广东省深圳市-九年级(上)期中物理试卷(含答案)

九年级（上）期中物理试卷题号一二三四五总分得分一、单选题（本大题共28小题，共42.0分）下列现象中，不能说明分子处在永不停息的无规则运动中的是（）A.花开时香气扑鼻

B.下雪时，雪花满天飞

C.红墨水在水中散开

D.衣柜里的樟脑丸过一段时间变小了下表是一些物质的比热容，根据表中数据，下列判断正确的是（）单位：J/（kg•℃）水4.2×103铝0.88×103煤油、冰2.1×103干泥土0.84×103砂石0.92×103铜0.39×103A.物质的比热容与物质的状态无关

B.200g水的比热容是100g水的比热容的两倍

C.质量相等的铝块和铜块吸收相同的热量，铜块温度变化比较大

D.一般情况下，我们把1kg的水加热至沸腾，水需要吸收约4.2×10如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（）A.厚玻璃内的空气被压缩时，空气的内能减少

B.瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大

C.试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少

D.汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大下列关于内能的说法中，正确的是（）A.冰块没有内能

B.水蒸气将壶盖顶起后，水蒸气的温度降低

C.一个物体的温度升高，它一定是从外界吸收了热量

D.把一个物体举高，它的内能一定增加下列关于热值和热机效率的描述，正确的是（）A.使燃料燃烧更充分，可以增大热值

B.使燃料燃烧更充分，可以提高热机效率

C.燃料燃烧释放的热量越大，热值越大

D.热值和热机效率都是定值，与外界条件无关如图所示，球甲、乙相互排斥，甲、丙相互吸引，如果已知甲带正电，那么乙、丙的带电情况是（）A.乙带正电、丙带负电或不带电 B.乙带正电、丙带正电

C.乙带负电、丙带负电或不带电 D.乙带负电、丙带正电取两个相同的验电器A和B，使A带上负电荷，可以看到A的金属箔张开，B的金属箔闭合。用带有绝缘柄的金属棒把A和B连接起来（如图所示），观察到A的金属箔张开的角度减小，B的金属箔由闭合变为张开。下列描述错误的是（）A.金属杆是导体

B.两金属箔片能够张开是因为带上了同种电荷

C.实验中金属杆和金属球接触的一瞬间，B验电器中的金属箔带上了负电荷

D.实验中金属杆和金属球接触的一瞬间，金属杆中电流方向是自A流向B

在常温下将下面几种物质接到图中A、B两点间，能使灯泡发光的是（）A.铅笔芯

B.塑料直尺

C.玻璃棒

D.干木筷子

在如图所示的四个电路中，与实物图对应的是（）A.

B.

C.

D.

在如图所示的各电路中，开关S闭合后，小灯泡L1、L2都能发光的是（）A. B.

C. D.在如图所示电路中中，用电流表只测通过L1的电流的是（）A. B.

C. D.在如图所示的电路中，闭合开关S，能用电压表测量L1两端电压的正确电路是（）A. B.

C. D.如图（a）所示电路中，当闭合开关后，两只电压表的指针偏转均如图（b）所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为（）

A.6V

1.5V B.7.5V

1.5V

C.1.5V

7.5V D.1.5V

6V举重比赛有甲、乙、丙三个裁判，其中甲为主裁判，乙和丙为副裁判。若裁判认定杠铃已被举起，就按一下自己面前的按钮。要求主裁判和至少一个副裁判都按下自己面前的按钮时，指示杠铃被举起的灯泡L才亮。以下符合这一要求的电路是（）A. B.

C. D.小明同学按照如图所示的电路进行实验探究，两个灯的规格相同．当开关闭合时，两灯都不亮，电压表有示数．则故障原因可能是（）A.L1短路 B.L1断路 C.L2短路 D.教室里投影仪的光源是强光灯泡，发光时温度很高，必须用风扇给予降温．为了保证灯泡不被烧坏，要求：带动风扇的电动机启动后，灯泡才能发光；风扇不转，灯泡不能发光，则以下所设计的四个简化电路图中符合要求的是（）A. B. C. D.如图所示，L1和L2是两只相同的小灯泡，a、b是电流表或电压表．闭合开关S后，若两灯都能发光，则（）

A.a、b均为电流表

B.a为电压表，b为电流表

C.a为电流表，b为电压表

D.a、b均为电压表

如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（）

A.灯泡L变亮 B.电压表示数变大

C.电流表A1示数变大 D.电流表A甲、乙两个灯泡的铭牌分别是“PZ220-40”“PZ220-60”，关于这两个灯泡的描述正确的是（）A.甲灯的灯丝粗，电阻大

B.乙灯的灯丝粗，电阻大

C.两个灯泡串联时，甲灯亮，两个灯泡并联时，乙灯亮

D.两个灯泡串联接在220V的电路中，电路的总功率为100W从欧姆定律可以导出公式R=UI，下列说法正确的是

（）A.当电压U增大为原来的2倍时，电阻R也增大为原来的2倍

B.当电流I增大为原来的2倍时，电阻R减小为原来的二分之一

C.通过导体的电流若为零，电阻也为零

D.即使导体两端的电压为零，电阻也不为零如图所示电路，电源电压保持不变，当开关S由闭合到断开时，电压表和电流表的示数将（）

A.电压表示数减小，电流表示数增大

B.电压表示数不变，电流表示数增大

C.电压表示数增大，电流表示数减小

D.电压表示数不变，电流表示数减小

某家用电器正常工作时的功率约为1kW，它可能是（）A.电冰箱 B.电视机 C.热水器 D.电风扇对电功率的下列几种理解，其中正确的是（）A.功率大的用电器，电流做的功多 B.通电时间越长，电功率越小

C.电流做功越多，电功率越大 D.功率大的用电器，电流做功快已知R1＜R2，分别按下图所示的四种方法连接，并接入同一电路中，能获得最大总功率的是（）A. B.

C. D.王亮同学是个爱动脑的孩子，他想知道家里电风扇的实际功率多大，他将家里其他用电器都关闭，只让电风扇单独工作了72s，如图的电能表转盘转了5r，下列说法正确的是（）A.接在该电能表所在的电路，总功率不能超过2200W

B.电能表是测量电路中用电器功率的仪器

C.电风扇消耗的电能为0.04kW⋅h

D.电风扇的实际功率是100W

如何利用阻值已知的电阻R0和一只电流表或一只电压表，测出未知电阻Rx的阻值，几个同学分别设计了如图所示的四种电路，其中可行的方法有（电源电压未知）：（）

A.(1)(3) B.(2)(3) C.(2)(4) D.(1)(4)如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变．闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则下列判断错误的是（）A.电源的电压为6V

B.电路的最大总功率为3.6W

C.R2的电功率一直变大

D.图乙中D点是滑片位于中点时的状态如图所示是电阻甲和乙的U-I图象，下列说法中正确的是（）

A.电阻甲和乙都是阻值不变的电阻

B.当乙两端电压为2V时，R乙=5Ω

C.甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，电源电压为2V

D.甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路每秒内消耗总电能为二、多选题（本大题共2小题，共3.0分）将“6V

3W”和“6V

6W”的两只灯泡

L1和L2

串联后接在电源两端，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则（）A.电源电压为12V时，两只灯泡均能正常发光

B.两个灯泡发光时，灯泡

L1比灯泡

L2亮一些

C.灯泡发光时，电路中允许通过的最大电流为0.5A

D.灯泡

L1正常发光时，灯泡

如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时（）

A.电压表示数变大，电流表示数变小

B.电压表示数变小，电流表示数变大

C.电流表示数变大，灯泡变亮

D.电压表示数变小，灯泡变亮三、计算题（本大题共3小题，共19.0分）是某实验小组在探究导体电阻大小与哪些因素有关的实验中所用导体的相关物理量的记录：导体编号ABCD长

度（m）1.01.01.00.5横截面积（mm2）1.21.22.41.2材

料镍铬丝锰铜丝镍铬丝镍铬丝（1）影响导体电阻大小的因素较多，因此本实验要采用的探究方法是______；

（2）选用导体AD，可探究导体电阻大小与______是否有关；

（3）要探究导体电阻大小与导体材料是否有关，应选用______和______两根导体．（以上两空选填导体编号）

如图所示的电路中R1=5Ω，当开关S闭合时，I=0.6A，I1=0.4A，求：

（1）电源电压

（2）R2的电阻值．

如表为一台电烤箱的铭牌，低温档的功率模糊不清；其内部简化电路如图所示，R1和R2均为电热丝．（已知R2的阻值为66Ω）××牌电烤箱额定电压220V额定

功率高温档1100W低温档*W电源频率50Hz求：

（1）电烤箱在高温档正常工作10min所消耗的电能；

（2）电路中R1的阻值；

（3）电烤箱在低温档正常工作时，电路中的电流和R1的功率．

四、综合题（本大题共1小题，共9.0分）有一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲所示．电源电压为24Ⅴ，灯泡L的额定电压为24Ⅴ，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙所示．试求：

（1）当灯泡正常发光时，灯丝的电阻多少？

（2）该灯泡的额定功率是多少？

（3）调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为3.6W时，滑动变阻器R连入电路的阻值？五、实验探究题（本大题共4小题，共27.0分）小丽在“探究电流与电压的关系”时，选择了下列实验器材：电压表、电流表、滑动变阻器（20Ω，1A）、开关、新干电池三节、定值电阻R=10Ω、导线若干。请按要求完成实验：

（1）请按如图甲所示的电路图，将图中乙电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向左滑时，电流表示数变大。

（2）在实验前应将开关，应将滑动变阻器滑片P移至最大值位置．小丽通电实验时发现电流表如图丙所示，原因是______。

（3）小丽调整好仪器，在实验中通过调节滑动变阻器滑片P，测出通过电阻R的不同电流和对应的电压值记录如表中，第二次测量的电压和电流如图丁所示，则电压U=______V；电流I=______A。

（4）通过测得的三次实验数据可以得出：______。实验第一次第二次第三次U/V1.03.0I/A0.10.3某同学想利用图1甲电路测量RX的阻值．

①该实验的原理是______（用公式表示）；

②根据图1甲电路，连接图1乙的实物图时，需将导线a接到滑动变阻器的______（选填“A”或“C”）接线柱．

③正确连接电路后，开关S闭合前应将滑片移至滑动变阻器的______（选填“A”或“B”）端；闭合开关后，该同学发现，电压表示数接近电源电压，电流表无示数，该电路故障应是Rx______（填“断路”或“短路”）．

④在实验过程中，滑动变阻器除了保护电路外，还有一个重要的作用是______；如果用两个定值电阻R1和R2（R1＜R2）替代滑动变阻器，组成如图2a、b、c三种电路分别

进行实验，正确测得三组实验数据并记入表格中，则第3次实验数据应是按照______（填“a”、“b”或“c”）图的电路进行实验测得的．实验次数电压U/V电流I/A电阻RX/Ω10.850.146.0721.210.206.0532.110.356.03⑤根据实验数据可知，Rx的阻值是______Ω．某市某中学初三年级课外兴趣小组的同学．按照图甲所示的实物连接图做“测定小灯泡的电阻”实验（小灯泡标有“2.5V”字样），在实验过程中得到了如表所示的一组U和I的数据：实验次数123456灯泡两端的电压U/V0.51.01.52.02.53.0通过灯泡的电流I/A0.180.220.260.300.34灯泡发光情况微亮→逐渐变亮（1）该同学在连好电路后进行实验，发现灯泡较暗，左右移动滑动变阻器灯泡亮度不变，出现该现象的原因是______．

（2）灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，表格中的空格处的读数为______A，此时小灯泡的电阻是______Ω（小数点后保留一位数字）．小灯泡的额定功率是______W．

（3）分析比较表格中的数据可以看出，在灯丝中电流逐渐增大的过程中，灯丝的电阻______（选填“变大”、“变小”或“不变”），进一步分析表明______．

（4）该同学在练习测量电阻时发现电压表损坏了，他灵机一动，使用一个定值电阻和电流表也能完成电阻的测量，根据该同学设计的电路图丙，你帮他完成实验步骤：

①闭合开关，记录电流表的示数I1；

②______；

③则Rx=______（写出表达式）

阅读下面短文，回答后面的问题．

玉兔号月球车

玉兔号是中国首辆月球车，和着陆器共同组成嫦娥三号探测器．玉兔号月球车设计质量140

千克，能源为太阳能，能够耐受月球表面真空、强辐射、摄氏零下180

度到零上150

度极限温度等极端环境．由于月球昼夜温差非常大，白昼时温度高达150

摄氏度，黑夜时低至零下180

摄氏度．为适应极端环境，“玉兔号”月球车利用导热流体回路、隔热组件、散热面设计、电加热器、同位素热源，可耐受300摄氏度的温差．

回答问题．

（1）玉兔号的能源之一为太阳能，其太阳能电池帆板等设备能将______能转化为______能．

（2）月球表面扬起月尘，______（是/不是）扩散现象．月球车在有光照射的部分温度高达120℃，这是通过______的方式改变了月球车的内能．

（3）玉兔号利用导热流体回路、电加热器等，使月球车保持在一定的温度范围内．如图是一种电加热器和导热流体回路，在经过电热丝后，可使4℃的水升高至54℃，若每分钟流过电热丝的水为4kg，则1分钟内水吸收的热量为______

J．[水的比热容为

4.2×103J/（kg•℃）]．

答案和解析1.【答案】B

【解析】解：A、花开时香味扑鼻是扩散现象，证明了分子不停地做无规则运动，不符合题意；

B、下雪时雪花漫天飞，是固体小颗粒的运动，不是分子的运动，不能说明分子永不停息地做无规则运动，符合题意；

C、红墨水在水中散开是扩散现象，能证明分子不停地做无规则运动，不符合题意；

D、衣柜里的樟脑丸过一段时间变小了，是扩散现象的结果，能证明分子永不停息地做无规则的运动，不符合题意；

故选B．

物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则的运动，扩散现象与布朗运动证明了分子的无规则运动．

本题考查了分子动理论的应用，掌握分子动理论即可正确解题，本题难度不大是一道基础题．2.【答案】C

【解析】解：

A、比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，与物质的质量、温度、吸放热情况无关，故A错误；

B、同种物质的比热容是相同的，故B错误；

C、已知c铜＜c铝，质量相同的铝块和铜块吸收相同的热量，根据△t=，比热容小的物质，温度变化较大，所以量相等的铝块和铜块吸收相同的热量，铜块温度变化较大．故C正确；

D、一般情况下，水的初温为25℃、水的沸点为100℃，水吸收的热量Q吸=cm（t-t0）=4.2×l03J/（kg•℃）×1kg×（100℃-25℃）=3.15×105J，故D错误．

故选：C．

①比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类和状态有关，与质量、温度计吸放热情况无关；

②质量相同的不同物质，吸收相同的热量，温度变化与物质的比热容成反比；

③一般情况下，水的初温为25℃、水的沸点为100℃，利用Q吸=cm（t-t0）求水吸收的热量．

本题考查比热容的概念，在分析有关比热容的知识时，据公式Q=cm△t可看出，这里面的变量有多个，故在分析时要用控制变量的思维来考虑．3.【答案】C

【解析】解：

A、图中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气的内能增加，温度升高，故A错误；

B、图中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小，故B错误；

C、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，温度降低，故C正确；

D、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，气体的内能减少，故D错误。

故选：C。

（1）根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题。

（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。

本题考查做功改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。4.【答案】B

【解析】解：A、一切物体在任何时候都具有内能．所以0℃物体也有内能．不符合题意．

B、水蒸气对外做功内能减小，温度降低．符合题意．

C、使物体内能增大，温度升高的方法有做功和热传递两种，故C错误，不符合题意．

D、内能大小跟物体的质量、状态、温度有关．把一个物体举高质量不变，温度不变，内能不变．故D错误，不符合题意．

故选B．

（1）一切物体在任何时候都具有内能．

（2）物体对外做功，内能减小，温度降低．

（3）内能大小跟物体的质量、状态、温度有关．

（4）内能的研究对象是分子，它是物体所有分子的分子动能、分子势能的总和；机械能的研究对象是物体．

内能大小跟物体的质量、状态、温度有关，用控制变量法比较物体内能的大小．5.【答案】B

【解析】解：

A、热值是燃料的特性，与燃烧情况无关，故A错误；

B、使燃料燃烧更充分，可以增大有效利用的能量，提高热机的效率，故B正确；

C、热值是燃料的特性，与放出热量的多少无关，故C错误；

D、热值取决与燃料种类，与外界条件无关；而燃料的燃烧情况、能量的损失都会影响热机效率，故D错误。

故选：B。

（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；

（2）热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比叫做热机的效率，在工作过程中，损失的能量越少，热机的效率越高。

本题考查了学生对热值概念和热机效率的了解与掌握，明确热值是燃料的一种特性（只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等无关）是本题的关键。6.【答案】A

【解析】解：因为甲带正电，甲、乙相互排斥，

所以甲、乙一定带同种电荷，即乙一定带正电。

因为甲与丙相互吸引，而吸引的现象：一是带异种电荷的带电体之间；二是一个带电，一个不带电。

由于已知甲一定带正电。

所以一是丙可能和甲带异种电荷，即带负电；二是丙可能不带电。

故选：A。

排斥的一定带同种电荷，吸引的可能带异种电荷，可能一个带电，一个不带电。

根据上面的两个规律进行判断。

本题的关键是知道相互吸引的情况有两种，所以相互排斥的物体一定带同种电荷，相吸的物体可能带异种电荷，可能是带电体吸引轻小物体。7.【答案】D

【解析】解：A、据题意可知，该金属棒能导电，所以一定是导体，故A正确；

B、验电器的原理是同种电荷相斥，故两金属箔片能够张开是因为带上了同种电荷，故B正确；

C、原来A验电器带负电，即有多余电子，B验电器不带电，即不多电子，也不少电子，所以当用金属棒连接时，一部分电子会从A运动到B，故B验电器中的金属箔由于多电子而带上了负电荷，故C正确；

D、据C可知，电子的运动方向是A到B，由于电子是负电荷，所以电流的方向是由B到A，故D错误；

故选：D。

（1）善于导电的物体称为导体；

（2）验电器的原理是同种电荷相斥；

（3）据带正电或负电的实质分析即可判断；

（4）电流的方向与负电荷定向移动的方向相反；

此题考查了导体、绝缘体的判断、验电器的原理、电流方向的判断等知识点，是一道综合题。8.【答案】A

【解析】解：塑料直尺、玻璃棒、干木筷子是绝缘体，不能使灯泡亮起来，铅笔芯是导体，能使灯泡亮起来；

故选：A。

（1）根据导电性的不同，材料可分为导体、半导体、绝缘体三大类；

（2）容易导电的物体叫导体，如金属、人体、大地等；不容易导电的物体叫绝缘体，如塑料、橡胶、陶瓷等；导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。

对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日常生活和工业生产中的应用来记忆，不要死记硬背。如塑料，橡胶，陶瓷等常用来制作用电器的外壳，以防止触电，它们都是绝缘体；而电线芯用金属来做，因为金属容易导电，是导体。9.【答案】C

【解析】解：A、两灯串联，不合题意；

B、开关闭合后一个灯泡被短路，不合题意；

C、电路连接从正极开始分支，一支经开关、灯泡回到负极，另一支经另一个灯泡回到负极，符合题意；

D、开关控制干路，题意是开关控制支路，不合题意。

故选：C。

从实物图可以看出，两灯并联，开关控制其中一盏灯。

本题考查根据实物图选择电路图，关键是明白电路中各个用电器的连接情况，自己能画出电路图，根据实物图画电路图是整个初中物理的难点，也是中考必考内容。10.【答案】D

【解析】解：A、电路中没有电源，电灯不会亮。

B、开关闭合后，L1被短路，只有L2亮。

C、开关闭合后，发生短路，两个电灯都不亮。

D、开关闭合后，两个电灯都亮。

故选：D。

根据电路的组成和状态及开关的状态对电灯的影响分析。

电路的组成包括电源、开关、用电器、导线，电路中不能出现对电源短路的情况，这样会烧坏电源的。11.【答案】B

【解析】解：由图知：

A、电流表与灯泡并联在电源两端，闭合开关会造成短路，烧坏电源或电流表，故A错误；

B、电流表与灯泡L1串联，测量通过灯泡L1的电流．故B正确；

C、电流表串联在干路中，测量干路电流．故C错误；

D、电流表与灯泡L2串联，测量通过灯泡L2的电流．故D错误．

故选B．

（1）电流表相当于导线，与用电器串联使用；电压表相当于断路，与用电器并联使用；

（2）使用电流表或电压表时，必须使电流从正接线柱流入，从负接线柱流出．

电表使用规则要熟练掌握，正确应用，否则不但完不成测量任务，还可能损坏电表．12.【答案】D

【解析】解：因为ABC选项均为串联电路，并且电压表都是并联在L2的两端，故ABC选项均不符合题意；

D选项中L1和L2两灯并联，电压表与两灯并联，并且两灯两端电压相等，故D选项符合题意．

故选D．

由电压表的使用方法可知：电压表测量L1两端电压，因此电压表必须并联在L1的两端．A、B、C项均为串联电路、电压表均与L2并联（B、C中与电压表并联含L1的电路也含电源，这种情况不能认为是与L1并联）．D项中两灯是并联的，电压相等．

本题考查电压表的正确使用方法的掌握情况，并且会判断出电压表测量的电压值．13.【答案】A

【解析】解：（1）由电路图可知，电压表V2示数应大于电压表V1示数，而两电压表指针位置相同，则电压表V2量程是0～15V，分度值是0.5V，电压表示数UV1=7.5V；电压表V1量程是0～3V，分度值是0.1V，电压表示数UV2=1.5V；

（2）电阻R2的电压U2=UV1=1.5V，电阻R1的电压U1=UV2-U2=7.5V-1.5V=6V；

故选：A。

由图a可知，电阻R1与R2串联，电压表V2测两电阻串联电压，即电源电压，电压表V1测电阻R2两端电压，根据串联电路特点确定电压表量程与分度值，读出电压表示数，然后由串联电路特点求出两电阻两端的电压。

本题考查了求出电阻两端的电压，分析清楚电路结构、掌握电压表的读数方法是正确解题的关键，本题的难点是确定两个电压表的量程。14.【答案】B

【解析】解：由题意可知，当两个副裁判对应的按钮可以单独工作、并且互不影响，而主裁判的按钮与副裁判的按钮工作时相互影响，因此两个副裁判对应的开关并联连接后与主裁判对应的开关串联连接，即乙、丙并联后与甲串联。

故选：B。

由题意可知，主裁判和至少一个副裁判都按下自己面前的按钮时，指示杠铃被举起的灯泡L才亮；根据串联电路电路中各元件相互影响和并联电路中各元件互不影响进行判断。

根据题意得出两个开关的连接方式是解决本题的关键。15.【答案】D

【解析】解：两灯泡串联，两灯泡串联，电压表测量L2两端电压，开关闭合时两灯都不亮，说明电路故障为断路；因为电压表有示数，说明灯L2断路．

故选D．

根据电路图可知，两灯泡串联，电压表测量L2两端电压，开关闭合时两灯都不亮，说明电路故障为断路，然后根据电压表有示数确定电路断路的位置．

串联电路的特点是：各用电器工作状态互相影响，一个用电器断路，其它用电器都不能工作；一个用电器不工作，其它用电器能工作，故障只能是此用电器短路．16.【答案】C

【解析】解：当电风扇的电动机启动后，灯泡才能发光；风扇不转，灯泡不能发光，故应当有一个开关在干路中，一个开关在灯泡的支路中．

故选C．

由并联电路的特点知，开关在干路时，可控制所有用电器，在支路上时，只控制该支路上的用电器．

本题利用了并联电路的特点．干路上的开关控制整个电路，支路上的开关只控制该支路．17.【答案】C

【解析】解：如果两个灯泡串联，无论a、b是什么仪表，L2都会被短路，故电路不可能为串联；那么两个灯泡的连接方式一定为并联，所以为了使灯L1、L2正确发光，a处相当于导线，即电流表；b处不能形成通路，否则会形成电源短路，故b处为电压表．

故选C．

分两种情况对电路进行分析，即串联电路或并联电路，然后根据电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线；电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路分析a、b的类别．

解答本题需要掌握：压表和电流表的正确使用方法；电压表和电流表的在电路中的作用；本题根据电压表和电流表在电路中的作用进行分析更简单些18.【答案】C

【解析】【分析】

由图可知，滑动变阻器R与灯L并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量通过灯泡的电流；根据电源电压不变可知滑片移动时电压表示数的变化情况；根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，通过灯泡电流和灯泡实际功率的变化情况；根据滑片的移动可知变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化情况。

本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键之一是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。

【解答】

由图可知，滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量通过灯泡的电流；

B.由于电压表测量电源电压，所以，当滑片P向左移动时，电压表的示数不变，故B错误；

AD.因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，滑片向左移动时，通过灯泡的电流和灯泡的实际功率均不变，即电流表A2示数不变、灯泡的亮度不变，故AD错误；

C.当滑片P向左移动时，变阻器接入电路的电阻变小，由可知，通过滑动变阻器的电流变大；

由于通过变阻器的电流变大、灯泡的电流不变，且并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流变大，即电流表A1的示数变大，故C正确。

故选C。19.【答案】C

【解析】解：

（1）根据P=可知，额定电压相同时，甲灯泡的额定功率小，电阻大；乙灯泡的额定功率大，电阻小；

当电阻丝的材料和长度一定时，电阻丝越粗，电阻越小，因此甲的电阻丝细，乙的电阻丝粗；故A、B错误；

（2）串联电路处处电流相等，由P=I2R，电阻较大的灯泡亮，即串联时，甲灯泡亮，

由P=可知，两个灯泡并联时，电压相等，电阻小的亮，即乙灯亮．故C正确；

（3）两灯的额定功率之和：P=P额甲+P额乙=+=40W+60W=100W，

两个灯泡串联接在220V的电路中，电路的总功率为：

P总=，

+≠，所以P总≠100W，故D错误．

故选C．

由公式P=比较两灯泡的电阻大小关系，根据影响电阻大小的因素比较灯丝的粗细；

根据串联电路电流的特点和P=I2R可知串联时比较亮的灯泡，根据P=比较串联时的总功率与额定功率和的关系．

本题考查了电阻的计算和串联电路电流的特点，以及功率计算公式的应用关键是会选择合适的计算公式．20.【答案】D

【解析】解：导体电阻是导体本身的一种性质，与通过导体的电流及导体两端的电压无关，故A、B、C错误，D正确；

故选：D。

导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是导体电阻是导体本身的一种性质，与流过的电流和两端的电压无关。

我们根据比值定义法定义了电阻，但是电阻是由导体本身的性质决定的，与通过它的电流及两端的电压是无关的，在学习中要注意体会该定义法。21.【答案】D

【解析】解：当开关闭合时，电路为R2的简单电路，电压表测电源两端电压；

当开关断开时，R1与R2串联，电压表测电源两端的电压；所以电压表示数不变；

当开关闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，

当开关断开时，R1与R2串联，电流表测串联电路中的电流；

因为电阻越串越大、大于任何一个分电阻，所以开关S由闭合到断开时，电路中的总电阻变大；

由I=可知，电源电压不变时，电路中的电流变小，即电流表的示数变小。

故选：D。

由电路图可知，当开关闭合时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表测电源两端电压；当开关断开时，R1与R2串联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流；根据电阻的串联判断电路中电阻的变化，利用欧姆定律判断两电表示数的变化。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，会分析开关闭合前后电路的变化是关键。22.【答案】C

【解析】解：

A．电冰箱的功率约为150W，故A不符合；

B．电视机的功率约为120W，故B不符合；

C．热水器属于大功率用电器，功率约为1000W左右，故C符合；

D．电风扇的功率约为60W，故D不符合．

故选C．

根据常见家庭用电器的额定功率进行选择，电功率为1kW的用电器属于大功率用电器．

本题主要考查学生对电功率物理含义的理解和掌握，要熟悉常见家用电器的功率．23.【答案】D

【解析】解：

A、电功率与电功和时间都有关系，时间不确定，做功多少不能确定．此选项错误；

B、电功率与电功和时间都有关系，做功多少不确定，功率大小不能确定．此选项错误；

C、电功率的大小由电功和做功时间共同决定，时间不确定，功率大小不能确定．此选项错误．

D、电流做功越快，说明功率越大．此选项正确；

故选D．

①电功率是描述电流做功快慢的物理量．电流在单位时间所做的功叫电功率，电功率的大小由电功和做功时间共同决定；

②电流做功的多少与电功率和时间成正比．

本题利用了电功率的概念和电功的计算公式解答．注意电功的大小是由电功率的大小和时间共同决定的，不能单独由电功率或时间决定．24.【答案】D

【解析】解：由于接入同一电路中，所以电压相等．

当R1、R2并联时，根据并联电路的电阻特点，总电阻比任何一个分电阻都小，所以当R1、R2并联时，总电阻最小；

当R1、R2串联时，根据串联电路的电阻特点，总电阻比任何一个分电阻都大；

又知R1＜R2，所以D选项中电阻最小，根据公式P=，D的总功率最大．

故选D．

此题属于电功率计算的内容，首先要掌握电功率的计算公式：P=UI，并要掌握其推导公式P=I2R、P=．

在分析过程中要注意分析几种连接方法中相等的量，根据串联电路和并联电路的电阻特点，分别求出各选项的总电阻，再利用公式P=比较即可求解．

此题主要考查了学生对电功率公式的应用，特别是对电功率公式的选择．选择合适的公式可以将问题简单化．25.【答案】D

【解析】解：

A、电能表表盘上的10（20）A，10A指的是标定电流，20A指的是平时工作允许通过的最大电流，则此电能表所在电路的最大电功率P=UI=220V×20A=4400W，故A错误；

B、电能表是测量电路中用电器消耗电能（电功）的仪器，不是测量电功率，故B错误；

CD、因2500r/kW•h表示转盘转1圈，电路中消耗kW•h的电能，

所以，电能表转盘转了5r，电风扇消耗的电能：

W=kW•h=0.002kW•h，故C错误；

电风扇的实际功率：

P===0.1kW=100W，故D正确．

故选D．

A、10（20）A，10A指的是标定电流，20A指的是平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求此电能表所在电路的最大电功率；

B、用电器消耗电能的多少用电能表测量；

CD、2500r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，转盘转2500圈，或者表示转盘转1圈，电路中消耗kW•h的电能，据此求出电能表转盘转了5r消耗的电能，再根据P=求出电风扇的实际功率．

本题考查了电流的磁效应和电能表的作用以及电功、电功率的计算，明白电能表参数的含义是关键26.【答案】B

【解析】解：（1）开关S1闭合，S2断开时R0和Rx串联，电流表可以测出通过Rx的电流Ix；S2闭合时为Rx的简单电路，不能直接或间接测量出Rx的电压，所以不能求出Rx的电阻．

（2）开关S0闭合，S接1时电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当S接2时电路为未知电阻Rx的简单电路，电流表测通过Rx的电流Ix，根据Rx=求出电阻．

（3）开关S1和S2都闭合时，R0被短路，电压表测量电源电压U；只闭合S1时，R0和Rx串联，电压表直接测量Rx两端的电压Ux．根据串联电路总电压等于各串联导体电压之和，求出定值电阻两端的电压U0=U-Ux，根据I0=，求出通过定值电阻的电流．根据串联电路电流处处相等，通过Rx电流等于通过定值电阻电流Ix=I0．根据Rx=求出电阻．

（4）开关S0闭合，S接1时和S接2时电压表V的正负接线柱会连接错误，故无法测出正确的使用．

故选B．

利用电压表和电流表，结合串、并联电路电流和电压特点以及欧姆定律，直接或间接得出被测电阻两端的电压和电流，根据Rx=求出电阻，并且要注意电表正负接线柱的连接．

本题考查了伏安法测电阻的探究实验，设计正确的电路图、排除电路故障是我们在实验中常遇到的问题，因此在实验课上我们要边实验边思考，将所学的理论与实际结合起来，锻炼我们解决实际问题的能力．注意伏安法测电阻的原理为欧姆定律的使用，一定要直接或间接测出电阻两端的电压和通过电阻的电流为目的，然后可由欧姆定律求得电阻的阻值．27.【答案】C

【解析】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）当滑片位于a端时，接入电路的电阻为0Ω，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，

由图象可知，Ia=0.6A，

由I=可得，电源的电压U=IaR1=0.6A×R1，

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，

由图象可知，Ib=0.2A，Ub=4V，

则滑动变阻器的最大阻值：

R2===20Ω，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，电源的电压U=IbR1+Ub=0.2A×R1+4V，

因电源的电压不变，

所以，0.6A×R1=0.2A×R1+4V，

解得：R1=10Ω，

电源的电压U=IaR1=0.6A×10Ω=6V，故A正确，不符合题意；

电路的最大总功率：

P最大=UIa=6V×0.6A=3.6W，故B正确，不符合题意；

（2）电路中的电流：

I==，

滑动变阻器消耗的电功率：

P2=I2R2=（）2×R2==，

当R2=10Ω时，P2max==0.9W，

当R2=0Ω时，Pa=0W，

当R2=20Ω时，Pb=（）2×20Ω=0.8W，

综上可知，滑片P从a端移动到b端，R2消耗的电功率先变大后变小，故C错误，符合题意；

（3）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器接入电路中的电阻一半时，电路中的电流：

I中===0.3A，

由图象可知，对应与D点，故D正确，不符合题意．

故选C．

由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）当滑片位于a端时，接入电路的电阻为0Ω，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变求出R1的阻值和电源的电压，根据P=UI求出电路的最大总功率；

（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，进一步判断R2消耗的电功率变化；

（3）根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻一半时电路中的电流，然后结合图象判断对应的点．

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是利用数学知识判断滑动变阻器消耗电功率的变化和从图象中得出相关的信息．28.【答案】D

【解析】解：A．由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，

根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，故A错误；

B．由图象可知，当乙两端电压为2V时，通过乙的电流为0.2A，

由I=可得，R乙===10Ω，故B错误；

C．甲、乙串联在电路中，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，当电路电流为0.2A时，通过甲、乙的电流均为0.2A，

由图象可知，U甲=1V，U乙=2V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，电源的电压：

U=U甲+U乙=1V+2V=3V，故C错误；

D．甲、乙并联在电路中，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，当电源电压为2V时，U甲=U乙=U=2V，

由图象可知，I甲=0.4A，I乙=0.2A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流：

I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A，

电路每秒内消耗总电能：

W=UIt=2V×0.6A×1s=1.2J，故D正确．

故选D．

（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻电阻的电流与两端两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；

（2）由图象可知，当乙两端电压为2V时对应的电流，根据欧姆定律求出R乙的阻值；

（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压；

（4）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流，利用W=UIt求出电路每秒内消耗总电能．

本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、电功公式的灵活运用，关键是根据图象得出相关的信息．29.【答案】BCD

【解析】解：由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：

I1===0.5A，I2===1A，

由I=可得，两灯泡的电阻分别为：

R1===12Ω，R2===6Ω；

（1）因两灯泡的额定电流不相等，

所以，两只灯泡不可能同时正常发光，故A错误；

（2）因串联电路中各处的电流相等，

所以，能正常发光的灯泡为额定电流较小的L1，电路中的最大电流I=I1=0.5A，故C正确；

因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

所以，由P=I2R可知，L1的电阻大，实际功率大，灯泡较亮，故B正确；

灯泡L2的实际功率：

P2=I2R2=（0.5A）2×6Ω=1.5W，故D正确．

故选BCD．

知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出两灯泡的电阻；

（1）如果两灯泡的额定电流相等，可以同时发光，否则不可能同时正常发光；

（2）根据串联电路的电流特点确定电路中的最大电流，根据P=I2R比较两灯泡的实际功率，实际功率大的灯泡较亮；再根据P=I2R求出灯泡L1正常发光时灯泡L2的实际功率．

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电路的较小值和知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．30.【答案】BCD

【解析】解：

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；

当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小；

由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故A错误；

由U=IR可知，灯泡两端的电压变大；

因灯泡的亮暗取决于灯泡实际功率的大小，

所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故C正确；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，电源电压不变、灯泡两端的电压变大，

所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故BD正确．

故选BCD．

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化．

本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．31.【答案】控制变量法；长度；A；B

【解析】解：（1）影响导体电阻大小的因素较多，因此本实验要采用的探究方法是控制变量法．

（2）如表中导体AD材料、横截面积相同，长度不同，所以选用导体AD，可探究导体电阻大小与长度是否有关；

（3）要探究导体电阻大小与材料是否有关，应控制长度和横截面积相同，材料不同．故选AB．

故答案为：（1）控制变量法；（2）长度；（3）A；B．

（1）导体电阻的大小与导体长度、材料、温度和横截面积等因素有关．在探究性的实验题中，若要探究的物理量与多个因素有关，都要用到控制变量法．

（2）分析表中实验数据，根据实验所控制的变量分析答题．

由于电阻的大小与多个物理量有关，因此探究时，要用到控制变量法．

在探究性的实验题中，若要探究的物理量与多个因素有关，都要用到控制变量法：如探究液体蒸发快慢与哪些因素有关；电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关；导体电流与电压、电阻的关系时等等．32.【答案】解：由电路图可知，R1与R2并联，

（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，由I=UR可得，电源的电压：

U=I1R1=0.4A×5Ω=2V；

（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过R2的电流：

I2=I-I1=0.6A-0.4A=0.2A，

则R2的电阻值：

R2=UI2=2V0.2A=10Ω。

答：（1）电源电压为2V；由电路图可知，R1与R2并联，

（1）知道R1的阻值和通过的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；

（2）根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，利用欧姆定律求出R2的电阻值。

​本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。33.【答案】解：（1）电烤箱正常工作，P高温=1100W，

由P=Wt可得电烤箱在高温档正常工作10min所消耗的电能：

W=P高温t=1100W×10×60s=6.6×105J，

（2）当开关S闭合时，电阻丝R1自己工作，电阻较小，功率较大，所以处于高温档位，

由P=UI=U2R得：

R1=U额2P高温=(220V)21100W=44Ω，

（3）当开关S断开时R1和R2串联，电阻较大，功率较小，所以处于低温档位，

由P=UI得：

电流I保温=P保温U=440W220V=2A；

R1的功率P1=I保温2R1=（2A）2×44Ω=176W，

答：（1）电烤箱在高温档正常工作10min所消耗的电能为6.6×105J；

（2）电路中R1的阻值为44Ω；

（

（1）知道电烤箱在高温档时的额定功率，又知道电烤箱正常工作，其实际功率等于额定功率，利用公式W=Pt计算消耗的电能．

（2）电压不变，根据公式P=，当开关S闭合时电阻丝R1自己工作，电阻较小，功率较大，所以处于高温档位，利用公式R=求出R1的阻值；

（3）当开关S断开时R1和R2串联，电阻较大，功率较小，所以处于低温档位，利用I=求电流，利用P=I2R求出R1的功率．

本题考查了学生对电功率公式及其推导公式的掌握和运用，关键是电烤箱高低温档的确定，还要学会从所给信息中找到有用的数据．34.【答案】解：（1）灯泡正常发光时的电压UL=24V，由图象可知通过的电流IL=0.4A，

由I=UR可知，此时灯丝的电阻：

RL=ULIL=24V0.4A=60Ω；

（2）该灯泡的额定功率：

PL=ULIL=24V×0.4A=9.6W；

（3）由图象可知，当灯泡两端的电压UL′=12V，通过的电流IL′=0.3A，

灯泡的实际功率PL′=UL′IL′=12V×0.3A=3.6W，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，滑动变阻器两端的电压：

U滑=U-UL′=24V-12V=12V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，滑动变阻器接入电路中的电阻：

R=U滑I滑=U滑IL′=12V0.3A=40Ω．

答：（1）当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为60Ω；

（2）该灯泡的额定功率是9.6W；

（

（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据图象读出通过的电流，根据欧姆定律求出此时灯丝的电阻；

（2）根据P=UI求出灯泡正常发光时的功率即为额定功率；

（3）由图象可知灯泡实际功率为3.6W时的电压和电流值，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻．

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出有用的信息，要注意灯丝的电阻是变化的．35.【答案】（1）

（2）电流表正负接线柱接反了；

（3）2.0；0.2；

（4）电阻一定时，通过电阻的电流与其两端的电压成正比

【解析】【分析】

​（1）连接滑动变阻器时，要“一上一下”的原则，当滑动变阻器的滑片向左移动时电流表的示数变大说明接入电路的电阻变小，即左下方接线柱必须接入电路中；

（2）由图中可以看出电流表反转了，原因是电流表正负接线柱接反；

（3）分别根据电表量程和分度值进行读数；

（4）分析表格中电流和电压的大小变化，得出电流和电压的关系，在电阻不变时，导体的电流与电压成正比。

本题探究探究电流与电压的关系，考查电路的连接、变阻器的作用、电表的读数、分析数据归纳结论的能力，属于中等难度的题目。

【解答】

（1）要求滑动变阻器的滑片P向左滑时，电流表示数变大，即P向左移动时，变阻器连入电路中的电阻变小，所以，应将滑片以左电阻丝连入电路中，如下图所示：

（2）由图丙可知，电流表指针反向偏转，原因是电流表正负接线柱接反了；

（3）图中电表都选用小量程，电压表的分度值为0.1V，示数为2.0V；电流表的分度值为0.02A，示数为0.2A；

（4）比较数据可知，定值电阻的电压是原来的几倍，