2009高考物理专题冲刺七

1、2009高考物理专题冲刺七（题范围： 电场）说明：本试卷分第I卷和第卷两部分，共150 分；答题时间 120 分钟.第I卷（选择题，共 40 分）、选择题（本题共 10 小题，每小题 4 分，共40 分在每题给出的四个选项中，有的小题有选错或不答的得 0 分）场强大小分别为 E 和 2E 则A .该点电荷一定在 A 点的右侧B.该点电荷一定在 A 点的左侧C. A 点场强方向一定沿直线向左D. A 点的电势一定低于 B 点的电势如图所示，A、B 为两个固定的等量的同种正电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正电荷 C,现给电荷 C 一个垂直于连线的初速度 V0,若不计电荷 C 所受的重力

2、,则关于电荷 C 运动过程中的速度和加速度情况，下列说法正确的是A.加速度始终增大B.加速度先增大后减小C.速度始终增大，最后趋于无穷大D.速度始终增大，最后趋于某有限值电工穿的高压作业服是用铜丝编织的，下列说法正确的是A. 铜丝编织的衣服不易拉破只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得4 分，选不全的得 3 分，某电场虚线为等势面A、B、C 三点的电场强度分别为EA、EB、Ec,电势分别为关于这三点的电场强度和电势的关系, 以下判断正确的是（A.EAEB,AC.EAEB,A viK 闭合一段时间后再断开，向下移动b 板，贝 UV2VIK 保持闭合，无论向上或向下移动 b 板，则K

3、 闭合一段时间后再断开，无论向上或向下移动b 板，则 V2B3；根据沿电场线方 向电势降低，有AB.2 答案：A由点电荷的电场分布特点可知，距离点电荷越近，场强越大，因此该点电荷必然处于 A 点右侧但点电荷带电性质不确定，因此场强的方向不确定3答案：BD由电场的叠加，AB 中垂线中由 C 向上场强为先增后减，故电荷C 所受电场力向上且先增后减，所以C 的加速度先增后减，但速度始终增大，可知BD 正确4 答案：C静电屏蔽作用，人体相当于一个等势体5 答案：BC注意两种情况的区别， 电键 K 始终闭合，则电容器两板间的电压保持不变，闭合后再断开则电量保持不变，然后再根据平行板电容器电容、电势差和电

4、量的关系及 匀强电场中场强和距离的关系即可6 .答案：B由于库仑力变化，因此质子向b 不是做加速运动，A 错误；由于 a、b 之间的电势差恒定，根据动能定理得，gmv2qU可得v，则知 粒子从 a 点由静止释放后运动到 b 点的速率为厶，B 正确；当电子以 Oa 为半径绕 0 做匀速圆周运动时，2Qqv2JkQq根据 k- m ，可得v、 ，则知电子以 Ob 为半径绕 0 做匀速圆周运动时的线r2rV mrv速度为-,C、D 错误7 .答案：AD 减小的动能转化为电子的电势能，由A 到 C 减小的动能与由 C 到 B 增加的动能相等，所以场强方向由 0 指向 C, A 和 B 的电势相等，形成

5、电场的正电荷应位于D 点&答案：A根据带电粒子在电场中水平方向上匀速和竖直方向上匀加速即可推出A 正确9答案：D剪断细线 Oc 后，a、b 作为一个系统在水平方向只受内力（库仑力、绳子拉伸后的拉力）作用，外力无冲量故其水平方向上动量恒为零在竖直方向上，二者同时在重力作用下做初速度为零的匀加速运动，同时落地机械能守恒，故落地时，ab 两球的动能和为（mamb）gh.在运动过程中，电场力做正功，因此其系统电势能减小10.答案：BD 粒子在水平方向上做匀速直线运动，因初速度相同，故水平位移S大的时间长，因SASBSC，故tAtBtC, A 错.粒子在竖直方向上做匀加速直线运动，有2y at

6、/2，因为位移y相同，所以运动时间长的粒子加速度小，即aAaBac，故2 2 2B 正确.粒子到达正极板的动能为Ekm（vv ）,而v 2ay，所以有EkAEkBEkc, C 错误.由aAagac可以判断 A 带负电，B 不带电，C 带正电，D正确.11 答案：（1） BE （4 分）要用直流电源形成稳恒电流场，以模拟静电场，应选6V 的直流电源，所以选 B;要用探针寻找等势点，电流表灵敏度高，指针能左右偏转，所以 选 E.（2） D （4 分）探针由 0 点左侧沿 x 轴正方向移到 0 点右侧的过程中，两探针间的电势差先减小后变大， 所以灵敏电流表的指针与零刻度的夹角先变小后变大12.答案：

7、（1）如图（a） . （4 分）（2）tan13解析:F（1）由图可得 B 点电场强度的大小EBq2.5N/C. （ 2 分）M因 B 点的试探电荷带负电，而受力指向x 轴的正方向，故 B 点场强的方向沿 x 轴的负方向.（2 分）（2）因 A 点的正电荷受力和 B 点的负电荷受力均指向 x 轴的正方向，故点电荷 Q 位于 A、B 两点之间，带负电.（2 分）设点电荷 Q 的坐标为 X,则EAk,EBk（4 分）（x 2）2（5 x）2由图可得EA40N/C，解得 x=2.6m.（4 分）14 解析：他的解答是错误的.（5 分）小环是穿在丝线上， 作用于小环上的两个拉力大小相等，方向不同.小环

8、受四个力，如图所示.竖直方向Tsin60 =mg （3 分）根据平衡条件有tanFmg又有F qEUqd，联立解得，Umgdtan qktan，所以应以tan为横坐标.提示：带电小球的受力如图 b,则在水平方向上由动量定理得,qEt mv mvcos（2 分）即UNOmv2sin22q（2分）（3）油滴由 OfN 的运动时间tvsing,（2 分）2水平方向Tcos60 +T=kq（3 分）L215 解析：（1）由小球运动到最高点可知，小球带正电（2 分）（2 ）设小球运动到最高点时速度为v，对该过程由动能定理有,12（qE mg）L -mv（ 2 分）由式解得，T=15N（ 1 分）设小球在

9、水平方向运动L 的过程中，历时 t，则L vt1 分）12设竖直方向上的位移为s,则s?at（1 分）由解得，s=0.125m （2 分）小球距 0 点高度为 s+L=0.625m.（1 分）16.解析：（1）因油滴到达最高点时速度大小为V,方向水平，对N 过程用动能定理有WGW电0, （2 分）所以电场力一定做正功，油滴带负电，则最高位置一定在O 点的左上方.（3 分）（2）由（1）的分析可知qUNOmgh，在竖直方向上油滴做初速为vsin的竖直上抛运动，则有（vsin ）22gh, （3 分）由联立得在最高点对小球由牛顿第二定律得,T mg qE（3）小球在细线断裂后，在竖直方向的加速度设

10、为a,则aqE mgm（3分）mg（1 cos ）八即E. （2 分）qsi n17解析：（1）小球由 B 点运动到 C 点过程，由动能定理有,在 C 点，设绳中张力为 Fc,则有FCmg（ 2 分）因 FC=mg，故VC=0（ 2 分）4又由小球能平衡于 A 点得，qE mgtan53 -mg （ 2 分）3VBi, 3gL（2 分）（2）小球由 D 点静止释放后将沿与竖直方向夹 B=53的方向作匀加速直线运动，直至运动到 O 点正下方的 P 点，OP 距离 h=Lcot53 =2L（2 分）4在此过程中，绳中张力始终为零，故此过程的加速度a 和位移 s 分别为:F 5La - g s -m

11、 3，sin53e U1=讯0.（ 2 分）解得：V0.2eU1.（ 2 分）（mqE）L 2mvC2mvB，（2 分）小球到达悬点正下方时的速率为VP2as1&解析:（1）设电子经电压 U1加速后的速度为 V0,根据动能定理得:gL （2 分）F=eE,U2E= , F=ma,d业（3 分）a =mdt*Voy1=丄at；，解得:23 分）43dU1L1b2V m（2）电子以速度 V0进入偏转电场后，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动。设偏转电场的电场强度为离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y1,根据牛顿第二定律和运动学公式得:eU L（3）设电子离