四川成都市2020届高中毕业班第一次诊断性检测物理试题及答案word

1、试卷第 页，总9页成都市2020届高中毕业班第一次诊断性检测物理试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。图示情境中，小球相对于光滑水平桌面向后运动的原因是（）小球突然失去惯性动车突然向前加速动车突然向前减速动车做匀速直线运动的速度很大如图，小物块P在沿斜面向上的拉力F作用下沿固定光滑斜面匀速上滑。现将力F的方向变为水平向右，仍使P保持原来的速度沿斜面匀速上滑。则变化后与变化前比较（A斜面对物块的支持力不变力F变大冬歼力F变小D力F的功率变

2、大大量的氢原子处于n=4能级，该能级的氢原子向低能级跃迁时能向外辐射不同频率的光子，从n=3能级跃迁到n=2能级时辐射的光子频率为v0。若某种金属的极限频率略大于v0,下列说法中正确的是（）从n=4能级跃迁到n=1能级时辐射光子的波长最长氢原子跃迁时，向外辐射的光子中有4种能使该金属发生光电效应现象用辐射出的光子照射该金属时，光子的频率越大，该金属的逸出功越大当该金属发生光电效应时，入射光的强度越大，光电子的最大初动能越大如图甲，在匀强电场中的O点先后无初速度释放两个正点电荷I和II,电荷仅在电场力的作用下沿直线向A运动，两电荷的动能Ek随位移x变化的关系如图乙。若I的电荷量为q,则可知（）圉

3、甲图乙E匀强电场的场强大小为E=fqX0E电荷II受到的电场力大小为Ft=1X0c.电荷ii的电荷量为qED.选O点为电势零点，A的电势为乌=三Aq人造地球卫星的轨道可能是圆，也可能是椭圆。关于在轨正常运行的这些卫星，说法正确的是；）所有卫星的运行周期都小于1天所有卫星在任何位置的速率都小于7.9km/s部分卫星在某些位置的向心加速度大于地球表面的重力加速度所有卫星的轨道半长轴（或轨道半径）的三次方与运行周期的二次方的比值是一个常量图甲所示的无人机在飞行的某1min内，前0.5min沿正东方向做水平直线运动，后0.5min沿正北方向做水平直线运动，其速率v随时间t变化的关系如图乙。下列判断正确

4、的是（sin37=0.6）（）无人机在10s末、40s末的加速度大小之比为2:3无人机在前、后0.5min内的平均速率之比为4:31min内，无人机飞行的路程为500m1min内，无人机的位移大小为500m、方向东偏北5320.如图所示，在垂直纸面向里的有界匀强磁场区域的左侧，一正方形线框由位置I以3.0m/s的初速度沿垂直于磁场边界水平向右运动，线框经过位置II,当运动到位置III时速度恰为零，此时线框刚好有一半离开磁场区域。线框的边长小于磁场区域的宽度。若线框进、出磁场的过程中通过线框横截面的电荷量分别为qq2,线框经过位置II时的速度为v。则下列说法正确的是（）口4穴血III*i.k3E

5、鸞疋”19：A.纟1=纟2B.纟1=2纟2C.v=l.0m/sD.v=l.5m/s21.如图，一绝缘且粗糙程度相同的竖直细杆与两个等量异种点电荷4Q.-Q连线的垂直平分线重合，细杆和+Q、一Q均固定，A、O、B为细杆上的三点，O为+Q、一Q连线的中点，AO=BO。现有电荷量为q、质量为m的小球套在杆上，从A点以初速度v0向B滑动，到达B点时速度恰好为零。则可知（从A到B,小球的电势能始终不变，受到的电场力先增大后减小从A到B,小球的加速度先减小后增大2小球运动到O点时的速度大小为v0小球从A到O与从O到B,重力的冲量相等三、非选择题：共62分。第2225题为必考题。每个试题考生都必须作答。第3

6、334题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共47分。22.（6分）图甲是某小组探究“加速度与合外力的关系”的实验装置。在他们的方案中，长木板平放在水平桌面上，利用穿过打点计时器且连在小车后端的纸带测小车的加速度a,利用固定在小车前端的力传感器测小车受到的水平拉力F。定滑轮/力件感器紙带打点计时器钩码（1）按该方案做实验，是否要求钩码质量远小于小车的质量？（填“是”或“否”）。（2）从实验中挑选一条点迹清晰的纸带，每5个点取一个计数点，用刻度尺测量计数点间的距离如图乙所示。已知打点计时器每间隔0.02s打一个点。由该纸带可求得小车的加速度a=m/s2（保留两位有效数字）。（3）改变钩码的

7、个数，测得多组数据。若以a为纵轴，F为横轴，利用测得的数据作出图象，则最符合该实验实际情况的是图丙中的。图丙（9分）某同学欲将内阻为1000、量程为300yA的电流计G改装成欧姆表，要求改装后欧姆表的0刻度正好对准电流计表盘的300yA刻度。可选用的器材还有：定值电阻R（阻值250）；定值电阻R2（阻值1000）；滑动变阻器R（最大阻值15000）；干电池（E=1.5V,r=20）；红、黑表笔和若干导线。改装电路如图甲所示。（1）定值电阻应选择（填元件符号），改装后的欧姆表的中值电阻为0。（2）该同学用改装后尚未标示对应刻度的欧姆表测量一内阻和量程均未知的电压表V的内阻。步骤如下：先将欧姆表的

8、红、黑表笔短接，调节（填图甲中对应元件符号），使电流计G指针指到yA；再将（填“红”或“黑”）表笔与电压表的“+”接线柱相连，另一表笔与电压表的“一”接线柱相连。若两表的指针位置分别如图乙和图丙所示，则电压表的内阻为0,量程为V。（12分）如图，AB是竖直面内、圆心在O点、半径为R的四分之一光滑绝缘轨道，其B端切线水平且距水平地面的高度也为R，OB连线右侧的空间存在方向竖直向下的匀强电场。将一质量为m、电荷量为q的带正电小球从轨道A端无初速度释放，小球从B端飞出后，在地面上第一次的落点C距B的水平距离为V2R。若小球可视为质点，重力加速度大小为g。求：（1）进入电场前，小球在B端的速度大小及对

9、轨道的压力大小；（2）匀强电场的场强大小。25.（20分）如图，小滑块A与木板B均静止于粗糙水平地面上，A与B左端的距离为x0=4.5m,小滑块C静止于木板B的右端，A、B与地面间的动摩擦因数均为旳=0.1,C与B间的动摩擦因数“2=0.2。现给A一个方向水平向右、大小v0=5m/s的初速度。已知A、B、C的质量分别为mA=1kg、mB=3kg、mC=1kg,A、B间的碰撞为弹性碰撞且碰撞时间极短，滑块C始终未离开木板B,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2,A、C均可视为质点。求：（1）碰前瞬间A的速度大小和碰后瞬间B的速度大小；（2）碰后瞬间B、C的加速度大小；（3）从碰

10、后瞬间到木板B最终停止，B与地面间因摩擦而产生的热量。（二）选考题：共15分。请考生从给出的2道物理题中，任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。33.物理一一选修3-3（15分）（1）（5分）下列说法正确的是。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）将一块晶体敲碎后，得到的小颗粒仍然是晶体质量、温度均相同的碳粉和碳块，其内能不同悬浮在水中的花粉微粒的布朗运动反映了花粉分子的热运动定质量的理想气体，放热的同时对外界做功，其内能一定减少气体向真空的自由膨胀是不可逆的（2）（10分）如图甲，绝热气缸置于水平地面上，其A、B两部分的横

11、截面积分别是耳=4cm2、S2=8cm2,a、b是质量均为m=4kg且厚度不计的绝热活塞，初态a与b之间封闭着总高度为h（由h和h的两段组成）的理想气体I,b与缸底封闭着高度为h的理想气体II,气体I、II的温度均为T0=300K。已知大气压强p0=1x105Pa,重力加速度大小g=10m/s2，活塞与气缸接触处光滑且不漏气，气缸壁厚度不计，活塞a以上部分足够长。（i）求气体II的压强；（ii）若启动B中的加热电阻丝（图中未画出）对气体II缓慢加热，某时刻活塞b到达B的上端且刚好与上端接触而无压力（如图乙），求此时气体II的温度。34.物理选修34（15分）（1）（5分）下列说法正确的是。（填

12、正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）单摆做简谐运动的周期跟摆长和摆球质量均有关在机械波的传播过程中，介质中质点的振动方向可能和波的传播方向平行两列波发生干涉现象，在振动加强的区域，质点的位移总是最大机械波的频率、波长和波速三者满足的关系，对电磁波也适用分别照射同一双缝干涉装置，黄光的干涉条纹间距大于蓝光的干涉条纹间距（2）（10分）如图，矩形MNPQ是某均匀材料制成的透明体的横截面，MNPQ所在平面内，一单色细光束以入射角i=30。射到MN边的O点。光束进入透明体后恰好不从NP边射出，接着光束到达PQ边且部分射出。已知NP边的长度L=

13、0.24m,空气中的光速c=3x10sm/s。求：（i）该材料对该单色光的折射率n；（ii）光束从O点射入至到达PQ边经历的时间t。1tP.试卷第 页，总9页成都市2020届高中毕业班第一次诊断性检测参考答案B解析：惯性是小球的固有属性，与运动状态元关，A项错；动车突然向前加速，小球在水平方向不受外力，保持原有的速度做匀速直线运动，动车速度大于小球速度，小球相对动车向后运动,B正确；动车突然向前减速，则动车速度小于小球速度，小球相对动车向前运动，C项错；动车做速度很大的匀速运动，与小球速度相同，小球相对动车静止，D项错。B解析：设斜面的倾角为0,拉力沿斜面向上时，对小物块由平衡条件有F=mgs

14、in0,FN=mgcos0,拉力的功率P=mgvsinO，拉力水平时，对小物块由平衡条件有F=mgtanO，FN=，拉力的功率P=mgtan0vcos0=mgvsin0，故FNFN，FF，P=P，B项正确，A、C、D项错。B解析：根据hu=EE知,从n=4能级跃迁到n=1能级时辐射出光子的频率最大，根据c=Xu知,mn频率最大，波长最短，选项A错误；大量的氢原子处于n=4能级，跃迁时，向外辐射的光子有6种，但由于该金属的极限频率略大于u0,所以从n=3能级跃迁到n=2能级时辐射出的光子以及从n=4能级跃迁到n=3能级时辐射出的光子都不能使该金属发生光电效应现象，即只有4种能使该金属发生光电效应

15、现象，选项B正确；金属的逸出功由金属本身决定，与入射光的频率无关，选项C错误；根据爱因斯坦光电效应方程Ek=huW0知,光电子的最大初动能与入射光的强度无关，选项D错误。A解析：由动能定理可知，电荷的动能Ek随位移x变化图线的斜率表示该电荷所受的电场力，故电荷E2EFE迪，A1、11所受的电场力分别为Ft=,Fr=2Ek0,B项错；由F=E可知，匀强电场的场强大小E=1=E-1X011X0qqqX0项正确；又Fh=2Ft，所以电荷II的电荷量为2q,C项错；电荷T由O到A的过程中，有qUOA=Ek0，解得UA=争选O点为电势零点，A点的电势（pA=-冷,D项错。D解析：同步卫星的周期为1天，轨

16、道半径比同步卫星大的卫星的周期均大于1天，A项错；地球近地卫星运行速率为7.9km/s,当其在变轨到更高轨道上时，在近地点加速沿椭圆轨道运动,此时速率大于7.9km/s,MmMmB项错；由万有引力定律有GR2=mg，G（人+力）2=肌“可知avg,C项错。由开普勒第三定律可知，所有人造地球卫星的轨道半长轴（或轨道半径）的三次方与运行周期的平方的比值均相等，D项正确。219.AD解析：由速率一时间图象可知，在030s内，无人机做匀减速直线运动，加速度大小a1=3m/s2,3050s内，无人机做匀加速直线运动，加速度大小a2=1m/s2，所以无人机在10s末和40s末的加速度大小之20 x30比为

17、2:3,A项正确；由速率一时间图象可知，无人机在前0.5min的位移大小为x1=2m=300m,方向向东，后0.5min的位移大小为%2=2（丫+孔）m=400m,方向向北，则无人机在前、后0.5min内的平均速率之比为3:4,B项错；1min内无人机飞行的路程为700m,C项错；由位移的定义可知，1min内，无人机的位移大小为500m,方向东偏北53,D项正确。20.BC解析：设线框电阻为R,面积为S,线框进入磁场过程中磁通量的变化量为AO=BS，设进入磁场.、卜过程的时间为A“，由法拉第电磁感应定律，进入磁场过程中产生的感应电动势平均值为E=h，根据闭合电EBS路欧姆定律，感应电流的平均值

18、I1=ER1，通过线框横截面的电荷量为尙二人仏“，联立解得q=BR。线框出磁场过程中磁通量的变化量为A2=|BS，设出磁场过程的时间为At2，由法拉第电磁感应定律，出磁场过程中产生的感应电动势平均值为E2=h，根据闭合电路欧姆定律，感应电流的平均值I2=R通过线框横截面的电荷量为q2=I2t2,联立解得q2=2R。因此可得q1=2q2，选项B正确，A错误。设线框质量为m,边长为L线框进入磁场过程的时间内，线框的速度变化量为Av,由动量定理有BL（I1At1）=BLq1=mAv=m（vv0）。同理可得出磁场过程，一BL（I2At2）=BLq2=mv,联立解得v=1.0m/s,选项C正确，D错误。

19、21AC解析：在等量异种点电荷形成的电场中，两电荷连线的垂直平分线为等势线，越靠近连线中点场强越大，所以小球由A到B运动过程中电势能保持不变，受到的电场力先增大后减小，A项正确；小球到B点时速度恰好减到零，说明小球由A到B所受重力一直小于球与杆间的滑动摩擦力，对小球受力分析，在垂直杆方向上，小球所受杆的弹力与电场力平衡，在竖直方向上，重力保持不变，小球所受摩擦力先增大后减小，由牛顿第二定律可知，小球的加速度大小a=mg，由A到B过程中，小球的加速度先增大后减小，B项错；对小球由A到B的过程，由动能定理有mghABW=0一2mv2，由A到O过程与由O到B过程，小球克服摩擦力做的功相同，故对由A到

20、O过程，有mghAO2Wf=|mv22mvo，解得小球运动到O点时的速度大小v=乎卩0，C项正确；小球从A到B一直做减速运动，从A到O过程与从O到B过程，位移相同，但平均速度不同，所以时间不同，因此两过程中重力的冲量一定不等，D项错。22答案：（1）否（2分）（2）0.72（2分）（3）B（2分）解析：（1）本题中小车所受拉力由力传感器直接测得，不用要求钩码质量远小于小车的质量。（2）由逐差法可（7.44+8.16）（6.72+6.00）x102知，小车的加速度a=022m/s2=0.72m/s2。（3）由于实验未平衡摩擦力，所以当拉力F达到一定数值肘，小车才开始运动，A、C项错；小车所受拉力

21、由力传感器测得，与小车的加速度呈线性关系，D项错误，B项正确。23答案：（1）否（1分）1000（1分）（2）R（1分）300（1分）黑（1分）500（2分）1（2分）解析：（1）由题意，改装后欧姆表调零时，电流计满偏，若定值电阻选用R2，由并联电路分流规律可知，电E流计满偏时，干路电流为600yA,则欧姆表内阻为亍=2500。，而滑动变阻器最大值为15000,不满足条件；IgE若定值电阻选用R1，由并联电路分流规律可知，电流计满偏时，干路电流为1.5mA,则欧姆表内阻为話=1000Ig。，滑动变阻器最大值为1500。，符合条件，故应选中值电阻为10000。（2）改装后的欧姆表测电阻前，需先调

22、零，红、黑表笔短接后，调节滑动变阻器R使电流计满偏，即指针指向300yA；应使电流由电压表“+”接线柱流入，所以测电压表内阻时，需将黑色表笔与电压表“+”接线柱相连；电流计示数为200yA时，通过电压表的电流为1.0mA,此时电路总电阻R占=1mA=15000，而欧姆表内阻为1k0,所以电压表内阻测量值为RV=5000,电压表示数即电压表两端的电压U=IRV=1.0mAx5000=0.5V,而电压表恰好半偏，所以此电压表量程为1V。解：（1）设小球在B端的速度大小为v,受到轨道的支持力大小为F。从A至B,由机械能守恒定律有mgR=gmv2（2分）解得v=：2gR（1分）v2在B端，由牛顿第二定

23、律有Fmg=mR（2分）解得F=3mg（1分）由牛顿第三定律可解得小球对轨道的压力大小F=F=3mg（1分）（2）设场强大小为E,小球在电场中做类平抛运动的加速度大小为a。由运动学规律有2R=vt（1分）R=*at2（1分）解得a=2g（1分）由牛顿第二定律有qE+mg=ma（1分）解得已=葺（1分）q解：（1）设碰前瞬间A的速度为v,碰后瞬间A、B的速度分别为vA、vB，以水平向右的方向为正方向,则对A滑向B的过程，由动能定理有1_1mAgX0=2mAV2_2mAv2（2分）代入数据解得v=4m/s（1分）碰撞过程，由动量守恒定律有mAv=mAvA+mBvB（2分）由机械能守恒定律有2mAv

24、2=mAvA+|mBvB（2分）代入数据联立解得vA=2m/s,vB=2m/s（1分）即碰后A的速度向左，B的速度向右（2）设碰后瞬间B、C的加速度大小分别为aB、aC对B由牛顿第二定律有1（mB+mC）g+2mCg=mBaB（1分）代入数据解得aB=2m/s2,方向向左（1分）对C由牛顿第二定律有2mCg=mCaC（1分）代入数据解得aC=2m/s2,方向向右（1分）（3）设经过时间t,B、C达到共同速度v共，由运动学规律有v共=act（1分）v共=VBaBt（1分）代入数据得t=0.5s,v共=1m/s共在时间t内木板B的位移X=2（vB+v共）t（1分）代入数据得x1=0.75m假设B、

25、C共速后一起以加速度a做匀减速运动对B、C组成的整体由牛顿第二定律有1（mB+mC）g=（mB+mC）a（1分）代入数据得a=1m/s2对C由牛顿第二定律可得受到的静摩擦力大小f=mCa=1N因fm（g=2N,所以假设成立（1分）设木板B再发生位移x2停止运动，则由运动学规律有v共=2ax2（1分）代入数据得x2=0.5mB与地面间因摩擦而产生的热量Q=w1（mB+mC）g（x1+x2）（1分）代入数据解得Q=5J（1分）（1）ADE（5分）解析：晶体与非晶体的区别在于晶体具有固定的熔点，所以晶体敲碎后的小颗粒仍是晶体，A项正确；质量、温度均相同的碳粉和碳块，分子平均动能相同，分子数相同，分子间距离不变，分子势能不变，所以内能相同，B项错；花粉的布朗运动反映了液体分子的热运动，并非花粉分子的热运动，C项错；由热力学第一定律知，一定质量的理想气体，