2019年山东省德州市德城区中考物理二模试卷(解析版)

2019年山东省德州市德城区中考物理二模试卷一、选择题（本大题包括12小题，每小题3分，共36分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）TOC\o"1-5"\h\z（3分）一节干电池的电压是（ ）A.1.5伏 B.24伏 C.110伏 D.220伏（3分）以下说法中符合生活实际的是（ ）A.人正常步行的速度约15km/hB.对人体最适宜的洗澡水温度约为 60CC.光在空气中的传播速度约为 340m/sD,家用挂壁式空调正常工作时功率约为 1.2kW（3分）关于家庭电路和安全用电常识中，错误的是（ ）A.家庭电路中，用电器的金属外壳一定要接地B.家用保险丝被烧断后，不能用铁丝或铜丝代替C.使用试电笔时，笔尖应该接触被测导体，手应该接触笔尾金属体D.家庭电路中，空气开关跳闸一定是发生了短路（3分）如图所示，舞台上经常用干冰（主要成分二氧化碳）制造白雾，以渲染气氛。则白雾是（）A.二氧化碳液化形成的 B.水蒸气液化形成的C.干冰凝固形成的 D.水蒸气升华形成的（3分）如图所示，木块A、B静止叠放在水平地面上，下列各对力中属于平衡力的是（IAI支,,A.木块A对木块B的压力和木块A的重力B.木块A对木块B的压力和木块B对木块A的支持力

C.地面对木块B的支持力和木块B的重力D.木块B对木块A支持力和木块A的重力（3分）将电阻R与5欧的电阻并联后总电阻小于1欧，下列判断正确的是（ ）A.R一定小于1欧 B.R一定大于1欧C.R可能大于1欧 D.R不可能为1欧（3分）手机扫描二维码，相当于给二维码照了一张照片，如图是手机扫描物品上的二维码，登录网址、查看物品相关信息，下列说法中正确的是（ ）A.二维码位于摄像头的一倍焦距和二倍焦距之间B.物体上的二维码是光源C.二维码位于摄像头的二倍焦距以外D.当二维码超出手机上设定的方框时，物品不动，把手机靠近物品（3分）生活中有许多工具都是杠杆，图中在使用时属于费力杠杆的是（（3分）生活中有许多工具都是杠杆，图中在使用时属于费力杠杆的是（9.（3分）甲、乙两个均匀正方体（p甲〉P9.（3分）甲、乙两个均匀正方体（现沿水平方向分别在甲、乙正方体上截去一部分，且截去部分的质量相等，如图所示，则所截去的高度h甲、h乙的关系是（ ）甲 乙A,h甲一定大于h乙 B.h甲一定小于h乙C,h甲可能大于h乙 D.h甲可能等于h乙10.（3分）如图所示，密度均匀的木块漂浮在水面上，现沿虚线将下部分截去，则剩下的部分将

11()A.上浮一些B.下沉一些C.静止不动 D.无法确定.（3分）如图电路中，电源电压保持不变。闭合电键11()A.上浮一些B.下沉一些C.静止不动 D.无法确定RiA.电流表A的示数不变B.电压表V2的示数变小C.电压表V1示数与电压表V2示数的差值变大D.电压表V1示数与电流表A示数的乘积变小12.（3分）如图所示，杠杆AB的A点挂边长为10cm的正方体C,B点挂体积为2000cm3实心小球D,AO：OB=1：2,杠杆在水平位置平衡时， D静止在空中，C对水平地面的压强为P1；若12将小球D浸没在某种液体中（未接触到容器底），杠杆在水平位置平衡时， C对水平地面的压强P2比P1增大了4000Pa,A点受到竖直向下的拉力为 10N,则下列选项正确的是（g取10N/kg）A.小球D浸没在某种液体中受到的浮力为 20NB.小球D浸没在某种液体中受到的浮力为 40NC.该液体的密度是2.0x103kg/m3D.小球D的密度是1.0x103kg/m3填空题（本大题包括5小题，每空1分，共13分）13（2分）意大利科学家首先用实验测定了大气压强的值；大气压强的大小与海拔高度有关，海拔高度越高，大气压强就越

1314.（2分）如图甲所示，水平地面上的物体，受到方向不变的推力F的作用，其F-t和14.（2分）如图甲所示，水平地面上的物体，受到方向不变的推力象分别如图乙、丙所示。由图象可知： 9〜12s内，推力对物体做功J,t=5s时，物体受到的摩擦力是N。Q *Q *jnr产）（2分）如图所示，是光在空气和玻璃之间发生折射的光路图，从图中可以看出，空气在界面的侧（选填“左”或“右”），此过程中还有部分光发生了反射， 反射角的大小是（5分）如图所示电路，灯泡L1、L2、L3分别标有“3V0.3A"、“3V0.25A"、“5V0.25A”字样（灯丝电阻恒定）， a、b间接电源。（1）若要求灯泡L1、L2并联，则应闭合的开关有;若a、b接入3V电压，则电流表A的示数为A。（2）只闭合S1时，为了使一只灯泡正常发光，另一只灯泡不烧坏，那么正常发光的灯泡是,此时a、b间的最大电压是V,通电1min灯?L1产生的热量是J。（2分）如图所示的电路中，开关闭合后，滑动变阻器从左向右滑动的过程中，灯泡的亮度（填“增大”或“减小”）。（填“变亮”或“变暗”或“不变”），电压表的示数将（填“增大”或“减小”）。

三、作图实验与探究题（本大题包括 8小题，共33分）（2分）如图，一个质地均匀的正方体物体浸没在水中静止，请在图中画出物体所受力的示意图。（2分）根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的 N极，并在括号内标出电源的正、负极。的正、负极。（4分）小明利用铅笔做了几个物理小实验。E EE E甲 乙（1）如图甲所示，将铅笔斜放在注水的碗中，看到铅笔发生了弯折，这一现象说明了光从水斜射入空气发生了现象；（2）如图乙所示，两只手的食指压住铅笔的两端静止时，铅笔对左、右手指的压强大小关系是左p右；（3）如图丙所示，把一本厚厚的书放在桌面上，然后在书和桌面间垫几支相同的圆柱形铅笔，用橡皮筋可以轻易拉动书，这说明代替滑动可以减小物体间的摩擦，书由静止开始运动说明力可以改变物体的。（4分）如图1是电学实验中常用的一种测量仪表的表盘，它的名称叫表，使用时应该将它与被测对象联。图2为实验装置，若实验时玻璃管倾斜，则水银柱的高度将（选填“不变”、“变大”、“变小”）

（3分）在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：（1）在没有挂钩码时杠杆的平衡位置如图甲所示。为使杠杆在水平位置平衡，可将杠杆两端螺母向（选填“左”或“右”）调。（2）杠杆调好后，第一组同学按图乙进行实验，第二组同学按图丙进行实验。同学们讨论后一致认为第二组实验更合理，理由是。N.(g=10N/Kg)。（3）若每个钩码质量为50g,则丙图中杠杆平衡时弹簧测力计的示数为N.(g=10N/Kg)。和（d）和（d）所示的实验中，同学们探究的是液体内部的压强与（3分）观察图（a）所示的装置，该装置的名称是。在“探究液体内部的压强与哪些因素有关”的实验中，需用液体进行研究（选填“一种”或“多种”）。在图（b）（c）的关系。（5分）在“探究物体质量与体积关系”和“测定金属块的密度”两个实验中，所用的器材是（选填“相同”或“不同”）的，实验过程中都采用多次测量，其目的是（选填“相同”或“不同”）的。用图（a）装置可以“测定金属块的密度”，实验时用电子天平测量金属块的实验中V2-Vi表示。用图（b）装置可以验证“”的实验，实验中V2-Vi表示

（5分）用图甲所示的装置对冰进行加热，并且每隔相同的时间记录一次温度计的示数，同时观察物质的状态，图乙和图丙中有一幅是根据实验记录的数据绘制而成的，回答下列问题:（1）冰属于（选填“晶体”或“非晶体”）。（1）冰属于（选填“晶体”或“非晶体”）。（2）在图象中AB阶段物质处于状态（选填“固体”、“液体”或“固液共存”），熔化时间经历min。（3）图乙和图丙中CD段正确的是;若CD与AB对应的物质的比热容分别是 ci和C2,则正确的图中 Ci：C2=,（5分）现有下列器材：学生电源（6V）,电流表（0-0.6A,0-3A）、电压表（0-3V,0-15V）、定值电阻（5口、10◎、20a各一个）、开关、滑动变阻器和导线若干，利用这些器材探究“电压不变时，电流与电阻的关系”(1)请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路。(要求连线不得交叉)(2)实验中依次接入三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流 I随电阻R变化的图象。由图象可以得出结论：。(3)上述实验中，小强用5a的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10◎的电阻接入电路，闭合开关，向(选填"A”或"B”)端移动滑片，使电压表示数为V时，读出电流表的示数。(4)为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器。A.50Q1.0AB.30Q1.0AC.20Q1.0A。四、计算题(本大题包括3小题，共18分)(4分)如图所示是部分中小学投入使用的新型安全校车，这种校车完全符合校车安全标准。中考期间，XX中学的学生乘坐这种新型安全校车以 36km/h的速度匀速行驶了15min安全到达考点，此过程中校车的输出功率为 150kW,求：(1)在15min内校车行驶的路程；(2)在15min内校车牵引力所做的功。(8分)一实心金属块在空气中称量时重 5.4N,现将其挂在弹簧测量力计下，慢慢放入一个底面积为100cm2的圆柱形容器内的水中，如图所示，当金属块有一半浸入水中时，弹簧测力计的示数为4.4N.求：(g=10N/kg)(1)若将金属块全部浸没在水中，求弹簧测力计的示数；(2)金属块的密度；(3)当金属块浸没时，若水不溢出，求水对容器底增大的压强；(4)若将金属块浸没在某种液体中，弹簧测力计的示数为 3.8N,则该液体的密度是多少?(6分)如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯L标有“12V12W”的字样，R2=12Q,当Si、S2都闭合时。电流表示数为1.2A.这时灯L正常发光(忽略温度对灯丝电阻的影响)，求：(1)电源电压；(2)电阻Ri的阻值；(3)若将开关Si、S2都断开。此时灯L实际消耗的功率是多少？2019年山东省德州市德城区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题包括 12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）．【分析】根据生活常识解答此题。要记住一些生活中常见的电压值，如：TOC\o"1-5"\h\z一节干电池的电压是 1.5V一节铅蓄电池的电压是 2V家庭电路的电压为 220V对人体安全的电压为不高于 36V手机电池的电压为 3.7V【解答】 解：一节干电池的电压为 1.5V。故选：A。【点评】 本题为基础题，本题考查同学对干电池电压、结构的了解。． 【分析】 不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A、人正常步行的速度约为 1m/s=3.6km/h,步行速度15km/h不符合实际，故A错误。B、人体适宜的洗澡水温度比人体温度略高，约为 42℃左右，故 B错误。C、光在空气中的传播速度约为 3X108m/s,故C错误。D、挂壁式空调的功率大约是 1000W左右，故D正确。故选：D。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活中物理量的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。．【分析】利用下列知识分析判断：1）家庭电路中为了安全用电，金属外壳都要接地，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的发生；2）铜丝和铁丝的电阻率小、熔点高，用铜丝和铁丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路。保险丝越粗，电阻越小，通过较大电流时不易熔断；3）使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，不能与笔尖金属体接触；4）家庭电路电流过大或发生短路，空气开关会跳闸。【解答】 解：A、有金属外壳的用电器的外壳一定要接地，避免金属外壳用电器漏电时发生触电事故。故 A正确。B、铜丝和铁丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用。故B正确；C、使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，才是正确的，当速管发光时，说明接触的是火线。故C正确；D、家庭电路中空气开关跳闸可能是发生了短路，或用电器总功率过大，电路电流太大造成的，故D错误。故选：D。【点评】 本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。． 【分析】 物质由气态转变为液态的过程叫做液化。【解答】 解：空气中的水蒸气遇冷发生液化现象变成小液滴，形成白雾现象。故选：B。【点评】 此题考查了对液化现象的理解与应用，会利用液化定义解释生活现象是中考的热点。． 【分析】 一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上。而一对相互作用力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在不同的物体上，据此判断。【解答】 解：A、在水平面上，木块A对木块B的压力和木块A的重力，二力的方向相同、作用在两个物体上，不是一对平衡力，故A不符合题意；B、木块 A对木块B的压力和木块B对木块A的支持力，作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故B不符合题意；C、地面对木块B的支持力等于两木块的总重力，所以，地面对木块B的支持力和木块B的重力大小并不相等，所以不是一对平衡力，故C不符合题意；D、木块B对木块A支持力和木块A的重力，它们大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故D符合题意。故选：D。本题主要考查了平衡力与相互作用力的辨别，要对照平衡条件和相互作用力的条件，逐一对选项中的力进行分析对照，尤其注意力的大小是否相等，是否作用在同一物体上。【分析】电阻并联时相当于增大了横截面积，故越并越小，并联后的总电阻小于其中最小的一个。【解答】解：由于并联后的总电阻小于其中最小的一个，所以，将 5欧的电阻与另一个定值电阻 R并联后，要使电路的总电阻小于 1欧，则另一只电阻可以大于或等于 1欧，也可以小于 1欧（如5欧的电阻和0.8欧的电阻并联，其总电阻一定小于 1欧）。故选：C。【点评】了解并联电阻的规律，知道电阻越并越小，并联后的总电阻小于其中最小的一个是快速准确判断的关键。【分析】（1）“扫入”二维码时镜头和二维码的距离大于二倍焦距。2）能发光的物体称为光源。3）凸透镜成像时，物距u>2f,成倒立缩小的实像，应用是照相机。4）凸透镜成实像时，物远像近像变小。【解答】解：A、照相机是利用物距大于二倍焦距时，成倒立缩小实像的规律制成的，因此，“扫入”二维码时镜头和二维码的距离大于二倍焦距，故A错误；B、二维码本身不发光，不是光源，故 B错误；C、镜头和二维码的距离大于二倍焦距时’成倒立缩小实像，故C正确；D、当二维码超出手机上设定的方框时，说明物距太近，应使物品不动，把手机向后移动。故 D错误。故选：C。【点评】 此题考查了光源、凸透镜成像规律成像规律及应用，难度不大，属于基础知识【分析】 结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】 解：A、道钉撬在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故 A不符合题意；B、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力，故 B不符合题意；C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C符合题意；D、起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故 D不符合题意。故选：C。

【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种： ①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂； ③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。.【分析】均匀正方体对水平地面的压力和自身的重力相等，根据重力公式和密度公式、 P=!得出正方体对地面压强的表达式， 结合密度关系得出边长关系， 根据m=pV=^Sh=由2h表示出甲乙截取的质量，然后判断截去部分的质量相等时两者的高度的关系。【解答】解：因水平面上物体的压力和自身的重力相等,所以，正方体对水平地面的压强:FP甲=p乙,P甲=p乙,因甲、乙两个均匀实心正方体对水平地面的压强相等，即TOC\o"1-5"\h\z所以，p甲gL甲=p乙gL乙，即p甲L甲=「乙1乙， ①由p甲＞。乙可知，L甲vL乙， ②设截去的高度为h,截去的部分的质量m=pV=pSh=pL2h,因沿水平方向截去相同质量m,则有：p甲L甲2h甲=「乙1乙2h乙， ③由①③两式可得：L甲h甲=1乙八乙，由L甲vL乙可知，h甲＞h乙。故选：A。【点评】本题考查了压强公式和密度公式的灵活应用， 利用好均匀规则物体（如圆柱体、长方体、正方体等）对水平面的压强表达式 p=pgh是关键。.【分析】漂浮在水面上的木块，当水下的一部分被截去后，其浮沉的变化取决于它的浮力与重力关系的变化。以被截去部分所受的浮力与重力为研究对象，可比较出二者的大小，再用最初的浮力与重力减去这两个量，可得出变化后重力与浮力的关系。【解答】解：因为木块漂浮，所以浮力与重力相等，同时也说明木块的密度小于水的密度。那么,截去部分所排开水的重力，也就是这部分受的浮力大于这部分木块自身的重力，因此，对整个木块来讲，同时去掉这部分的重力与浮力后，其新的重力大于浮力，所以剩下部分会下沉一些。故选：B。【点评】解决此题的关键是明确一开始重力是等于浮力的，然后以截去部分为研究对象，相当于原来重力减去截去重力，原来浮力减去截去浮力，这样分析出被截去部分重力与浮力的大小，就可以比较出结果了。.【分析】分析电路的连接及各表测量的量，根据串联电路的规律和欧姆定律及分压原理分析。

【解答】解:由图知，Ri、R2串联，电压表Vl测电源电压，电压表V2测R2的电压，电流表测电路中的电流；A、向右移动滑动变阻器滑片P,R2接入电路的阻值变大，总电阻变大，根据I」：知电路中电流变小，即电流表A变小，即电流表A的示数变小，故A错误；B、R2接入电路的阻值变大，由串联分压原理可知,故B错误；C、R2的电压变大，由串联电路的电压特点可知，示数的差值等于Ri的电压，所以该差值变小，故R2的电压变大，即电压表V2的示数变大，Ri的电压变小；电压表V1示数与电压表V2C错误；D、向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，电流表示数减小，电压表 Vi测量电源电压，其示数不变，所以电压表Vi示数与电流表A示数的乘积减小，故D正确。故选：D。【点评】根据考查串联电路的规律和欧姆定律及分压原理，关键是电路的识别。.【分析】由题知，当D球浸没液体前后，杠杆都在水平位置平衡，可知杠杆两端减小的拉力和力臂的乘积相等，即^FaXOA=AFbXOB=F浮XOB,而杠杆右端减小的拉力4Fb=F浮，可得^*0人=5浮*08,①由题知，物体C对地面的压强增加值△p,求出受力面积，利用压强公式求出地面增加的压力，而地面增加的压力等于杠杆A端减小的拉力△Fa代入上面①式可求D球受到液体的浮力；再根据阿基米德原理求出液体的密度；知道D球浸没液体中后A端拉力，根据杠杆平衡条件求B端受到拉力，而D球浸没液体中受到的重力等于浮力加上拉力，即：Gd=©VDg=F浮+Fb',据此求出D球的密度。【解答】解：如图，杠杆原来平衡，当D球浸没液体中时，杠杆仍平衡，由此可知杠杆两端减小的拉力和力臂的乘积相等，即：△FaxOA=AFbxOB=F浮xOB,杠杆右端减小的拉力：△Fb=F浮，. 5人*0人=5浮*08, ①由题知，物体C对地面的压强增加值△p=4000Pa,「p=W，s=0.imx0.im=0.0im2,

，地面增加的压力：△F压=△ps=4000Pax0.01m2=40N,杠卞fA端减小的拉力：△Fa=AF压=40N,代入①式得：AFAX0A©NX1F浮=——& =-—L=20N,故A正确、B错;0B2---F浮=P液V排g=p液VDg,一P液=一P液=2UN2000XlO-^^XlONAg=1x103kg/m3,故C错;D球浸没液体中后，A端拉力:Fa'=10N,•.•杠杆在水平位置平衡，・•.△Fa'xOA=AFb'xOB,Fb'OBxFb'OBxOA10NX1=5N,•••D球浸没液体中受到的重力等于浮力加上拉力,即：GD=F浮+Fb,GD=pDVDg,••pD=2000X10••pD=2000X10-emJX10NAg=1.25X103kg/m3,故D错。故选：A。【点评】本题为力学综合题，考查了学生对密度公式、重力公式、压强公式、阿基米德原理、杠杆平衡条件、同一直线上力的合成的掌握和运用，要求灵活选用公式求解。、填空题（本大题包括5小题，每空1分，共13分）.【分析】（1）与大气压强有关的著名实验：“马德堡半球实验”证明了大气压的存在；“托里拆利实验”计算出了大气压强的值；（2）大气压与高度有关，海拔越高的位置气压值越低。【解答】解：（1）“托里拆利实验”计算出了大气压强的值，著名的马德堡半球实验证明了大气压强的存在且很大；（2）越往高空，空气越稀薄，大气压越小，所以高山顶上的大气压小于山脚下的大气压。故答案为：托里拆利；小。【点评】解决本题要求学生：记两个著名实验，理解大气压强与海拔高度的关系， 是一道基础题。.【分析】（1）首先从速度图象中9-12s得出物体匀速直线运动。然后对应的从 F-t图象中得出推力；利用计算公式W=Fs=Fvt计算做的功；（2）首先从速度图象中9-12s得出物体匀速直线运动。然后对应的从F-t图象中得出物体所受的摩擦力；最后根据摩擦力的影响因素判断出 t=5s时物体受到的摩擦力大小。【解答】解：（1）由丙图知，9〜12s时，物体做匀速运动，且v=1m/s,由乙图知，9-12s时的推力F=60N,推力F做功：W=Fs=Fvt=60NX1m/sX3s=180J;（2）由丙图知，9〜12s时，物体做匀速运动，水平方向上的摩擦力与推力 F平衡，则摩擦力f=F=60No由丙图知，t=5s时，物体做加速运动，由于物体对地面的压力和接触面的粗糙程度都没有改变，所以摩擦力大小不变，仍为60N。故答案为：180;60；【点评】本题考查学生对图象的认识， v-t图象、F-t图象相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。.【分析】①光的折射定律：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角。②入射角、反射角和折射角的概念：入射光线与法线的夹角叫做入射角；反射光线与法线的夹角叫做反射角；折射光线与法线的夹角叫做折射角。【解答】解：由图知：光线从左侧射向右侧，所以左侧光线是入射光线，右侧光线是折射光线；已知入射光线与界面的夹角是 30。，所以入射角为90。-30。=60。.根据反射角等于入射角知，反射角也是60。；过入射点做法线（如下图），可以看出，折射角小于入射角。所以这是光从空气斜射入玻璃的过程，即左侧是空气，右侧是玻璃。故答案为：左；60°。【点评】此题主要考查了光的反射和折射定律的应用。 在此题中，关键搞清入射光线、折射光线。并掌握入射角、反射角、折射角的概念.【分析】(1)灯泡L1、L2并联，则应闭合的开关有 Si、S2、S3；灯泡Li、L2正常工作，根据I=ll+|2可求;(2)只闭合开关Si时，灯泡Li、L3串联连接；已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI的变形公式分别求出额定电流，根据串联电流规律可知，能正常发光的只能是额定电流较小的那一个，根据1=匚求出灯泡Li的阻值，最后根据欧姆定律的应用求出电源电压；根据Q=I2Rt即可求出通电imin灯泡L2产生的热量；【解答】解：(i)要求灯泡Li、L2并联，则应闭合的开关有 Si、S2、S3,L3短路；若a、b接入3V电压，则由灯泡Li、L2分别标有“3V0.3A"、“3V0.25A”可得，灯泡Li、L2正常工作，电流等于额定电流，根据并联电路的电流特点：Ia=Ii+|2=0.3A+0.25A=0.55A；(2)由题意可得，只闭合开关 Si时，灯泡Li、L3串联，要使其中一只灯泡正常发光，另一只不烧坏，则电路中的电流为：I'=I3=0,25A；由1=将可得：R3=72-=t-^--=20Q;尺 130.25A由I="■可知，a、b间的最大电压：U=I'R总=0.25AX(20^+i0Q)=7.5V;通电imin灯泡Li产生的热量：Q=I2Rit=(0.25A)2Xi0QX60s=37.5J;故答案为：(i)Si、S2、S3；0.55：(2)L3；7.5;37.5。【点评】本题是电学的综合计算题目，考查了有关欧姆定律和电功率公式的应用，关键熟练掌握欧姆定律，搞清串并联电路电流、电压以及电阻的特点。.【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，由于串联，滑动变阻器的阻值全部接入电路,无论滑片如何移动，电路中的电阻不变，电路中的电流不变，小灯泡两端的电压不变，其功率不变，故亮度不变，根据滑动变阻器滑片移动方向判断滑动变阻器接入电路的电阻如何变化，由欧姆定律判断电压表示数如何变化。【解答】解：由电路图分析可知，滑动变阻器的阻值全部接入电路中，无论如何移动滑片，电路中的电阻不变，电流不变，小灯泡两端的电压不变，由 p=ui可知灯的电功率不变，故其亮度不变。由电压表测量的是滑片右边的电阻两端的电压，滑片 P从左向右滑动时，滑动变阻器右边的电阻阻值变小，则根据U=IR可知：电压表示数减小。故答案为：不变；减小。【点评】本题是一道动态分析题，是常考题型，要掌握这类题的解题思路；分析清楚电路结构、熟练应用串联电路特点及欧姆定律、电功率公式是正确解题的关键。三、作图实验与探究题（本大题包括 8小题，共33分）.【分析】物体处于静止状态，受拉力、浮力、重力，三个力平衡，根据平衡条件及力的示意图的要求画出力。【解答】解：物体受竖直向下的重力、竖直向上的浮力和拉力作用，如图所示：二「艮甲.一1*G【点评】此题主要考查了有关力的示意图的画法，关键是正确分析物体所受的力，根据平衡条件确定力之间的大小关系。.【分析】利用螺线管的右端为N极，结合磁感线的特点和磁极间作用规律可以确定磁感线的方向和小磁针的N、S极。利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极。【解答】解：螺线管的右端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从右向左的。当小磁针静止时，根据磁极间作用规律可知， 靠近电磁铁N极的一定是小磁针的S极，由此可知小磁针的右下端为N极。根据螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的左端流入右端流出。根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的正负极：左端为正极，右端为负极。如下图所示：电源【点评】解决此题关键要抓住此题的突破口：螺线管的右端为 N极。然后利用相关知识解决磁感线的方向、小磁针的N极、电源的正负极。.【分析】（1）光从一种介质斜射入另一介质时，光的传播方向会发生偏折，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线就看到了物体的虚像；（2）先根据二力平衡条件判断铅笔受到两个力的关系，再根据力的相互作用判断铅笔对两手指压力之间的关系，最后根据压强公式 p=与判断手指受到的压强关系；（3）在压力相同时，滚动摩擦力小于滑动摩擦力；力可以改变物体的形状和运动状态。【解答】解：（1）将铅笔斜放在注水的碗中，铅笔反射的光线经过水面后发生折射，光线进入人的眼睛，我们会发现铅笔向上弯折，看到的是筷子的虚像；（2）铅笔处于静止状态，受到的两手指的压力是一对平衡力，所以两手指对铅笔的压力相等，由于手指对铅笔的压力与铅笔对手的压力是一对相互作用力，所以铅笔对手的压力也相等，由图可知，右手指的受力面积比较小，根据压强公式 p=L可知，右手指受到的压强比较大，即p左L-Jvp右。（3）书和桌面间垫几只圆柱形的铅笔，用橡皮筋可以轻易拉动书，说明书受到的摩擦力变小，故结论为：在压力相同时，滚动摩擦力小于滑动摩擦力；书由静止开始运动说明力可以改变物体的运动状态。故答案为：（1）折射；（2）＜；（3）滚动；运动状态。【点评】此题以铅笔为实验材料综合考场了力学多方面的知识，设计的内容较全面，体现物理就在我们身边的理念，是一道好题。.【分析】（1）仪表上的字母为A,故为电流表；电流表的使用规则：①电流表要串联在电路中；②电流要从“+”接线柱流入，从“-“接线柱流出（否则指针反转）；③被测电流不要超过电流表的量程（可以采用试触的方法来看是否超过量程）；④绝对不允许不经过用电器而把电流表连到电源的两极上（电流表内阻很小，相当于一根导线。若将电流表连到电源的两极上，轻则使电流表损坏，重则烧坏电流表、电源、导线）；（2）管内水银柱的高度只与当时的大气压有关，而与玻璃管的粗细、是否倾斜、以及水银槽中的水银的多少无关。【解答】解：（1）仪表上的字母为A，是电流的单位故为电流表；电流表要串联在电路中；（2）托里拆利实验中，当玻璃管倾斜时管内水银柱的长度变大；外界大气压不变，能支持的水银柱高不变，玻璃管倾斜时管内水银柱的高度不变。故答案为：电流；串；托里拆利；不变。【点评】本题考查电流表的使用方法，以及托里拆利实验难度不大，是一道基础题。22．【分析】（1）杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂；在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；（3）根据杠杆的平衡条件，可计算出用弹簧测力计在C点竖直向上拉着杠杆使它水平平衡时的拉力。【解答】解：（1）为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡，由图知，右端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向右调节；（2）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此乙实验设计的好，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，便于测量力臂。（3）设OA=4L,则Li=2L,A处3个钩码的重力Ga=mAg=3X50X103kgx10N/kg=1.5N,由杠杆的平衡条件可知： OA?Ga=Li?F,4LX1.5N=FX2L,解得F=3No故答案为：（1）右；（2）拉力与杠杆垂直，便于测量力臂；（ 3）3。【点评】本题重点考查探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，要求平时做实验时多加注意，锻炼自己的实验操作能力。23．【分析】（1）在初中物理实验中，液体压强用U形管压强计测量。（2）液体内部存在压强，液体压强的大小与液体的密度和深度有关， 在探究液体压强与密度（深度）的关系时，要保持深度（密度）不变。【解答】解：（1）由图示知，此装置是利用液体对橡皮膜压强不同， U形管左右两端液柱高度不同来测量或比较液体压强的，装置名称为 U形管压强计；（2）探究的是液体压强与密度的关系时，即在“探究液体内部的压强与哪些因素有关”的实验中，需用多种液体进行研究；在图（b）（c）和（d）所示的实验中，同学们探究的是液体内部的压强与深度的关系，根据控制变量法的运用规则，需要保持液体密度不变，同时改变橡皮膜在液体中的深度。故答案为：U形管压强计；多种；深度。【点评】此实验是探究影响液体压强影响因素的基本题目，难度较小，只要正确运用控制变量法就能解决。.【分析】（1）测密度的实验目的是为了求密度，原理是密度的计算公式；在“探究物质质量与体积关系”实验中，需测量物体积，实验目的是通过分析质的质量和相同物质、不同物质质量和体积的比值得出结论，实验目的不同，多次测量测密度是为了减小误差；在“探究物质质量与体积关系”实验中，多次测量是为了得出普遍规律；（2）天平测金属块的质量，量筒测金属块的体积，用 p="求密度，浸没液体的物体的体积等于物体排开液体的体积。【解答】解：（1）①测密度的实验目的是为了求出密度，原理是密度的计算公式；在“探究物质质量与体积关系”实验中，实验目的是通过分析相同物质的质量和体积的比值、不同物质质量和体积的比值，找出质量与体积的关系；②在“探究物质质量与体积的关系”的实验中，多次测量的目的是为了对数据分析，得到质量与体积关系的普遍规律；而在“测定物质的密度”实验中多次测量的目的是为了多次测量取平均值，减小测量误差；“测定金属块的密度”，实验时用电子天平测量金属块的质量，实验中 V2-Vi表示金属块的体积。用图（b）装置可以验证“阿基米德原理”的实验，实验中 V2-Vi表示物体排开液体的体积。故答案为：相同；不同；质量；金属块的体积；阿基米德原理；物体排开液体的体积。【点评】此题通过“探究物质质量与体积的关系”和“测定物质的密度”实验，考查了学生对实验目的和多次测量作用的了解，以及对电子天平、量筒的使用和利用密度公式求密度，是一道综合实验题。.【分析】(1)晶体在熔化的过程中温度不变；(2)根据熔化的特点分析不同阶段的状态，以及熔化所经历的时间；(3)根据图中物质的温度变化、吸热时间，利用公式 Q=cm^t可确定其比热容的关系。【解答】解：(1)由图乙可知，冰在熔化过程中，温度不变，所以是晶体；(2)由图知，AB阶段物质还没有开始熔化，因此处于固体状态，熔化时间经历了 15min-5min=10min。(3)因为水的比热容比冰的比热容大，质量相同的冰和水吸收相同的热量，水升温较慢，而图丙中水升温太快，所以乙是正确的图象。结合图中白数据，CD加热时间为AB的二倍，所以吸收的热量之比为 2:1,两段上升的温度相同，由公式Q=cm^t可得，CD与AB对应的比热容之比：=2：1。,r_|2Q|Q=2：1。c1：c2=H：^At故答案为：(1)晶体；(2)固体；10；(3)乙；2：1。【点评】此题通过图象分析，考查了学生的识图能力， 在分析时特别注意温度随时间的变化情况，同时考查了学生对吸热公式的理解与运用。.【分析】(1)变阻器按一下一上接入电路中，电压表与电阻并联；(2)由图求出电流与电阻积分析；(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20◎电阻时变阻器连入电路中的电阻， 结合变阻器允许通过的最大电流确定选用的变阻器规格。【解答】解：(1)变阻器按一下一上接入电路中，根据电路图知，滑动变阻器接 B下接线柱，电压表与电阻并联，如下所示：(2)由图丙知，电流与电阻的积为：U=IR=0.4AX5Q=0.2AX10Q=0.1AX20Q=2V,电流与电阻之积为一定值， 由图象可以得出结论：电压不变时，电流与电阻成反比；(3)根据分压原理可知，将定值电阻由 5◎改接成10◎的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数为 2V,读出电流表的示数；(4)电阻两端的电压始终保持 2V,根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=6V-2V=4V,变阻器分得的电压为电压表示数的 黄=2倍，根据分压原理，当接入20a电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2X20Q=40Q,因BC不可行，故为了完成整个实验，应1^选取最大阻值至少 40◎的滑动变阻器，故选用50a1A的变阻器，选。故答案为：(1)如上所示；(2)电压不变时，电流与电阻成反比；( 3)A;2;(4)A。【点评】本题探究“电压不变时，电流与电阻的关系”，考查电路的连接、数据分析、控制变量法、操作过程及对器材的要求。四、计算题(本大题包括3小题，共18分).【分析】(1)由速度公式计算15min内校车行驶的路程；(2)由亚=团计算在15min内校车牵引力所做的功。【解答】解：(1)由v=j可得，15min内校车行驶的路程：，。…迟ms=vt=36km/hxnTjyh=9km；(2)由P=T■可彳导15min内校车牵引力所做的功：W=Pt=150X103WX15X60s=1.35X108J。

答：(1)在15min内校车行驶的路程为9km;(2)在15min内校车牵引力所做的功为 1.