动，从而带动鸨钢头击打车窗玻璃，以实现击碎玻璃的目的。下图能表示自动爆玻器工作原理的是（【答案】D【解析】【分析】分析各个选项中包含的物理原理，哪个与安全锤的工作原理相同，哪个就是正确选项。【

37、解答】A.当有电流从导线通过时，小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，故A不合题意;B.闭合开关，在磁场中水平移动金属棒，这时电流表的指针摆动，说明有电流产生，这是电磁感应现象，故B不合题意；C.将磁体靠近小磁针，小磁针指向发生改变，说明磁极之间的相互作用，故C不合题意；D.闭合开关后，通过电流的金属棒在磁场中受力运动，故D符合题意。故选D。28.在如图所示的实验装置中，当开关闭合时，能观察到导体棒ab沿金属导轨运动。利用这一现象所揭示的原 理，可制成的设备是（）A.电热器B.发电机C.电动机D.电磁继电器【答案】C【解析】【分析】分析各个电器的工作原理，然后与题干描述的原理比较即可。【解答】

38、 当开关闭合时，能观察到导体棒ab沿金属导轨运动，这个现象揭示的原理是：通电导体在磁场中受力运动。A.电热器的工作原理是电流的热效应，故A不合题意；B.发电机的工作原理是电磁感应现象，故B不合题意；C.电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故C符合题意；D.电磁继电器的工作原理是电流的磁效应，故D不合题意。故选C。29.在安装直流电动机模型的实验中，小杰同学按照教材的要求安装了一台如图所示的直流电动机模型，安装完毕，闭合开关后，线圈顺时针方向转动，则能使线圈逆时针方向转动的做法是A.减少一节电池B.把电源和磁体的两极同时对调uC.增加一节电池D.把电源两极对调【答案】D【解析】【分析】通

39、电线圈在磁场中受力的方向与两个因素有关：C电流方向；C磁场方向，据此分析即可。【解答】减少一节电池或增加一节电池，只能改变电流的大小，不能改变电流的方向，故A、C不合题意；如果把电源和磁体的两极同时对调，那么线圈的受力方向不变，故 B不合题意。把电源两极对调，那么电流方向相反，因此线圈受力方向变为逆时针方向，故D符合题意；故选D。30.7. 如图所示，把线圈放在磁场里，接通电源，让电流通过，发现线圈发生扭转。对此，下列说法不正确的是（） 发生型转博电I”同婷 FA.通电导体在磁场中受到力的作用B.通电导体在磁场中的受力方向与电流方向无关C.电能能够转化为机械能D.磁场与通电导体中电流产生的磁场

40、发生相互作用【答案】B【解析】【分析】（1）电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力运动，将电能转化为机械能；（2）通电导体在磁场中受力的方向与电流方向和磁场方向有关。据此分析即可。【解答】A.通电导体在磁场中受到力的作用，故A正确不合题意；B.通电导体在磁场中的受力方向与电流方向有关，故B错误符合题意；C.线圈转动，将电能能够转化为机械能，故C正确不合题意；D.磁场与通电导体中电流产生的磁场发生相互作用，故 D正确不合题意。故选B。A.只改变电流方向，不能改变其转动方向B.只改变磁场方向，不能改变其转动方向C.同时改变磁场和电流方向，不能改变其车t动方向D.同时改变磁场和电流方向，可以改变其转

41、动方向【答案】C【解析】【分析】（1）通电导体在磁场中的受力方向的影响因素：C磁场方向；C电流方向；（2）改变其中任意一个因素，都可以改变导体的受力方向；如果同时改变两个因素，那么导体的受力方向不变。据此分析判断。【解答】只改变电流方向，可以改变电动机的转动方向，故 A错误；只改变磁场方向，也可以改变电动机的转动方向，故 B错误；同时改变磁场和电流方向，不能改变其转动方向，故C正确，D错误。故选Co32 .如图，闭合开关后线圈缓慢连续转动，则小灯泡的发光情况是（电流通过灯丝，灯就发光）（）A. 一直不发光B. 一直发光hC.时亮时灭hD.以上情况均有可能出现【答案】C【解析】【分析】简易的电动

42、机模型没有换向器，只是将线圈一端刮去半圈漆皮，使电动机半圈有动力，半圈没动力，使其能够持续转动，据此判断。【解答】当电动机线圈中有电流通过时，会受到磁场力的作用而转动。将线圈的漆皮一端全部刮掉，一端刮了上半周或下半周，即线圈有半周是在通路状态下由于磁场对通电导线的作用而转动，有 半周是在断路状态下依靠惯性转动的，这样周而复始线圈才能连续转动。因为线圈一端半圈有漆皮半 圈没漆皮，所以电路半圈是断路半圈是通路，因此灯泡的发光情况是时亮时灭。故选Co33 .如图所示为直流电动机的工作原理，以下相关的分析中正确的是（31.如图所示是直流电动机示意图，下列说法正确的是（）A.电动机工作过程中，消耗的电能

43、全部转化为机械能B.电动机工作过程中，线圈中也会产生感应电流C.电动机的线圈转动1周的过程中电流方向改变 4次D.电动机中的线圈转动是利用了惯性，所以线圈质量越大越好【答案】B【解析】【分析】直流电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的，它在工作时将电能转化为机械能。闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流。【解答】A、电动机工作过程中有能量的散失，例如内能，因此消耗的电能大部分转化为机械能；故A错误；B、电动机工作过程中，线圈在磁场中做切割磁感线的运动，因此线圈中会有感应电流产生；故B正确；C、电动机工作过程中，线圈中的电流呈现周期性变化，线

44、圈转动1周的过程中电流方向改变 2次；故C错误；D、电动机中的线圈转动是利用了惯性，但线圈的质量不能太大，太大的话电动机启动困难，因此不是线圈质量越大越好；故 D错误；故答案为：B。34 .如图所示，线圈abcd位于磁场中，K与1接通时，ab段导线受磁场力 F的方向向上；当 K改为与2接通时，ab段导线受磁场力（）A.方向向下B.方向向上C.为零，因为电源反接D.为零，因为电路一定是断路N极，四指的方向与【解析】【分析】左手定则规定：伸平左手使姆指与四指垂直，手心向着磁场的导体中电流的方向一致，姆指所指的方向即为导体在磁场中受力的方向。根据左手定则可知，通电导体在磁场中的受力方向与电流的方向和

45、磁感线的方向有关。【解答】K与1接通时，电流由a流向b, ab段导线受磁场力 F的方向向上；当 K改为与2接通时,电流由b流向a,利用左手定则可知，ab段导线受磁场力方向向下；故 B、C、D错误，A正确；故答案为：A。五、磁生电【答案】B【解析】【分析】电动机的工作原理是电磁感应现象。【解答】A.当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，说明电流周围存在磁场，故A不合题B.闭合开关后，移动磁场中的金属棒，电流表的指针摆动，说明有电流产生，这是电磁感应现象，故B符合题意；C.用安培定则可以判断通电螺线管的磁极方向，故C不合题意；D.闭合开关后，通过电流的金属棒在磁场中受力运动，故D不合题意。故

46、选Bo36.磁共振成像是一种较新的医学成像技术，它采用强静磁场和变化磁场使人体组织成像。若携带金属物做 磁共振成像，强静磁场会吸引铁质物品，变化磁场会使携带的金属中产生感应电流，从而使金属发热而 灼伤病人，重则危及生命。上述说明中，没有涉及的知识是（）A.铁在磁场里会被磁化B.磁能生电C.电流的热效应D.同名磁极相互排斥【答案】D【解析】【分析】分析题干描述的现象包含的物理原理，哪个没有涉及，哪个就是正确选项。【解答】A.根据“强静磁场会吸引铁质物品”可知，铁质物质在磁场中被磁化，故A不合题意；B.根据“变化磁场会使携带的金属中产生感应电流”可知，磁场能够生电，故 B不合题意；C.根据“从而使

47、金属发热而灼伤病人”可知，电流会产生热效应，故C不合题意；D.从题目中找不到涉及 同种电荷相互排斥”的描述，故D符合题意。故选D。37.关于如图所示的四幅图的分析，正确的是()A.根据图(a)装置所示原理可制造电动机“B.根据图(b)装置所示原理可制造发电机C.图(c)说明电流具有磁效应 D.图(d)中大拇指所指的方向是电流方向【答案】C【解析】【分析】分析各个实验所包含的物理原理，哪个选项中二者匹配，哪个就是正确选项。【解答】A. (a)中闭合开关后，金属棒运动，电流表指针摆动，说明有电流产生，这就是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故 A错误；B. (b)中闭合开关后，金属棒中有电流经过，

48、它在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，故B错误；C.导线中有电流经过时，小磁针的指向发生变化，说明电流周围存在磁场，故C正确；D.根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指指向N极方向，故D错误。故选Co38 .某同学制作了如图1所示的装置：风吹动时，风车带动磁体上方的线圈转动(线圈两端引出线上的绝缘漆已全部刮掉)，灵敏电流计的指针会发生偏转。如图2是该同学设计的另一种由轻质材料制成的风车模型，则下列说法正确的是()TOY 轼摘g!/ 0S1图2A.图1装置是利用电流磁效应工作的B.图1装置的工作原理与电动机相同C.若图1中电流计换成干电池，则无风吹时，线圈能持续转动D.若用图2

49、所示风车模型替换图 1中风车，则有风吹时，电流计指针也能发生偏转【答案】D【解析】【分析】(1)发电机的工作原理是通电导体在磁场中受力转动；(2)如果电流方向不改变，那么当线圈转到平衡位置时，受到的磁力方向与运动方向相反，线圈会连续摆动直到停下来；(3)磁场中的线圈只要转动起来就能发电，和线圈靠什么能量转动无关。【解答】根据题目描述可知，图 1中的装置是利用电磁感应的原理工作的，这和发电机的工作原理相同，故A、B错误；若图1中电流计换成干电池，则无风时，线圈可以转动但不能连续。因为线圈两端的引线绝缘漆全部刮掉不能改变电流方向，所以到达平衡位置附近时就会停止转动，故 C错误；若用图2所示风车模型

50、替换图1中风车，则有风吹时，线圈只要能转动，电流计指针也能发生偏 转，故D正确。故选D。39 .如图所示在探究 感应电流产生的条件”实验中，小明意外地发现小量程电流表指针每次偏转的角度不相同，猜想A:感应电流可能与导体匝数有关，猜想 B;可能与导体切割磁感线的速度有关，为此设计了 以下三个方案：C同一导体以不同的速度切割磁感应线；C匝数不同的导体以不同的速度切割磁感应线；C匝数不同的导体以相同的速度切割磁感应线。A.方案（1）能探究猜想AB.方案（2）能探究猜想BC.方案（3）能探究猜想AD.方案（3）能探究猜想 B【答案】C【解析】【分析】当探究一个因素对物理量的影响时，必须控制其他因素相同

51、而改变这个因素，这种方法叫控制变量法，据此判断。【解答】要验证感应电流可能与导体匝数有关，必须控制速度相同改变线圈的匝数，故A错误,正确；要验证感应电流与速度的关系，必须控制线圈匝数相等改变速度，故 B、D错误。故选CoA.甲图闭合开关，线圈转动，说明磁场对电流有力的作用B.乙图给导线通电，导线附近磁针发生偏转，电磁铁根据这个原理制成的C.丙图闭合电路的部分导体 ab在磁场中左右运动，灵敏电流计指针会偏转D. 丁图此实验说明影响电磁铁磁性强弱的因素是电流大小【答案】D【解析】【分析】分析各个选项中描述的物理过程，思考包含的物理原理，然后进行选择即可。【解答】A.当闭合开关后，线圈转动，说明磁场

52、对电流有力的作用，这是电动机的工作原理，故确不合题意；B.给导线通电，导线附近的磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场，故B正确不合题意;C.闭合电路的一部分导体 ab在磁场中左右运动，即做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流,因此灵敏电流计指针会偏转，故C正确不合题意；D.在丁图中，通过两个电磁铁的电流相同，线圈的匝数不同，因此说明影响电磁铁磁性强弱的因素是线圈匝数，故 D错误符合题意。故选D。41.如图是探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置。下列操作中会产生感应电流的是A.闭合开关，上下运动 ab段导线B.闭合开关，左右运动ab段导线C.断开开关，上下运动ab段导线D.断开开

53、关，左右运动ab段导线【分析】产生感应电流的条件:C闭合电路；C部分导体；C做切割磁感线运动，据此选择即可。【解答】A.闭合开关，整个电路成为闭合电路，上下运动ab不能切割磁感线，不能产生感应电流，故A不合题意;B.闭合开关，整个电路成为闭合电路，左右移动 题意；C.断开开关，整个电路不是闭合电路，上下运动 题意；D.断开开关，整个电路不是闭合电路，左右移动 题意。ab能够切割磁感线，能够产生感应电流，故 B符合ab不能切割磁感线，不能产生感应电流，故 C不合ab能够切割磁感线，不能产生感应电流，故 D不合故选B。42.科学家经过长期研究，发现了电和磁有密切的联系,其中两项重要的科学探究如图甲

54、、乙所示,卜列关于这两项科学探究的说法正确的是（）A.甲图实验探究磁场对通电导线的作用B.乙图实验所揭示的原理可制成电动机C.甲图中导体棒ab只要运动，电路中就会产生电流D.乙图中若只将磁体的两极对调，导体棒 cd的运动方向不改变【答案】B【解析】【分析】(1)发电机的工作原理是电磁感应，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；(2)发电机和电动机的原理图十分相似，主要区别：有电源的是电动机，无电源的是发电机；(3)闭合电路的部分导体在磁场中切割磁感线运动，才会产生感应电流；(4)通电导体在磁场中受力方向与磁场方向和电流方向有关。【解答】A.甲图中没有电源，肯定是发电机的原理图，故A错误；B.乙图中有电源，应该是电动机的工作原理图，故 B正确；C.金属棒ab只有做切割磁感线运动时，电路中才会产生电流，故 C错误；D.乙图中奖磁铁的两极对调，导体cd运动方向肯定发生改变，故 D错误。故选B。六、家庭用电和用电安全43 .如图所示是某家庭电路，闭合开关，灯不亮。用试电笔接触c点就管不发光，接触 d点速管发光。已知该电路有两处故障，则故障可能是()A. ac间开路、bd间开路B. eb间开路、cd间短路C. ac间开路、cd间短路D. ac间开路、eb间