3将阻值为4Ω和10Ω的两个电阻R1和R2分别接到同一电源上

1、物理错题集选修3-1P46 P54 物理错题集选修3-1P46 P54 3将阻值为4 Q和10Q的两个电阻 R1和R2分别接到同一电源上，结果在R2上消耗的功率P2比在R1上消耗的功率 P1大，则（）A 只接 R1时整个电路的总功率一定大于只接R2时整个电路的总功率P1两个电阻并联后再接到电源，外电路总功率一定小于C两个电阻串联后再接到电源，外电路总功率一定大于D电源的内电阻一定大于4 Q考点：电功、电功率. 专题：恒定电流专题.分析：电源的输出功率随外电阻R的变化关系图象如图所示:当内、外电阻相同时，电源的输出功率最大.E2解答：解：A、根据公式：P=EI=R + r，外电阻越小，总功率越大

2、，故只接R1时整个电路的总功率一定大于只接 R2时整个电路的总功率，故 A正确；结合分析中图结合分析中图B两个电阻并联后再接到电源，外电路总电阻小于两个电阻中较小的电阻, 象，总功率一定小于 P1,故B正确；象，外电路总功率一定小于P2;故C错误；D两个电阻 R1和R2分别接到同一电源上，结果在R2上消耗的功率C两个电阻串联后再接到电源，外电路总电阻大于两个电阻中较大的电阻,P2比在R1上消耗的 功率P1大，结合分析中图象，电源内电阻一定大于 4 Q;故D正确；故选：ABD6.直流电池组的电动势为E,内电阻为r,用它给电阻为R的直流电动机供电， 当电动机正常工作时，电动机两端的电压为U,通过电

3、动机的电流是I ,下列说法中正确的是（电动机输出的机械功率是A.B.电动机电枢上发热功率为UII 2RC.D.电源消耗的化学能功率为 电源的输出功率为EI-I 2rEI考点：电功、电功率.专题：恒定电流专题.分析：当电动机正常工作时，根据P=UI求解.发热功率由其电路是非纯电阻电路，输入的功率是电功率， P=I 2r求解.输出功率由能量守恒定律研究，电源 消耗的化学能功率就是电源的总功率，则P=EI .解答：解：A、电动机输入的功率是电功率，即P电=UI，电动机的输出功率是机 械功率，根据能量守恒定律得，P出=P电-P热=UI-I 2R.故A错误，B正确.C、电源消耗的化学能功率就是电源的总功

4、率，则P=EI .故C正确.D 电源的输出功率P =P-P r=EI-I 2r .故D正确.故选：BCD点评：本题中当电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，求电功率只能用P=UI，求热功率只能用P=I 2r .而输出的机械功率只能根据能量守恒求解，而且 电功率大于热功率.7.“ 200V、40W”白炽灯泡400盏，并联于电源两端，这时路端电压Ui=150V，当关掉200盏，则路端电压升为 U2=175V试求：(假设灯的电阻不随电压而变化)电源电动势E,内阻r多大？(2)前后两次每盏灯实际消耗的功率各多大?(3)若使电灯正常发光还应关掉多少盏灯?有“ 200V40W”灯泡400盏，并联于电源两端

5、，这时路端电压Ui=150V，当关掉 200盏，则路端电压升为U2=175V .不考试温度对电阻的影响，不计输电线上的 电阻.试求：电源电动势E和内阻r;前后两次每盏灯实际消耗的功率P1和P2 ;若使电灯正常发光共应开多少盏灯？ 考点：闭合电路的欧姆定律.专题：恒定电流专题.分析：(1)先求出小灯泡的电阻和额定电流，根据并联电路的特点求出400盏 灯泡并联时的电阻和200盏灯泡并联时的电阻，再根据闭合电路欧姆定律联立 方程即可求解；u2(2)根据P= R即可求解前后两次每盏灯实际消耗的功率；(3)电灯正常发光时，路端电压为200V ,根据闭合电流欧姆定律求出干路电流， 从而求出灯泡数.2Uo

6、40000解答：解 :( 1)小灯泡的电阻&= Po =40=1000 Q_Pl额定电流lo=U0 =40200 =o.2ARd400盏灯泡并联时的电阻R1= n11000400 =2.5 QRo1000200盏灯泡并联时的电阻R2= n1 =200 =5 QU根据闭合电路欧姆定律得：R+r = R1U2R2 + r _ R2联立解得 E=210Vr=1 Q ;(2)第一次消耗的功率Pi =第二次消耗的功率P2 =U12 3R02(150)1000 =22.5W(175 丫1000=30.6W答：(1)电源电动势E为210V ,R4的总电量。E.主(3)电灯正常发光时，路端电压为200V ,

7、根据闭合电流欧姆定律得：E-U0210-200I=r=1=10AI10n3 =10 =0.2=50 ;内阻r为1 Q ;物理错题集选修3-1 P 46 P54 #物理错题集选修3-1 P 46 P54 解：由电阻的串联公式，得闭合电路的总电阻为由欧姆定律得，通过电源的电流E i=N电源的端电压U = E Ir电阻R3两端的电压U=愍+矗通过R4的总电量就是电容器的电量Q = CU由以上各式并代入数据得Q = 2.0 X10 4 C1.关于电源的电动势，下面叙述正确的是（A .电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B.同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C .电源的电动势是表示电

8、源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量B、D错误；电压表接在电D .在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大A错误.解析电源电动势是不变的，不随外电阻的变化而变化，故 源两端，测得的电压是路端电压，并不是电源电动势，故答案 C如图所示是一实验电路图，在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列说法正确的是（A.路端电压变小B.电流表的示数变大C.电源内阻消耗的功率变大D.R2两端的电压变小考点：闭合电路的欧姆定律.专题: 恒定电流专题.物理错题集选修3-1P46 P54 物理错题集选修3-1P46 P54 分析：在滑动触头由a端滑向b端的过程中，分析变阻器接入电路的电阻如何

9、 变化，分析外电路总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化， 以及电源内阻消耗的功率如何变化，再判断电流表的示数的变化.解答：解：滑片由a向b移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则外电路 总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流增大，则内电压增大， 由P=I 2r可知，内电阻上消耗的功率变大.路端电压U=E-lr ,因I增大，故U变小.又电流表的示数Ia= R3，因U变小，故I A变小，I增大，则通过R2的电流增大,R2两端的电压增大.故AC正确，BD错误.故选：AC.点评：本题是电路的动态变化分析问题，首先分析变阻器接入电路的电阻如何 变化，接着分析总电阻、总电流和路端

10、电压的变化，再分析局部电流、电压的 变化，即按“局部到整体再到局部”的思路进行分析.如图所示，当电路里滑线变阻器R2的滑动触头P向下滑动时(CDA.电容器C的电容增大B.电容器C两极板间的场强增大C.电压表的读数减小D.Ri消耗的功率增大考点：电容器.专题：电容器专题.分析：当滑动变阻器R2的滑动触头P向下滑动时，变阻器在路电阻增大，外电R2两端的路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流和路端电压的变化，即可 知电压表读数和Ri消耗的功率的变化情况.电容器的电压等于变阻器 电压，根据欧姆定律分析电容器电压的变化，即可知其电量的变化. 解答：解：A、电容器的电容与R2无关.故A错误.U=E

11、d 知,B、电容器的电压U=E-I ( Ri+r ), I减小，其他量不变，则U增大，由 电容器C两极板间的场强增大.故B正确.外电路总C、当滑动变阻器R2的滑动触头P向下滑动时，变阻器在路电阻增大，电阻增大，干路电流减小，电源的内电压减小，则路端电压增大，电压表的读 数增大，故C错误.D、干路电流减小，Ri消耗的功率减小.故D错误.故选B 点评：本题是含有电容的电路，根据欧姆定律分析电压和电流的变化，即可判 断电容器的电荷量如何变化.在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动片向下移动时，关于电灯L的亮度及电容器C所带电荷量Q的变化判断正确的是(，T 匚二T徉岳I 隔I一丄-1 一 _A. L变

12、暗，Q增大 B. L变暗，Q减小C. L变亮，Q增大D. L变亮，考点：电容；闭合电路的欧姆定律.专题：电容器专题.分析：当滑动变阻器的滑动片向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，分析 外电路总电阻的变化，得到干路电流和路端电压的变化，则知灯L亮度的变化.电 容器的电压等于变阻器两端的电压，分析其电压的变化，判断带电量Q的变化. 解答：解:当滑动变阻器的滑动片向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小， 外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，灯L变暗.电容器板间电压等于变阻器两端的电压.由上得知，路端电压减小，则通过灯的电流减小，而干路电流增大，则

13、通过Ri的电流增大，Ri的电压也增大，变阻器两端的电压减小，电容器所带电量Q减小.故B正确.用此电源与三个阻值均为3 Q的电B. TrC.D.故选：B 点评：本题是电路动态分析问题，按“局部7整体7局部”的思路进行分析.路稳定时，与电容器串联的电路没有电流，电容器的电压等于所并联的电路两 端的电压.如图为测量某电源电动势和内电阻时得到的U-I图线,阻连接成电路，测得路端电压为4.8V，则该电路可能为由电源的U-I图象得，电源的电动势为E=6V，内阻为r=直U6AI = 12 Q=0.5 Q.当路端电压为4.8V时，则有U= R + r E,代入解得，外电路总电阻R=2 QA、外电路总电阻为1

14、Q,与R不符合.故A错误.3x6B、外电路总电阻为3 + 6 Q=2 Q,与R相符.故B正确.C、外电路总电阻为9 Q,与R不符故C错误.D、外电路总电阻为3 Q + 1.5 Q=4.5 Q,与R不符.故D错误.故选BLi、某同学设计了一个转向灯电路（如图），其中L为指示灯，L1、L2分别为左、 右转向灯，S为单刀双掷开关，E为电源.当S置于位置1时，以下判断正确的5（ 6 1Q1A.L的功率小于额定功率C.L2亮，其功率等于额定功率B. L1亮，其功率等于额定功率D.含L支路的总功率较另一支路的大电功率;串联电路和并联电路.考点：闭合电路的欧姆定律;电功、 专题：恒定电流专题.分析：当开关接

15、1时，L与L2串联后与Li并联；则由闭合电路的欧姆定律及串 并联电路的规律可得出各灯的功率情况.解答：解：A、因L与L2串联后接在电源两端，而两灯的额定电压均为6V,故 两灯功率一定小于额定功率，故A正确；B、因电源电压为6V,而电源有内电阻，故电源的输出电压一定小于6V,故B 错误；C、由A的分析可知，L2的功率要小于额定功率，故C错误；U2D、因两并联支路两电压相等，故由P= R可知，含L支路的电阻要大，故其功率比另一支路要小，故D错误； 故选A.点评：本题要注意图中给出的电源电动势与灯泡的额定电压的关系，由此才能 分析灯泡的功率.汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图，在打开车灯的情况下，

16、电动机未 启动时电流表读数为10A ,电动机启动时电流表读数为58A ,若电源电动势为12.5V，内阻为0.05 Q,电流表内阻不计，则因电动机启动，车灯的电功率降低1机了(A.35.8WB. 43.2WC. 48.2WD.76.8W考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率.专题：计算题;压轴题.分析：电机不启动时电源电压直接加在灯泡两端，由闭合电路欧姆定律可求得 通过灯泡的电流，由功率公式可求得灯泡消耗的功率；而当电机启动时，电动机与灯泡并连接在电源两端，此时灯泡两端的电压仍等 于路端电压，由功率公式可求得车灯消耗的功率；则可求得车灯的电功率降低值.由欧姆定律得 匸R+r求得R=1.2 Q,灯

17、泡消耗功率为Pl=EI-I 电源的电动势E和内阻r (电流表内阻不计)： S扳至2时，电源的输出功率.考点：闭合电路的欧姆定律:电功、电功率. r=120W :电动机启动后，路端电压Ul =E-I r=9.6V ,灯泡消耗电功率为Pl Ul29.62电压：以由U=E-lr 求得.11.如图所示电路中，电阻R1=R2=3 Q , R3=6 Q ,S扳至1时，电流表的示数为1.0A ,S扳至2时，R = 1.2 W=76.8W.所以灯泡功率降低了 P=120W-76.8W=43.2W;B.点评：本题要注意电路的结构，无论开关是否闭合，灯泡两端的电压都为路端 同时要注意电动机为非纯电阻用电器，不能适

18、用欧姆定律，路端电压可专题：恒定电流专题.分析：(1)开关S扳至1时，电阻Ri、R3并联后与R2串联.S扳至2时，电阻R1、R2串联联后与R2并联.分别求出外电路总电阻，根据闭合电路欧姆定律列 出两个方程，组成方程组求解电源的电动势E和内阻r .(2) S扳至2时，电路电流为1.5A，根据串并联电路的特点算出外电路总电阻， 根据P出=I2R求解电源的输出功率.解答：解 :( 1)根据闭合电路欧姆定律得RR2(R1 + R2 )R3当开关 S 接 1 时：E=li( R1 +R2 +R 2+r)当开关 S 接 2 时：E= I2 R1 + R2 + R电源的效率n多大？考点：闭合电路的欧姆定律;

19、电功、电功率. 专题：.分析：(1 )由电源的U-I图象读出电动势，求出内阻.两图线交点表示电阻与 电源组成闭合电路时的工作状态，读出电压和电流，由公式P=UI求出电源的输 出功率P +r代入数据，得：E=5+rE=1.5( 3+r )求解方程组，得：E=6.0V , r=1.0 Q当开关S接2时，l=1.5A,外电路电阻(R1 + R2) R3R= R1 + R2 + R3 = 3 Q2P 出=I R = 1.5 XI.5 3 = 6.75W(1)电源的电动势E为6.0V，内阻r为S扳至2时，电源的输出功率为6.75W .1.0 Q ;电源内部损耗的电功率是多大(2)?U-I图线，当上(2)

20、点评：关于电源的电动势和内电阻的求解，经常出现两种情况，根据闭合电路 欧姆定律列两个方程，组成方程组求解.电源内部损耗的电功率由公式P内=I 2r求解.电源的总功率为P总=IE ,电源的效率为n =P总.代入数据求解即可.解答:解：(1)从A的图线可读出电源的电动势 E=3V,旦3 内阻 r= 1 m = 6 Q =0.5 Q ,从图象的交点可读出：路端电压U=2V,电路电流I=2A则电源的输出功率为(2)电源内部损耗的P 出=UI=2 X 2W=4W电功率 P 内=1 2r=2 2 X 0.5W=2W .电源的总功率为P 总=IE=2 X 3W=6W也4故 电源的 效率为n = P、= 6

21、X100% =66.7% .答：(1)电源的输出功率P出为4W(2)电源内部损耗的电功率是2W.(3)电源的效率n是66.7% .点评：本题考查对电源和电阻伏安特性曲线的理解能力，关键要理解两图线的 交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态，能直接读出电流和路 端电压，从而求出电源的输出功率.13.如图所示，电源电动势为E=30V,内阻为r=1 Q ,电灯上标有“ 6V, 12W字R=2 Q 若电灯恰能正常发光，求电动机输出的机械功考点：电功、电功率;闭合电路的欧姆定律.专题：电场力与电势的性质专题.分析：电灯恰能正常发光，故回路中电流等于电灯的额定电流，电动机输出的Pl机械功率等于电

22、源总功率减去回路中的热功率.12解答：解：电灯恰好正常发光 匸U L = 6 A=2A设电动机两端电压为Um ,则有：E=U灯+Um +lr电动机输出功率：Pm出=UmI-I 2R 代入数据联立解得，Pm出=36W 答：电动机输出的机械功率为36W.点评：本题是电机电路问题，关键明确电动机不是纯电阻，其输出的机械功率 等于输入功率与热功率之差.1.用伏安法测电池的电动势和内电阻的实验中，下列注意事项中正确的是A 应选用新的干电池作为被测电源，以使电压表示数的变化比较明显B.应选用内阻较小的电压表和电流表C 移动滑动变阻器的滑片时，不能使滑动变阻器短路造成电流表过载D .根据实验记录的数据作 U

23、 - I图象时，应通过尽可能多的点画一条直线，并使不在直线上的点大致均匀地分布在直线两侧A.B.C.D.1.在用伏安法测电池的电动势和内电阻的实验中，下列注意事项中错误的是 应选用旧的干电池作为被测电源，以使电压表示数的变化比较明显 应选用内阻较小的电压表和电流表 移动滑动变阻器的滑片时，不能使滑动变阻器短路造成电流表过载 根据实验记录的数据作U- I图象时，应通过尽可能多的点画一条直线，并使不在B错误.直线上的点大致均匀分布在直线两侧解析：选B.电压表内阻应选阻值大的，对电流表内阻没有特别要求,如图为两个不同闭合电路中两个不同电源的U-I图象，则下列说法正确的是（A .电动势E1=E2,发生

24、短路时的电流 l1 l2B .电动势Ei=E2，内阻电动势E1=E2，内阻D .电流相同时，电源1的输出功率大由图可知，两图象的与纵坐标的交点相同，说明两图象所表示的电源的电动势相同;由图可知，1的短路电流大于2的短路电流I1 l2，故A正确;则由r=可知，内电阻rirrunJUI IHr 1 I 2Rt在任何电路中，电功 W=UIt=I 2Rt在任何电路中，电功为Ult，电热为 I 2Rt考点：电功、电功率;焦耳定律. 专题：恒定电流专题.电能全部转化分析：电功和电热的公式均适用于任何电路.在纯电阻电路中，为内能，电功等于电热，W=UIt=I 2Rt .在非纯电阻电路中，电能一部分转化为内

25、能，另一部分转化为其他形式的能，电功大于电热，即UIt I 2Rt .解答：解：A、在任何电路中，电功 W=UIt ,电热Q=I 2Rt .故A正确.B、C、D、在非纯电阻电路中，电能一部分转化为内能，另一部分转化为其他形 式的能，电功大于电热，即Ult I 2Rt ;在纯电阻电路中，电能全部转化为内能， 电功等于电热，W=UIt=I 2Rt .故B正确，C错误，D正确.故选：ABD.物理错题集选修3-1P46 P54 物理错题集选修3-1P46 P54 点评：对于纯电阻电路和非纯电阻电路，电功与电热的公式都成立，只是在纯 电阻电路中，两者相等，在非纯电阻电路中，电功大于电热.台电动机，额定电压是100V，电阻是1 Q.正常工作时，通过的电流为 5A，则电动机因发热损失的功率为（)A . 500W B . 25W C. 2000WD . 475W根据焦耳定律得到P 热=1 2r= (5A ) 2 X1 Q=25W故选BU2（2011?松江区二模）计算电功率的公式P= R中，U表示加在用电器两端的电压值，R是用电器的电阻值，则此式可用于（A.计算电冰箱的功率B.计算电风扇的功率计算电烙铁的功率计算一切用电器的功率考点：电功、电功率;欧姆定律.专题: 恒定电流专题.分析：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计