最新高一化学金考卷答案

1、高一化学金考卷答案【篇一：高中化学选修4知识点总结+期末考卷及答案】lass=txt第1章、化学反响与能量转化 化学反响的实质是反响物化学键的断裂和生成物化学键的形成，化学反响过程中伴随着能量的释放或吸收。 一、化学反响的热效应 1、化学反响的反响热 (1)反响热的概念： 当化学反响在一定的温度下进行时，反响所释放或吸收的热量称为该反响在此温度下的热效应，简称反响热。用符号q表示。 (2)反响热与吸热反响、放热反响的关系。 q0时，反响为吸热反响；q0时，反响为放热反响。 (3)反响热的测定 测定反响热的仪器为量热计，可测出反响前后溶液温度的变化，根据体系的热容可计算出反响热，计算公式如下：

2、qc(t2t1) 式中c表示体系的热容，t1、t2分别表示反响前和反响后体系的温度。实验室经常测定中和反响的反响热。 2、化学反响的焓变 (1)反响焓变 (3)反响焓变与吸热反响，放热反响的关系： (4)反响焓变与热化学方程式： 书写热化学方程式应注意以下几点： 3、反响焓变的计算 (1)盖斯定律对于一个化学反响，无论是一步完成，还是分几步完成，其反响焓变一样，这一规律称为盖斯定律。 (2)利用盖斯定律进行反响焓变的计算。 对任意反响：aabbccdd 二、电能转化为化学能电解 1、电解的原理 (1)电解的概念： 在直流电作用下，电解质在两上电极上分别发生氧化反响和复原反响的过程叫做电解。电能

3、转化为化学能的装置叫做电解池。 (2)电极反响：以电解熔融的nacl为例： 阳极：与电源正极相连的电极称为阳极，阳极发生氧化反响：2clcl22e。阴极：与电源负极相连的电极称为阴极，阴极发生复原反响：naena。总方程式：2nacl(熔)2nacl2 2、电解原理的应用 (1)电解食盐水制备烧碱、氯气和氢气。 阳极：2clcl22e 阴极：2heh2 总反响：2nacl2h2o2naohh2cl2 (2)铜的电解精炼。 粗铜(含zn、ni、fe、ag、au、pt)为阳极，精铜为阴极，cuso4溶液为电解质溶液。阳极反响：cucu22e，还发生几个副反响 znzn22e；nini22e fef

4、e22e au、ag、pt等不反响，沉积在电解池底部形成阳极泥。 阴极反响：cu22ecu (3)电镀：以铁外表镀铜为例 待镀金属fe为阴极，镀层金属cu为阳极，cuso4溶液为电解质溶液。 阳极反响：cucu22e 阴极反响： cu22ecu 三、化学能转化为电能电池 1、原电池的工作原理 (1)原电池的概念： 把化学能转变为电能的装置称为原电池。 (2)cuzn原电池的工作原理： 如图为cuzn原电池，其中zn为负极，cu为正极，构成闭合回路后的现象是：zn片逐渐溶解，cu片上有气泡产生，电流计指针发生偏转。该原电池反响原理为：zn失电子，负极反响为：znzn22e；cu得电子，正极反响为

5、：2h2eh2。电子定向移动形成电流。总反响为：zncuso4znso4cu。 (3)原电池的电能 假设两种金属做电极，活泼金属为负极，不活泼金属为正极；假设一种金属和一种非金属做电极，金属为负极，非金属为正极。 2、化学电源 (1)锌锰干电池 负极反响：znzn22e； 正极反响：2nh42e2nh3h2； (2)铅蓄电池 负极反响：pbso42pbso42e 正极反响：pbo24hso422epbso42h2o 放电时总反响：pbpbo22h2so42pbso42h2o。 充电时总反响：2pbso42h2opbpbo22h2so4。 (3)氢氧燃料电池 负极反响：2h24oh4h2o4e

6、正极反响：o22h2o4e4oh 电池总反响：2h2o22h2o 3、金属的腐蚀与防护 (1)金属腐蚀 金属外表与周围物质发生化学反响或因电化学作用而遭到破坏的过程称为金属腐蚀。 (2)金属腐蚀的电化学原理。 生铁中含有碳，遇有雨水可形成原电池，铁为负极，电极反响为：fefe22e。水膜中溶解的氧气被复原，正极反响为：o22h2o4e4oh，该腐蚀为“吸氧腐蚀，总反响为：2feo22h2o2fe(oh)2，fe(oh)2又立即被氧化：4fe(oh)22h2oo24fe(oh)3，fe(oh)3分解转化为铁锈。假设水膜在酸度较高的环境下，正极反响为：2h+2eh2，该腐蚀称为“析氢腐蚀。 (3)

7、金属的防护 金属处于枯燥的环境下，或在金属外表刷油漆、陶瓷、沥青、塑料及电镀一层耐腐蚀性强的金属防护层，破坏原电池形成的条件。从而到达对金属的防护；也可以利用原电池原理，采用牺牲阳极保护法。也可以利用电解原理，采用外加电流阴极保护法。 第2章、化学反响的方向、限度与速率(1、2节) 原电池的反响都是自发进行的反响，电解池的反响很多不是自发进行的，如何判定反响是否自发进行呢？ 一、化学反响的方向 1、反响焓变与反响方向2、反响熵变与反响方向 3、焓变与熵变对反响方向的共同影响 二、化学反响的限度 1、化学平衡常数 (1)对到达平衡的可逆反响，生成物浓度的系数次方的乘积与反响物浓度的系数次方的乘积

8、之比为一常数，该常数称为化学平衡常数，用符号k表示 。 (2)平衡常数k的大小反映了化学反响可能进行的程度(即反响限度)，平衡常数越大，说明反响可以进行得越完全。 (3)平衡常数表达式与化学方程式的书写方式有关。对于给定的可逆反响，正逆反响的平衡常数互为倒数。 (4)借助平衡常数，可以判断反响是否到平衡状态：当反响的浓度商qc与平衡常数kc相等时，说明反响到达平衡状态。 2、反响的平衡转化率 (1)平衡转化率是用转化的反响物的浓度与该反响物初始浓度的比值来表示。如反响物a的平衡转化率的表达式为： (2)平衡正向移动不一定使反响物的平衡转化率提高。提高一种反响物的浓度，可使另一反响物的平衡转化率

9、提高。 (3)平衡常数与反响物的平衡转化率之间可以相互计算。 3、反响条件对化学平衡的影响 (1)温度的影响 升高温度使化学平衡向吸热方向移动；降低温度使化学平衡向放热方向移动。温度对化学平衡的影响是通过改变平衡常数实现的。 (2)浓度的影响 增大生成物浓度或减小反响物浓度，平衡向逆反响方向移动；增大反响物浓度或减小生成物浓度，平衡向正反响方向移动。 温度一定时，改变浓度能引起平衡移动，但平衡常数不变。化工生产中，常通过增加某一价廉易得的反响物浓度，来提高另一昂贵的反响物的转化率。 (3)压强的影响 (4)勒夏特列原理 由温度、浓度、压强对平衡移动的影响可得出勒夏特列原理：如果改变影响平衡的一

10、个条件(浓度、压强、温度等)平衡向能够减弱这种改变的方向移动。 【例题分析】 例1、以下热化学方程式： 写出feo(s)被co复原成fe和co2的热化学方程式 。 例2、熔融盐燃料电池具有高的发电效率，因而得到重视，可用li2co3和na2co3的熔融盐混合物作用电解质，co为阳极燃气，空气与co2的混合气体为阴极助燃气，制得在650下工作的燃料电池，完成有关的电池反响式： 阳极反响式：2co2co324co24e 阴极反响式： ； 总电池反响式：。 解析： 作为燃料电池，总的效果就是把燃料进行燃烧。此题中co为复原剂，空气中o2为氧化剂，电池总反响式为：2coo22co2。用总反响式减去电池

11、负极即题目指的阳极反响式，就可得到电池正极即题目指的阴极反响式：o22co24e2co32 。答案：o22co24e2co32；2coo22co2 例3、以下有关反响的方向说法中正确的是() a、放热的自发过程都是熵值减小的过程。 b、吸热的自发过程常常是熵值增加的过程。 c、水自发地从高处流向低处，是趋向能量最低状态的倾向。 d、只根据焓变来判断化学反响的方向是可以的。 答案：bc。 化学反响原理复习二 【知识讲解】 第2章、第3、4节 一、化学反响的速率 1、化学反响是怎样进行的 (1)基元反响：能够一步完成的反响称为基元反响，大多数化学反响都是分几步完成的。 (2)反响历程：平时写的化学

12、方程式是由几个基元反响组成的总反响。总反响中用基元【篇二：人教版物理骄子之路 高考总复习局部详解答案】力，由于物体做匀速运动，合力做功为零，再分析斜面体对物体所做的功 所受的摩擦力方向平行斜面向上，故d错误； 3.解：a、人对传送带的摩擦力方向向右，传送带在力的方向上有位移，所以人对传送带做正功b、人的重心不动，绳对人的拉力和人与传送带间的摩擦力平衡，而拉力又等于mg所以人对传送带做功的功率为mgvc、因人没有位移，那么传送带对人不做功故c错误 d、体能参数为人做功率与体重之比即：=v比值越大说明运发动越有力，体能越好 4.汽车从静止开始沿平直轨道做匀加速运动，所受阻力始终不变，根据牛顿第二定

13、律得出牵引力的变化，根据p=fv得出发动机输出功率的变化 解：a、根据牛顿第二定律得，f-f=ma，那么f=f+ma，因为阻力、加速度不变，所以牵引力不变故a正确，b错误c、发动机的输出功率p=fv，f不变，v增大，那么发动机的输出功率增大故c错误，d正确 7.试题分析：a和b到达最大速度v时，a和b的加速度应该为零对ab整体：由平衡条件知 ，d错；从释放到a和b到达最大速度v的过程中，对于b，根据动能定理得：b受到的合力对它做的功w= 正确。所以此题选择bd。 28.由动能定理，45 jmv/2，第1秒末速度v3 m/s，解出m10 kg，故a正确；撤去拉力后加速度的大小a m/s3 m/s

14、，设第1秒内2222第1秒内摩擦力对物体做的功wff15 j，故c错误；第1秒内加速度a1 拉力为f，那么fffma1，第1秒内拉力对物体做的功wfs60 j，故d正确 9.从图象可以看出在前两秒力的方向和运动的方向相同，物体经历了一个加速度逐渐增大的加速运动和加速度逐渐减小的加速运动，2s末速度到达最大，从2秒末开始到4秒末运动的方向没有发生改变而力的方向发生了改变与运动的方向相反，物体又经历了一个加速度逐渐增大的减速运动和加速度逐渐减小的减速的和前2秒运动相反的运动情况，4秒末速度为零，物体的位移到达最大 解：a、从图象可以看出在前两秒力的方向和运动的方向相同，物体经历了一个加速度逐渐增大

15、的加速运动和加速度逐渐减小的加速运动，第2s末，拉力f方向反向，速度方向不变，所以第2s末，质点离出发点距离还在增大，故a错误 b、第2s末，拉力f方向反向，速度方向不变，物体要做减速运动，所以第2s末，质点的速度最大，动能最大，故b正确 c、01s内，速度在增大，力f增大，根据瞬时功率p=fv得力f瞬时功率一直增大， 12s内，速度在增大，但是随时间速度增大变慢，而力f随时间减小变快，所以力f瞬时功率减小，故c错误 d、04s内，初末速度都为零，根据动能定理得合力做功为零，所以力f做功为零，故d正确 十九 1. 力f是恒力，在力的方向上的位移为x，所以，故a错误；根据动能定理可得：合力做功为

16、：，b错误；过程 中，重力做负功，为，、小车克服重力所做的功是mgh；对小车从a运动到b的过程中运用动能定理得：，即，所以，解得w= +mgh,即电梯地板对物体的支持力所做的功等于 /2.对物体根据动能定理言+mgh；对电梯和物体的整体而,所以钢索的拉力所做的功w大于+mgh.选项bd正确。 3. 4. 由速度图象看出，0-t1时间内，运发动做初速度为零的匀加速直线运动，即知做自由落体运动；速度图线切线的斜率表示加速度；t1-t2时间内和t2-t3时间内，重力和拉力对运发动做功，根据功能关系分析重力对运发动做的功与运发动克服拉力做的功的关系； 解：a、由v-t图象知，0-t1时间内，运发动做初

17、速度为零的匀加速直线运动，即运发动做自由落体运动故a正确 b、由v-t图线切线的斜率表示加速度知，t1-t2时间内，加速度减小，那么运发动做加速度逐渐减小的加速运动故b正确 c、t1-t2时间内，重力对运发动做正功，拉力对运发动做负功，而动能增加，根据动能定理可知，总功为正值，重力对运发动做的功大于运发动克服拉力做的功故c正确 d、t2-t3时间内，运发动做减速运动，重力势能和动能都转化为弹性绳的弹性势能，而运发动克服拉力做功等于弹性势能的增加，根据功能关系得知：运发动动能的减少量小于克服拉力做的功故d错误5. 第一秒内加速度, 第二秒内加速度， 02s内外力的平均功率是,a正确；第2秒内外力

18、所做的功是fs2=2.5jb错误; 第1秒末外力的瞬时功率和第2秒末外力的瞬时功率分别为c错； 第1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值等于二力做功的比值：2/2.5=4/5,d正确。 6. a、对物块分析，物块的位移为l+l，根据动能定理得，知物块到达小车最右端时具有的动能为f-ffl+l故a ，知物块到达小车最右端时，小车具有的动能为ffl故b正确 正确b、对小车分析，小车的位移为l，根据动能定理得， c、物块与小车增加的内能q=ffx相对=ffl故c错误 d、根据能量守恒得，外力f做的功转化为小车和物块的机械能和摩擦产生的内能，那么有：fl+l=e+q，那么e=fl+l-ffl故d错 7.

19、 ：由图象可知，ek1=50j，ek2=0j，位移x=20m， ek1=1/2mv1=50j，初速度v1=10m/s， 由动能定理得：ek2-ek1=-fx，物体运动时间t=v1/a=4s， 应选c 8.从右侧向左侧运动，与从左向右运动，初动能相等，到达同一位置时，速度大小相等，可知在运动过程中，一定是动能减小量相等，即克服摩擦力做功相等，由于，因此应该运动到c点处，c对 22 根据动能定理得：小物块运动到x处时的动能为) ，由图看出，fm=，得到，w= 10. 小球在b点竖直方向上受重力和支持力，根据合力提供向心力求出b点的速度，再根据动能定理求出摩擦力所做的功解：在b点有：mv=1/2 (

20、n-mg)ra滑到b的过程中运用动能定理得，mgr+wf=1/2mv-0，得wf=1/2r(n-3mg)故a正确 22n-mg=m得ekb= 课时作业二十 1. 2. 解：设b的质量为m，那么a的质量为2m以a、b组成的系统为研究对象， 在a落地前，由动能定理可得：-mgr+2mgr=1/2m+2mv-0，以b为研究对象，在b上升过程中，由动能定理可得：-mgh=0-1/2mv，那么b上升的最大高度h=r+h，解得：h=4r/3；应选c 4. 3. 6.当c恰好离开地面时，弹簧弹力为mg，此时a的速度最大，绳子的拉力为2mg ，有的系统机械能守恒，从开始到a的速度最大，这个过程中弹簧形变量没有

21、变，弹性势能不变，那么有 时mg=kx，s=2x，由此可得最大速度为 错；d错，应选b ，a错；abc和弹簧构成，开始平衡22，c刚离开地面时，b的加速度为2g，之后弹簧继续伸长，弹力增大，b的加速度继续增大，c7. a、m1由c点下滑到a点的过程中，沿绳子方向的速度是一样的，在m1滑下去一段过程以后，此时的绳子与圆的切线是不重合，而是类似于圆的一根弦线而存在，所以此时两个物体的速度必然不相同的，故a错误； b、重力的功率就是p=mgv，这里的v是指竖直的分速度，一开始m1是由静止释放的，所以m1一开始的竖直速度也必然为零，最后运动到a点的时候，由于此时的切线是水平的，所以此时的竖直速度也是零

22、但是在这个c到a的过程当中是肯定有竖直分速度的，所以相当于竖直速度是从无到有再到无的一个过程，也就是一个先变大后变小的过程，所以这里重力功率mgv也是先增大后减小的过程，故b正确； mghad+w弹=ekd-0 mghad6j，w弹0，所以ekd6j，故a错误 b、滑块从a到c，运用动能定理得：mghac+w弹=0-0 解得：w弹=-6j弹簧弹力做的功等于弹性势能的变化，所以整个过程中弹簧弹性势能的最大值为6j故b正确 c、从c点到b点弹簧的弹力对滑块做功与从b点到c点弹簧的弹力对滑块做功大小相等， 根据b选项分析，故c正确d、整个过程中弹簧、滑块与地球组成的系统机械能守恒，没有与系统外发生能

23、量转化，故d正确 10. 解：小球释放后，先做自由落体运动直到绳子绷直，根据对称性和三角形的全等关系，当绳子再次与水平方l，这时绳子刚好绷直，设绳刚绷直时获得的速度是v，那么有由于绳子绷紧瞬间，绳对球的作用力远大于球的重力，使小球沿绳子方向的速度突变为零，而小球在垂直于绳子方向的速度为v1不变，如下图，那么 11. (1)由于不计摩擦及碰撞时的机械能损失,因此两球组成的系统机械能守恒.两球在光滑水平面上运动时的速度大小相等,设为v,根据机械能守恒定律有解得2根据动能定理，对b球有 12. 1设小球运动至b点的速度为v，小球由a运动至b点的过程中，只有重力做功，根据动能定理有mgh= 小球由b至

24、c过程中，做平抛运动，设平抛运动的时间为t，根据平抛运动的规律 在水平方向上有：s=vt 在竖直方向上有：h=1/2gt ,由式联立，并代入数据解得：s= 2在小球刚到达b点绳断瞬间前，受重力mg和绳的拉力t作用，根据牛顿第二定律有： t-mg=2m=1.41m 显然此时绳对小球的拉力最大，根据牛顿第三定律可知，绳所受小球的最大拉力为：t=t 由式联立，并代入数据解得：t=20n。 13. 14. 解：1滑块b从q飞出后做平抛运动，有：l=vqt? 2r=1/2gt2? 由解得vq=2m/s 2滑块b从p运动到q过程中，满足机械能守恒，那么有：+2mgr=? 在q点有：n-mg=m?由解得：n

25、=5mg+m =12n 3由得：vp=又-=2m/s那么有vpv=3m/s，滑块b在皮带上做匀减速运动加速度【篇三：高二生物段考卷2(必修3、局部必修2)】s=txt生物学科 一、选择题1-30每题1分，31-40每题2分，共50分 1某生物的基因型为aabb，将它转变为以下基因型的生物：aabb；ab；aabbc；aaaabbbb，所用到的技术分别是 a诱变育种、转基因技术、花药离体培养、细胞融合 b杂交育种、花药离体培养、转基因技术、多倍体育种 c花药离体培养、诱变育种、多倍体育种、转基因技术 d细胞融合、杂交育种、诱变育种、多倍体育种 2现有黑色短毛兔和白色长毛兔，要育出黑色长毛兔。理论

26、上可采用的技术是 杂交育种 基因工程 诱变育种 克隆技术 a b c d 3江苏农科所通过右图育种过程培育成了高品质糯性小麦。表达正确的是 a该育种过程中运用的遗传学原理是基因突变 ba过程能提高突变率，从而明显缩短育种年限 ca、c过程都需要使用秋水仙素，都作用于萌发的种子 d要获得yyrr，b过程需要进行不断的自交来提高纯合率 4、有一种螳螂的成虫的翅展开时像鲜艳的花朵，它的假设虫的足像美丽的花瓣，可以诱使采食花粉的昆虫飞近，从而将这些昆虫捕食。这是由于螳螂的祖先 a突变后经人工选择的结果 b人工选择后再突变的结果 c突变后经自然选择的结果 d自然选择后再突变的结果 5.实施基因工程第一步

27、的一种方法是把所需的基因从供体细胞内别离出来，这要利用限制性内切酶。从大肠杆菌中提取的一种限制性内切酶ecori，能识别dna分子中的gaattc序列，切点在g与a之间。这是应用了酶的 a.高效性 b.专一性 c.多样性 d.催化活性受外界条件影响 a.dna限制性内切酶可用于目的基因的提取 b.运载体和目的基因必须要用同一种酶处理 c.基因工程所用的工具酶是限制酶、运载体、dna连接酶 d.带有目的基因的运载体是否进入受体细胞需要检测 7在森林中，乔木、灌木、草本植物三类植物在空间配备上形成了有序的组合，其意义主 要是 a有序地防止了竞争 b合理地充分利用环境资源 c提高了群落的稳定性d为动

28、物提供不同层次的栖息空间 8. 以下关于生态系统的表达中，错误的是 a生态系统的结构由生产者、消费者和分解者三种成分组成 1b生态系统中的能量最终都以热量形式散发到大气中 c森林生态系统的自动调节能力大于草原生态系统 d生态系统的物质循环是通过食物链、食物网这种渠道进行的 9. 以下哪一种方法可以增加生态系统的抵抗力稳定性? a增加该生态系统内各营养级生物的种类 b使该生态系统的生产者和消费者在数量上保持平衡 c减少该生态系统内各营养级生物的种类 d减少该生态系统内捕食者和寄生生物的数量 10. 狼体内有a种蛋白质，兔体内有b种蛋白质，狼捕食兔后，狼体内的一个细胞中含 有的蛋白质种类最可能是

29、a.少于a b.a+b c.a d.多于a 11. 在生态系统中，连接生物和无机环境的两个重要组成成分是 a生产者和非生物成分 b消费者和有机物质 c生产者和消费者 d生产者和分解者 12.人体稳态的调节能力是有一定限度的。以下现象属于内环境稳态失调的是 a. 寒冷时出现寒颤 b. 从平原到高原，有的人出现肺水肿病症 c. 接受抗原刺激后，b淋巴细胞增殖和分化 d. 饮水缺乏时，抗利尿激素释放增加 13. 以下图为高等动物体内细胞与外界环境的物质交换图，对其正确的表达是 a. 都必须通过消化系统才能完成b. 都必须通过组织液才能完成 c. 体内细胞能直接与外界环境进行物质交换d. 体液包括内环

30、境和细胞外液 14甲、乙、丙三组小鼠不同的免疫器官被破坏，其中甲组仅有体液免疫功能，乙组和丙组丧失了特异性免疫功能。现给三组小鼠分别输入造血干细胞，发现仅有乙组恢复了细胞免疫功能，出现这些现象的原因是 a甲组骨髓被破坏，乙组胸腺被破坏，丙组骨髓和胸腺均被破坏 b甲组胸腺被破坏，乙组骨髓被破坏，丙组骨髓和胸腺均被破坏 c乙组骨髓被破坏，丙组胸腺被破坏，甲组骨髓和胸腺均被破坏 d丙组骨髓被破坏，甲组胸腺被破坏，乙组骨髓和胸腺均被破坏 15以下图为体液免疫示意图，以下表达正确的是 a过程表达了细胞膜的流动性 b过程主要发生在细胞中，是非特异性免疫 c浆细胞能特异性识别抗原，并产生抗体 d切除胸腺的个

31、体无法完成体液免疫过程 16冬泳时人体一般不会出现的是 a甲状腺激素分泌增多 b肾上腺素分泌增多 c皮肤血管收缩 d胰岛素分泌增多 17以下关于激素的表达，错误的是 a肾上腺素发挥作用后被灭活 b体内失水过多时抗利尿激素释放减少 2c激素调节过程中存在反响调节 d对血样中相关激素水平的分析可帮助诊断甲状腺疾病 18以下生产措施中与植物激素无关的一组是 培育无子番茄 培育无子西瓜 果树整枝修剪 带芽的枝条扦插 移栽植物时剪去局部叶片 棉花摘心 a bc d 19.右图为反射弧结构示意图，以下有关表达正确的是 a处受刺激兴奋时，膜内外电位变化为内负外正 b兴奋在处传导时，生物膜发生的变化是相同的

32、c刺激处，处能检测到电位变化 d刺激a或处均可使e产生反响 20.神经细胞在静息时具有静息电位，受到适宜刺激时可迅速产生能传导的动作电位，这两种 电位可通过仪器测量。a、b、c、d均为测量神经纤维静息电位示意图，正确的是 21. 大多数生物群落在空间上有垂直分层现象，称为群落的垂直结构，引起森林群落中植物 和动物垂直分层现象的主要因素分别是 a. 温度、食物 b. 温度、光照 c. 湿度、温度 d. 光照、食物 a bcd 23.关于生物与环境的表达中，不正确的是 a.在一个生态系统中，营养级越多，在能量流动中消耗的能量越多 b.流经某一生态系统的总能量等于该生态系统中所有生物体内的能量之和

33、c.碳元素只能通过光合作用或化能合成作用进入生物群落 d.生物多样性面临威胁的主要原因是生物生存环境的改变和破坏 24.如下图，a、b、c、d、e、f各代表一种生物种群，以下对该图分析合理的是 3图是根据该表数据作出的一些分析，其中不能与表中数据相符合的是a.该图表示一个生态系统，各种生物之间只有捕食关系 b.图中c种群获得的能量占a种群能量的10%20% c.假设d种群年龄组成为增长型，那么e种群密度将会增大 d.e和f存在着地理隔离和生殖隔离 25. 某池塘中，早期藻类大量繁殖，食藻浮游动物水蚤大量繁殖，藻类减少，接着又引起水蚤减少。后期排入污水，引起局部水蚤死亡，加重了污染，导致更多水蚤

34、死亡。关于上述过程的表达，正确的是 a. 早期不属负反响，后期属负反响 b. 早期属负反响，后期不属负反响 c. 早期、后期均属于负反响 d. 早期、后期均不属于负反响 26以下图曲线表示某生态系统中三个不同种群的生长繁殖情况。种群c是自养生物，以下说法不正确的是 a该生态系统简单食物链可表示为cba b种群b在第57年时间内个体数下降是由于a 的增加和c的减少所致 cb和a的存在能加快该生态系统的物质循环 d一定自然区域内，a、b、c三个种群中全部的生 物构成生物群落 27.以下对生物多样性的理解正确的是 a.易地保护是对生物多样性最有效的保护b.生物多样性的间接价值就是其生态功能 c.外来

35、物种的入侵能够增加生物的多样性d.群落演替过程中的生物多样性逐渐降低 28右图的甲、乙、丙、丁表示某生态系统中全部4种生物所含的有机物总量。假设这4种生物只构成一条食物链，当甲种群数量增加后，其引起的后果最可能是 a乙和丁的种群数量都减少b乙和丙的种群数量都增加 c乙和丙的种群数量都减少d乙和丁的种群数量都增加 29.农业的开展已由传统农业向现代农业转变，现代农业虽然产量大大提高， 但又造成了严重的环境污染，因此现在我国农村正大力推广生态农业，以下 关于生态农业的表达不正确的是 a.生态农业中食物链和营养级越多越好 b.生态农业的抵抗力稳定性比现代农业的高 c.生态农业设计的指导原那么是能量的多级利用和物质的循环再生 d.生态农业属于人工生态系统，人的作用非常突出 30安第斯山区有数十种蝙蝠以花蜜为食。其中，长舌蝠的舌长为体长的1.5倍。只有这种蝙蝠能从长筒花狭长的花