(江苏选考)18版高考物理二轮复习第二部分考前提速力争满分4策略考前提速练4

(江苏选考)18版高考物理二轮复习第二部分考前提速力争满分4策略考前提速练4LtDPAGEPAGE4内部文件，版权追溯内部文件，版权追溯考前提速练4一、单项选择题1.根据伽利略理想斜面实验，利用如图所示的轨道装置做实验：在斜轨上先后铺垫三种粗糙程度不同的材料，同一小球从左侧斜轨上的O点由静止释放后沿斜轨向下运动，沿右侧斜轨上升到的最高位置依次为1、2、3。对比这三次实验可知()A．第一次实验中小球接触的材料是最光滑的B．第二次实验中小球的机械能守恒C．第三次实验中小球的惯性最大D．第三次实验中小球对轨道最低点的压力最大解析：选D如果斜面光滑，则小球应到达与O点等高的位置，则由题图可知，三次实验中电容器并联的电阻两端的电压，故D错误。3.如图，真空中电量均为Q的两正点电荷，固定于一绝缘正方体框架的两侧面ABB1A1和DCC1D1中心连线上，且两电荷关于正方体中心对称，则()A．A、B、C、D四个点的电势相同B．A1、B1、C1、D1四个点的场强相同C．负检验电荷q在A点的电势能小于在C1点的电势能D．正检验电荷q从C点移到C1点过程电场力对其做正功解析：选A等量同种正点电荷周围电场分布情况如图，将该图与题图结合比较可知，A、B、C、D四个点的电场线分布是关于中心连线对称的，所以电势相同，故A正确；由于A1、B1、C1、D1四个点关于中心连线对称，场强大小相等，但方向不同，所以场强不同，故B错误；将两个图比较可知，A、B、C、D四个点和A1、B1、C1、D1四个点关于点电荷的连线的中心是对称的，所以8个点的电势高低是相等的，所以负检验电荷q在A点的电势能等于在C1点的电势能，正检验电荷q从C点移到C1点过程电场力对其做功的和为0，故C、D错误。4．如图所示，A、B为两等量异种电荷，图中水平虚线为A、B连线的中垂线，现将另两个等量异种检验电荷a、b，用绝缘细杆连接后，从离AB无穷远处沿中垂线平移到AB的连线上，平移过程中两检验电荷位置始终关于中垂线对称。若规定离AB无穷远处电势为零，则下列说法中正确的是()A．在AB的连线上a所处的位置电势φa＜0B．a、b整体在AB连线处具有的电势能Ep＞0C．整个移动过程中，静电力对a做正功D．整个移动过程中，静电力对a、b整体做正功解析：选B设AB连线的中点为O，由于AB连线的中垂线是一条等势线，且一直延伸到无穷远处，所以O点的电势为零。AO间的电场线方向由A→O，而顺着电场线方向电势逐渐降低，可知，a所处的位置电势φa＞0，故A错误；a所处的位置电势φa＞0，b所处的位置电势φb＜0，由Ep＝qφ知，a、b在AB连线处的电势能均大于零，则整体的电势能Ep＞0，故B正确；在平移过程中，a所受的静电力与其位移方向的夹角为钝角，则静电力对a做负功，故C错误；a、b看成一个整体，原来总电势能为零，在AB连线处系统总电势能为正，所以整个移动过程中，总电势能增大，静电力对a、b整体做负功，故D错误。5.如图所示，穿在一根光滑的固定杆上的两个小球A、B连接在一条跨过光滑定滑轮的细绳两端，杆与水平面成θ角，不计所有摩擦，当两球静止时，OA绳与杆的夹角为θ，OB绳沿竖直方向，则下列说法正确的是()A．A可能受到2个力的作用B．B可能受到3个力的作用C．细绳对A的拉力大于对B的拉力D．A、B的质量之比为1∶tanθ解析：选D对A受力分析可知，A受到重力、细绳的拉力以及杆对A的弹力，三个力的合力为零，故A错误；对B受力分析可知，B受到重力、细绳的拉力，两个力的合力为零，杆对B没有弹力，否则B不能平衡，故B错误；定滑轮不改变力的大小，则细绳对A的拉力等于对B的拉力，故C错误；分别对A、B受力分析如图，根据共点力平衡条件，得：T＝mBg，eq\f(T,sinθ)＝eq\f(mAg,sin90°＋θ)(根据正弦定理列式)，故mA∶mB＝1∶tanθ，故D正确。二、多项选择题6．水星或金星运行到地球和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学称为“行星凌日”。已知地球的公转周期为365天，若将水星、金星和地球的公转轨道视为同一平面内的圆轨道，理论计算得到水星相邻两次凌日的时间间隔为116天，金星相邻两次凌日的时间间隔为584天，则下列判断正确的是()A．地球的公转周期大约是水星的2倍B．地球的公转周期大约是金星的1.6倍C．金星的轨道半径大约是水星的3倍D．实际上水星或金星相邻两次凌日的实际时间间隔均大于题干所给数据，所以水星、金星和地球的公转轨道平面存在一定的夹角解析：选BD水星相邻两次凌日的时间间隔为116天，设水星的公转周期为T1，则有：eq\f(2π,T1)t－eq\f(2π,T地)t＝2π，T1≈88天，可知地球公转周期大约是水星的4倍，故A错误；金星相邻两次凌日的时间间隔为584天，设金星的周期为T2，则有：eq\f(2π,T2)t′－eq\f(2π,T地)t′＝2π，代入数据解得T2≈225天，可知地球的公转周期大约是金星的1.6倍，故B正确；根据Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(4π2,T2)r得，r＝eq\r(3,\f(GMT2,4π2))，因为金星的公转周期大约是水星的2.6倍，则金星的轨道半径大约是水星的1.9倍，故C错误；由所给资料，若公转轨道平面不存在夹角，那么行星凌日的实际时间间隔会与理论时间一致，而实际与理论不同，故公转轨道平面必然存在夹角，故D正确。7．空间中存在具有理想边界、垂直纸面向里的匀强磁场，如图甲所示，在光滑的绝缘水平面上，一矩形导线框以速度v0＝1m/s向右运动，当运动到图示的位置时，导线框开始受到一个方向水平向右、大小按图乙所示规律变化的外力作用，导线框以恒定的加速度向右运动。已知BC边的长度l＝0.2m、导线框的质量和电阻分别为m＝0.1kg、R＝0.1Ω。则()A．导线框刚进入磁场时所受的安培力方向向右B．磁场的磁感应强度大小为0.5TC．导线框AB边的长度为0.5mD．导线框进入磁场的过程中，流过导线框的电荷量为0.75C解析：选BD导线框刚进入磁场时，由楞次定律可知安培力方向向左，A错误；由题图乙可知，当导线框全部进入磁场后，F＝0.2N，导线框的加速度a＝eq\f(F,m)＝2m/s2，t＝0时刻导线框所受的安培力F1＝eq\f(B2l2v0,R)，而此时施加的外力F＝0.3N，由牛顿第二定律得F－F1＝ma，解得B＝0.5T，B正确；根据题图乙，导线框经过Δt＝0.5s完全进入磁场，由匀变速直线运动规律得x＝v0Δt＋eq\f(1,2)a·(Δt)2＝0.75m，则AB边的长度为0.75m，C错误；导线框进入磁场的过程中通过导线框的电荷量q＝eq\x\to(I)t，由法拉第电磁感应定律得eq\x\to(E)＝eq\f(ΔΦ,Δt)，由闭合电路欧姆定律得eq\x\to(I)＝eq\f(\x\to(E),R)，解得q＝eq\f(Blx,R)＝0.75C，D正确。8．一对平行正对的金属板A、B，间距为d＝0.1m，且极板足够长，极板间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B＝0.1T，连接在如图所示的电路中，其中电阻R1＝1Ω，R2＝3Ω，电容器的电容C＝20μF，电流表为理想电表。现在从图中O1点以v0＝1.0×103m/s的速度平行于极板A、B射入一束等离子体(含有大量的正离子和负离子，且不计重力)，A、B构成一个磁流体发电机，当电路稳定后，电流表示数I＝2A，则()A．该磁流体发电机极板A带正电，B带负电B．该磁流体发电机的电动势为10VC．电容器、电阻R2两端的电压均为10VD．电容器带电量为1.2×10－4C解析：选ABD等离子体射入磁场中，受到洛伦兹力，正离子将打到磁流体发电机的A极板上，负离子打到B极板，从而产生电场，故该磁流体发电机极板A带正电，B带负电，故A正确；当后来的离子所受的洛伦兹力与电场力平衡时，磁流体发电机的电压和电量都稳定，由平衡条件得：qv0B＝qeq\f(U,d)，得：U＝Bv0d＝10V，故B正确；稳定时电压是一定的，R1、R2串联，电容器与R2并联，电压等于：U2＝IR2＝6V，故C错误；电容器的电量为：Q＝CU2＝1.2×10－4C，故D正确。9．水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，用于对旅客的行李进行安全检查，如图为一水平传送带装置示意图，绷紧的传送带AB始终保持v＝1m/s的恒定速度运行。旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带间的动摩擦因数μ＝0.1，AB间的距离为2m，g取10m/s2。若乘客把行李放上传送带的同时，也以v＝1m/s的恒定速度平行于传送带前进去取行李，则()A．乘客与行李同时到达BB．乘客提前0.5s到达BC．行李提前0.5s到达BD．若传送带速度足够大，行李最快也要2s才能到达B解析：选BD把行李无初速度放上传送带时，行李先做初速度为零的匀加速运动，设经过时间t1速度与传送带相同，t1＝eq\f(v,μg)＝1s，此过程行李的位移大小为x＝eq\f(vt1,2)＝eq\f(1×1,2)m＝0.5m，行李匀速运动的位移为x2＝(2－0.5)m＝