精选补考答案

1、内装订线请不要在装订线内答题外装订线内装订线学校:_姓名：_班级：_考号：_外装订线第 = PAGE 6*2-1 11页 共 = SECTIONPAGES 7*2 14页 第 = PAGE 6*2 12页 共 = SECTIONPAGES 7*2 14页第 = PAGE 7*2-1 13页 共 = SECTIONPAGES 7*2 14页 第 = PAGE 7*2 14页 共 = SECTIONPAGES 7*2 14页绝密启用前2023-2023学年度新沟中学4月补考卷考前须知：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷选择题请点击修改第I卷的文字说明评卷人

2、得分一、选择题题型注释1半径相同的两个金属小球A、B带有等量的电荷，相隔较远的距离，两球之间的吸引力大小为F，今用第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开，这时A、B两球之间作用力的大小是AF/4 B3F/4 CF/8 D 3F/8【答案】C【解析】两球间是吸引力，说明带异种电荷：，接触不带电的小球电量尊循先中和再平分的原那么：= F/8,所以选C.2用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程，以下装置属于这类传感器的是A、红外报警装置 B、走廊照明灯的声控开关C、自动洗衣机中的压力传感装置 D、电饭煲中控制加热和保温的温控器【答案】 A【解析

3、】试题分析: 用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程红外线报警装置是感应红外线去转换成电学量，从而引起报警而遥控器调换电视机的频道的过程，也发出红外线故A正确；走廊照明灯的声控开关，实际是将声波转化成电信号的过程，故B不正确；自动洗衣机中的压力传感装置，是将压力转化成电信号的过程，故C不正确；电饭煲中控制加热和保温的温控器，是将温度转化成电信号的过程，故D不正确；考点： 传感器3一质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以初速度v0水平抛出，小球的加速度大小为2g/3，那么小球在下落h高度过程中 A动能增加mghB电势能增加了mghC重力势能减少了mghD

4、机械能减少了mgh【答案】 AB【解析】试题分析: 根据牛顿第二定律得，mg-F=ma，解得电场力，在小球下落h的过程中，合力做功为，那么动能增加了，电场力做功为，那么电势能增加，重力做功为mgh，那么重力势能减小mgh，除重力以外其它力，即电场力做功为，那么机械能减小，故A、B正确，C、D错误考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；功能关系4如下图，光滑的水平桌面处在竖直向下的匀强磁场中，桌面上平放着一只内壁光滑的玻璃试管，管的底部M处有一带电小球。在水平拉力F作用下，试管向右做匀速运动时，小球向管口N运动，那么 A.小球带负电 B小球带正电C在小球未从管口出去前，小球做匀速运动D在小球未从

5、管口出去前，拉力F不断增大 【答案】BD【解析】根据小球的运动把它分解成两个互相垂直的分运动，向右匀速使小球向管口N运动，说明小球受到沿管口方向的恒力，根据左手定那么小球带正电。B对；向管口做匀加速直线，是小球受到向左的洛仑兹力，向右匀速所以小球受到的拉力必须越来越大。D对。5图中是一正点电荷电场中的一条电场线，假设在A处由静止释放一带正电的试探电荷.，那么A该试探电荷将作匀加速直线运动B运动过程中，因电场力作正功，电势能将逐渐减小C根据电场力的功，假设计算出AB两点间电势差为U，那么当试探电荷电荷量加倍时, AB两点间电势差将变为2UDA点电势可能低于B点电势【答案】B【解析】6一交变电流的

6、电压表达式为u100 sin120t V，由此表达式可知: A用电压表测该电压其示数为100 V B该交变电压的频率为60Hz C将该电压加在100的电阻两端，那么该电阻消耗的电功率为100 W Dt 1/480 s时，该交流电压的瞬时值为50 V【答案】B【解析】电压表测的是电压的有效值，示数为，A错误；根据，B正确；该电压加在100的电阻两端，该电阻消耗的电功率为，C错误；t1/480s时，有：u100 sin120V=50V，D错误7在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。当开关S闭合后，以下说法正

7、确的选项是：A. L1的电阻值为12B. L2的电阻值为12C. L3的电阻值为12D. L1消耗的电功率为7.5W【答案】A【解析】试题分析：当开关闭合后，灯泡的电压，由图读出其电流，那么灯泡的电阻,，功率A正确，D错误，灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，灯泡L2、L3的电阻均为，BC错误，应选A考点：考查了闭合电路欧姆定律的应用点评：此题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压读图能力是根本功8如下图，在匀强磁场中匀速转动的矩形线圈的周期为002s，转轴O1O2垂直于磁场方向，线圈总电阻为2，匝数为100匝。从线圈平

8、面与磁场方向平行时开始计时，时线圈中感应电流为1A。那么 A线圈中感应电流的有效值为2AB线圈转动一周产生的焦耳热为016JC时穿过线圈磁通量的变化率为o02WbsD线圈中的感应电动势瞬时值表达式为e=4sinl00【答案】C【解析】试题分析：由于从中性面开始，感应电流的瞬时值表达式为：，将代入可得，因此感应电流的有效值为，A错误；线圈转动一周产生的焦耳热，B错误；线圈中的感应电动势的瞬时值表达式，D错误；而时有瞬时值，而根据法拉第电磁感应定律，因此时穿过线圈磁通量的变化率为，C正确。考点：交变电流9如下图，质量为m的带电小物块在绝缘粗糙的水平面上以初速v0开始运动在水平面上方的空间内存在方向

9、垂直纸面向里的水平匀强磁场，那么以下关于小物块的受力及运动的分析中，正确的选项是 A假设物块带正电，一定受两个力，做匀速直线运动B假设物块带负电，一定受两个力，做匀速直线运动C假设物块带正电，一定受四个力，做减速直线运动D假设物块带负电，一定受四个力，做减速直线运动【答案】D【解析】试题分析：物体在运动过程中一定受重力、洛伦兹力如果物体带正电，洛伦兹力方向竖直向上；如果物体带负电，洛伦兹力方向竖直向下。如果洛伦兹力竖直向上： 与重力平衡，那么物体只受两个力，做匀速直线运动；小于重力，还受支持力、摩擦力，做匀减速直线运动。大于重力，那么物体只受两个力，做曲线运动。如果洛伦兹力竖直向下：那么物体还

10、受支持力、摩擦力两个力的作用，做匀减速直线运动，D正确。考点：此题考查受力分析及运动分析。10如下图，一理想变压器原线圈匝数n1=1000匝，副线圈匝数 n2=200匝，原线圈所接交流电源的电动势瞬时值表达式e=311sin100t V，副线圈所接电阻R=88。电流表、电压表对电路影响可忽略不计。那么AA1的示数约为0.10ABV1的示数约为311VCV2的示数约为62.2VDA2的示数约为0.75A【答案】A【解析】试题分析：原线圈接入正弦交流电，而电压表读数为有效值，即正弦交流电最大值的倍，即示数，选项B错。变压器原副线圈电压比等于匝数比即，可得示数即，选项C错。副线圈电流即示数，选项D错

11、。原副线圈电流与匝数成反比，即,可得电流表示数，选项A对。考点：正弦交流电 理想变压器第II卷非选择题请点击修改第II卷的文字说明评卷人得分二、实验题题型注释11物理兴趣小组的同学利用图甲所示的实验器材，测绘某个电学元件的伏安特性曲线。下表是他们在实验中记录的一组数据。其中毫安表内阻约为200。 U /V00.400.801.201.602.002.402.80I /mA00.62.14.27.112.218.830.01实验桌上有两只电压表：V13V，内阻约3k，V215V，内阻约15k，他们应该选择_ 表选填“V1或“V2；2用笔画线代替导线，在图甲中正确连线；3在图乙中选择适宜的纵坐标，

12、画出该元件的伏安特性曲线；4当该元件消耗的功率为20 mW时，其两端的电压为_ V保存两位有效数字。【答案】1V12如图3如图41.9【解析】试题分析：1根据表中数据可知元件两端最大电压为2.8V，所以电压表应选V1；2由于待测元件的最大电阻为R=，满足的条件，所以电流表应用外接法；又实验要求电流从零调，所以变阻器应用分压式接法，连线图如下图：3：画出的IU图象如下图：4：根据IU图线可知，当U=1.9V，I=11mA，功率P=UI=20.1W，所以待测元件两端电压为U=1.9V考点：此题考查了描绘小电珠的伏安特性曲线12某同学用图示电路测量未知电阻的阻值。S为单刀双掷开关，RX为未知电阻。

13、= 1 * GB3 当开关S与1相连时，伏特表、安培表示数如以下图中甲所示，那么伏特表示数为 ，安培表示数为 。 = 2 * GB3 当开关S与2相连时，伏特表、安培表示数如以下图中乙所示，那么伏特表示数为 ，安培表示数为 。 = 3 * GB3 分析上述测量结果可知，把开关S与 填“1或“2相连时测量更准确，此时测量值为 保存两位有效数字。该测量值比真实值 填“偏大“偏小“相等 【答案】 = 1 * GB3 2.50V 、 0.42A = 2 * GB3 1.70V 、 0.43A或0.42A = 3 * GB3 2 、 4.0 、 偏小 【解析】试题分析： = 1 * GB3 当开关S与1

14、相连时，伏特表、安培表示数如以下图中甲所示，那么伏特表示数为2.50V，安培表示数为0.42A。 = 2 * GB3 当开关S与2相连时，伏特表、安培表示数如以下图中乙所示，那么伏特表示数为1.70V，安培表示数为0.42A 。两种情况下，电压表的示数变化比拟明显，说明电流表的分压效果明显，应用外接法，开关S接2，此时测量值由=4.0，比真实值偏小。考点：此题考查伏安法测电阻。评卷人得分三、计算题题型注释13(9分) 空间有一匀强电场，电场方向与纸面平行。一带正电，电量为q，质量为m的小球重力不计，在恒定拉力F的作用下沿虚线以速度由M匀速运动到N，如下图力F和MN间夹角为，MN间距离为L，那么

15、：MNF1匀强电场的电场强度大小为多少？2MN两点的电势差为多少？3当带电小球到达N点时，撤去外力F，那么小球回到过M点的等势面时的动能为多少？【答案】1 2 3【解析】试题分析：1由题意可知，小球只受到拉力F与电场力做匀速直线运动，它受到的合力为0，拉力与电场力平衡所以电场力的大小是F，方向与拉力F的方向相反那么匀强电场的电场强度大小为2从M到N的过程，电场力做功的大小：那么MN两点的电势差为 3过M点的等势线与力F垂直，如图中虚线所示小球到达N点后，速度方向水平向右，电场力方向斜向左下方，小球做类斜上抛运动，能回到过M点的等势面由动能定理得：那么小球的动能为 考点：此题考查了匀强电场中电势

16、差和电场强度的关系；动能定理的应用。14如下图，电源电动势为E=30V，内阻为r=1，电灯上标有“6V，12W字样，直流电动机线圈电阻R=2.假设电灯恰能正常发光，求：(1)流过电灯的电流是多大？(2)电动机两端的电压是多大？(3)电动机输出的机械功率是多少。【答案】12A 222v 336w【解析】试题分析：1灯泡正常发光，那么其功率和电压都为额定值，故电流为：2由闭合电流的欧姆定律，M两端电压为：3根据能量转化和守恒得到，电动机的输出功率等于输入功率减发热功率，即：考点：此题考查功率、闭合电路欧姆定律和能量守恒定律。15(15分)如下图，相距L0.4m、电阻不计的两平行光滑金属导轨水平放置

17、，一端与阻值R0.15的电阻相连，导轨处于磁感应强度B0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面。质量m0.1kg、电阻r0.05的金属棒置于导轨上，并与导轨垂直。t0时起棒在水平外力F作用下以初速度v02m/s、加速度a1m/s2沿导轨向右匀加速运动。求：LRBFt1s时回路中的电流；t1s时外力F大小；第1s内通过棒的电荷量。【答案】 I3A；F0.7N；q2.5C【解析】试题分析：t1s时，棒的速度为：v1v0at3m/s此时由于棒运动切割产生的电动势为：EBLv10.6V根据闭合电路欧姆定律可知，此时回路中的感应电流为：I3A对棒，根据牛顿第二定律有：FILBma解得t1s时外力F大

18、小为：FILBma0.7N在t1s时间内，棒的位移为：xv0t根据法拉第电磁感应定律可知，在这段时间内，棒切割平均感应电动势为：根据闭合电路欧姆定律可知，在这段时间内，回路中的平均感应电流为：在第1s时间内，通过棒的电荷量为：q联立以上各式解得：q2.5C考点：此题主要考查了匀变速直线运动规律、牛顿第二定律、法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律的应用问题，属于中档题。1622分如下图，电子显像管由电子枪、加速电场、偏转磁场及荧光屏组成。在加速电场右侧有相距为d、长为l的两平板，两平板构成的矩形区域内存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，磁场的右边界与荧光屏之间的距离也为d。荧光屏中点O与加速电极上两小孔S1、S2位于两板的中线上。从电子枪发射质量为m、电荷量为 e的电子，经电压为U0的加速电场后从小孔S2射出，经磁场偏转后，最后打到荧光屏上。假设，不计电子在进入加速电场前的速度。S1S2U0BOdld (1) 求电子进入磁场时的速度大小；(2) 调整匀强磁场的强弱重复实验，电子可打在荧光屏上的不同位置。求电子到达荧光屏的位置与O点距离的最大值和此时磁感应强度B的大小；(3) 假设撤去磁场,在原磁场区