试卷01-2021届八省新高考物理模拟卷(辽宁专用)(解析版)

2021届八省新高考物理模拟卷—辽宁卷（01）一、选择题：本题共10小题，1至7题只有一项符合题意，8至10题有多项符合题意（2021.辽宁高三月考）如图所示的V-t图象中，直线a和抛物线b分别为质点A、B的运动速度与时间关系图线，其中v、t已知，则0~t时间内（ ）00 0A.A做直线运动，B做平抛运动 B.两质点均沿负方向运动C.某时刻A、B加速度相同 D.两质点的平均速度相同【答案】C【详解】AB.v-t图象不是运动轨迹，两质点均沿正方向做直线运动，选项AB错误；v-t图线的斜率表示质点的加速度，由图可知，在0〜t0时间内两图线存在斜率相同的时刻，因此存在加速度相同的时刻，选项C正确；v-t图象中，图线与坐标轴所围图形的面积表示质点的位移大小，在0〜t时间内％<%，由V=-可0 ab t知r<V，选项D错误；ab故选C。（2021.辽宁高三零模）一束含两种频率的单色光，平行于底边照射等腰三棱玻璃砖侧面，从另一侧面又平行射出，光线分为a、b两束，如图所示。下列说法正确的是（ ）a光的频率小于b光的频率a光在玻璃中的速度大于b光在玻璃中的速度C.用同一装置进行双缝干涉实验，a光的条纹间距小于b光的条纹间距D.从同种玻璃射入空气发生全反射时，a光的临界角大于b光的临界角【答案】C

【详解】A.光束从左侧水平射入三棱玻璃砖，折射后将向下传播，被底面反射后向另一侧传播，由几何关系可知，进入玻璃砖时折射角较大的光线，经反射后从另一侧射出的位置较高，由图可知，光线。位置高，说明折射角较大，则频率较高，故A错误；B.由折射率c

n=—v可知，折射率越大，。光在介质中的速度越小，故B错误；C。光的频率较高，则波长较短，所以用同一装置进行双缝干涉实验，。光的条纹间距也较小，故C正确；D.由公式sinC=1n可知，折射率越大，临界角越小，。光频率较高，在同种玻璃种折射率较大，则临界角较小，故D错误。故选C。（2021.辽宁高三零模）玻尔认为，围绕氢原子核做圆周运动的核外电子，轨道半径只能取某些特殊的数值，这种现象叫做轨道的量子化。若离核最近的第一条可能的轨道半径为。，则第n条可能的轨道半径为rn=n2rl（n=1,2,3,……）,其中n叫量子数。设氢原子的核外电子绕核近似做匀速圆周运动形成的等效电流，在n=3状态时其强度为I，则在n=2状态时等效电流强度为（ ）A.-I3A.-I3C.287I27D.至I【答案】D一e2 4兀2【详解】根据k—=mr——，解得r2 T2；mr3en=2和n=3轨道半径之比为4：9,则n=2和n=3两个轨道上的周期比为8：27,根据I=斤,电流比为27：8,所以在n=3状态时其强度为I，则n=2状态时等效电流强度为gI8故选D。（2021.辽宁高三月考）如图所示为某静电纺纱工艺示意图，虚线为电场线，a、b、c为电场中三点，a、c在中间水平虚线上的等势点到b的距离相等，b为中间水平虚线的中点，电场线关于水平虚线的垂直平分线对称，一电子从a点经过b运动到c点，下列说法正确的是（ ）A.电子在三点的电势能大小E>J>Epc pb paB.三点的电场强度大小E>E>EabcC电场力对电子做的功卬八二叫abbcD.电子可仅受电场力做题述运动【答案】C【详解】A.根据题图可知，电场线方向为从右向左，根据电势沿电场线方向逐渐降低和等势线与电场线垂直可知①>Q>5，又电子在电势高处电势能小，故A错误；cbaB.根据电场线的疏密表示电场强度的大小关系可知E>E>Ecba故B错误；C.〃、。在中间水平虚线上的等势点到b点的距离相等，由电场线的对称性可知水平虚线上关于b点对称的两点电场强度大小相等，可知U=Ucbba又W=Uq，则W=Wabbc故C正确；D.根据物体做曲线运动的条件和电子的受力可知，电子不可能在仅受电场力时做题述运动，故D错误。故选C。5.(2021.辽宁高三零模)如图所示，在竖直平面内摇摇椅绕虚线位置发生振动，假设摇摇椅的运动是个简谐运动，图中是摇摇椅振动到的最左侧，振动周期为0.6s。在周期为0.2s的频闪光源照射下，从图示位置开始计时，图像可能是()

【答案】C【详解】振动周期为0.6s。在周期为0.2s的频闪光源照射下，所以在一个周期内有三幅不同的照片，振动周期为0.6s，则角速度TOC\o"1-5"\h\z-2兀 兀3=——=——rad/sT0.30.2s时刻对应的角度兀 20=3t=—x0.2=—兀i0.3 30.4s时刻对应的角度兀八，40=31= X0.4=—712 0.3 30.6s时刻对应的角度70=3t=—x0.6=2兀3 0.3所以在0.2s，0.4s时刻的照片重合，且平衡位置的右侧，而在0.6s时刻，又回到原位置。

故选C。（2021.辽宁高三零模）图中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为L，磁场方向垂直纸面向里。abcd是位于纸面内的直角梯形线圈，ab与dc间的距离也为L。t=0时刻，ab边与磁场区域边界重合（如图）。现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域。取沿a^d^c^b^a的感应电流为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t变化的图线可能是（ ）A.B.QC.OD.Q【答案】A.B.QC.OD.Q【答案】A【详解】线圈移动0〜L，即在时间0〜L内，垂直纸面向里通过线圈的磁通量增大，线圈中产生逆时针方向v感应电流阻碍磁通量的增大，线圈切割磁感线的有效长度l均匀增大，感应电流EBvlI= —RRL2L均匀增大；线圈移动L~2L，即在时间一〜——内，线圈出磁场，垂直纸面向里的磁通量减少，线圈中产生vv顺时针方向感应电流阻碍磁通量的减少，线圈切割磁感线的有效长度l均匀增大，感应电流EBvlI= —RR大小均匀增大，因此A正确，BCD错误。故选A。（2021.辽宁葫芦岛市•高三期末）如图，悬挂物体甲的细线拴牢在一不可伸长的轻质细绳上0点处；轻绳的一端固定在墙上，另一端跨过光滑的定滑轮后悬挂乙物体。甲、乙质量相等，系统平衡时0点两侧的绳与竖直方向的夹角分别为q、e2。若q=65°,则e2等于（ ）ft南A．30° B．50° C．60° D．65°【答案】B【详解】由于T2和mg相等，故两者的合力沿这两个力夹角的角平分线，又T2和mg合力和T1大小相等方向相反，故T2和mg的夹角为2q，故6=兀-26二50。21故选B。(2021.辽宁高三月考)2020年7月23日，中国火星探测任务“天问一号”探测器在海南文昌航天发射场发射升空。如图所示，已知地球和火星到太阳的距离分别为R和1.5R，若某火星探测器在地球轨道上的A点被发射出去，进入预定的椭圆轨道，通过椭圆轨道到达远日点B进行变速被火星俘获。下列说法正确的是()火星轨道/\火星探测八\ /A.探测器在椭圆轨道A点的速度等于地球的公转速度B.探测器由A点大约经0.7年才能抵达火星附近的B点C.地球和火星两次相距最近的时间间隔约为2.2年D.探测器在椭圆轨道A点的加速度小于在B点的加速度【答案】BC【详解】A.探测器在椭圆轨道A点做离心运动，所以在椭圆轨道A点的速度大于地球的公转速度，选项A

错误；BC.因为地球的公转周期4=1年，设探测器在椭圆轨道运动的周期为T2，则根据开普勒第三定律得T2 T2—i—= 2 R3R+1.5R、

(^-)3则探测器由A点发射之后，大约经过Tt=—=0.7年2后抵达火星附近的B点，同理可求得火星的周期约为T=1.84年3根据1 1、人一 )At=1TT13AtAt=2.2年选项BC正确；a=GMa=GM可知探测器在椭圆轨道A点的加速度大于在B点的加速度，选项D错误。故选BC。(2021.辽宁大连市•大连二十四中高三月考)如图所示，a、b、c为范围足够大匀强电场中的三个等差等势面，等势面都竖直，一带电小球在A点由静止开始释放，小球运动中分别经过等势面b、c上的B、C两点(图中未画出)，小球重力不可忽略。则下列描述正确的是()A.释放后小球做匀变速直线运动B.释放后小球做匀变速曲线运动C.小球从A到B和从B到C的时间之比为1：(J2-1)D.小球从A到C,其电势能的减少量等于动能的增加量

【答案】AC【详解】AB.小球水平方向受恒定的电场力，竖直方向受重力作用，合力方向斜向下且为恒力，则释放后将沿合力方向做匀变速直线运动，选项A正确，B错误；C小球从A到B和从B到C水平方向将做初速度为零的匀加速运动，且水平位移相等，则通过的时间之比为1：（、；'2-1）,选项C正确；D.由能量关系可知，小球从A到C,其电势能与重力势能的的减少量之和等于动能的增加量，选项D错误。故选ACo（2021.辽宁高三零模）已知一足够长的传送带与水平面的倾角为仇以一定的速度匀速运动，某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度的物块（如图甲所示），以此时为看=0时刻记录了小物块之后在传送A.小匕>〃A.小匕>〃2,已知传送带的速度保持不变，则下列判断正确的是（ ）0~11内，物块对传送带一直做正功B.C.D.物块与传送带间的动摩擦因数NB.C.D.系统产生的热量一定比物块动能的减少量大110~t.内，传送带对物块做功为-mv2-mv22 2221【答案】BC【详解】A.由图可知传送带向上运动，0~t1内，物块向下运动，物块对传送带的摩擦力方向沿传送带向下，则物块对传送带一直做负功，故A错误；B.在11~12内，物块向上运动，则有Nmgcos0>mgsin0解得N>tan0故B正确;0~2内，由v-r图像可知，物块的总位移沿斜面向下，高度下降，重力势能减小，同时动能也减小，重力势能的减小量、动能的减小量都转化为系统产生的内能，则可知系统产生的热量一定比物块动能的减少量大，故C正确；0~r2内，由图“面积”等于位移可知，物块的总位移沿斜面向下，高度下降，重力对物块做正功，设为WG,根据动能定理11=mV2V2-—mv22221则传送带对物块做功11

W牛—mv2——mv22 22 1故D错误。故选BC。二、非选择题：本题共5小题(2021.辽宁高三月考)某实验小组利用如图所示的装置进行“探究向心力大小与半径、角速度、质量的关系”实验。转动手柄，可使塔轮、长槽和短槽随之匀速转动。塔轮至上而下有三层，每层左、右半径比分别是1：1、2：1和3：1。左、右塔轮通过皮带连接，并可通过改变皮带所处层来改变左、右塔轮的角速度之比。实验时，将两个小球分别放在短槽C处和长槽的A(或B)处，4C到左、右塔轮中心的距离相等，两个小球随塔轮做匀速圆周运动，向心力大小关系可由标尺露出的等分格的格数判断。(1)该实验用到的方法是( )A.理想实验 B.等效替代法 C.微元法 D.控制变量法(2)在某次实验中，某同学把两个质量相等的小球分别放在A、C位置，将皮带连接在左、右塔轮半径之比为2：1的塔轮上，实验中匀速转动手柄时，得到左、右标尺露出的等分格数之比为1：4；(3)若将皮带连接在左、右塔轮半径之比为3：1的塔轮上，左、右两边塔轮的角速度之比为 当左边标尺露出1个等分格时，右边标尺露出9个等分格，则实验说明 。【答案】D 1：3见解析【详解】(1)[1]分析易知本实验采用的是控制变量法。故ABC错误，D正确。故选D。(3)[2][3]因用皮带连接的左、右塔轮边缘线速度大小相等，皮带连接的左、右塔轮半径之比为3：1，根据V=3R可知，左、右两边塔轮的角速度之比为1：3又根据题意知放在A、C两处的小球质量相等，转动半径相等，左边标尺露1个等分格，右边标尺露出9个等分格，表明两球向心力之比为1：9。此次实验说明，做匀速圆周运动的物体，在质量和转动半径一定时，向心力与转动角速度的平方成正比。(202。辽宁高三三模)某实验小组要测量一节旧干电池的电动势和内电阻，用到下列器材：灵敏电流计G(内阻为Rg，满偏电流Ig)、电压表V(量程为U0)、电阻箱与、滑动变阻器R2、开关、导线若干。乙甲⑴由于灵敏电流计的量程太小，该实验小组用电阻箱R1与灵敏电流计G并联，可使其量程扩大，若R=[R,则改装后的电流表为灵敏电流计量程的 倍。119g(2)扩大量程后灵敏电流计的刻度盘并没有改变，将器材连接成如图甲所示的电路，调节滑动变阻器，读出了多组电压表示数U和灵敏电流计的示数IG并作出了U—IG图线如图乙所示，由作出的U—IG图线及题中的相关信息，可求得干电池的电动势E=，内阻r=。UR【答案】2。0.6U0 才-25g【详解】(1)[1]改装后的电流表的量程为IRI=I+—g-g=201

g R g1则有—=20I即改装后的电流表为灵敏电流计量程的20倍；(2)[2]根据电路结构和闭合电路欧姆定律则有RRU=E—201(r+一)

gR+R1g结合U-I图线可知纵轴截距即为电源电动势，所以干电池的电动势为GE=0.6U0[3]图象斜率为7AUU RR、k-二-0-=20(r+—i-g—)AI 21 R+Rg g 1g解得干电池的内阻UR

r———0———g-

401 20g13.(2020.凌源市第二高级中学高三月考)如图为自动人行道，常在码头、机场、展览馆和体育馆等人流集中的地方。将自动人行道抽象出右图模型，设其逆时针匀速转动的速度为%=1m/s,两个完全相同的小物块A、B(可视为质点)同时以v=2m/s的初速度相向运动。已知两物块运动的过程中恰好不会发生碰撞，加速度大小均为2m/s2,重力加速度g取10m/s2。求：(1)物块与传送带间的动摩擦因数；(2)小物块A、B开始相向运动时的距离。【答案】(1)0.2；(2)2.5m【详解】(1)物块在传送带上相对滑动时，有Rmg-ma解得：口-0.2(2)小物块B向左减速至与传送带共速的过程中所需时间为v—v

t- 0 -0.5sBa小物块A向右减速至0再反向加速至与传送带共速的过程所需的时间为0=1.5s两小物块恰好不发生碰撞，应该在小物块A与传送带共速时恰好到达同一点，在t=1.5s内小物块B向左A运动的位移V2—V2X——0 +V(t—t)B 2a 0AB解得X―1.75m，在t—1.5s内小物块A向右运动的位移BAV2—V2X=-0 A 2a解得x=0.75m，小物块B、A开始相向运动的距离为Ax+x=2.5mAB（2020・辽宁沈阳市•沈阳二中高三其他模拟）已知地面附近高度每升高12m,大气压强降低ImmHg。某实验小组利用这一性质设计一套装置来测量景区一座山的高度。如图所示，在一个密闭的玻璃瓶的塞子上插入一根细管，细管上端开口，瓶内有一定量的空气。现将此装置放在温度为27℃、大气压为750mmHg的山脚下，测得细管内水银柱的高度h=30mm。然后将装置缓慢的移到山顶上，待稳定后发现水银柱升高了6.8mm,E知山顶比山脚处的温度低2℃,求：该实验估测山顶与山脚处的高度差为多少？（不计细管内液柱升降引起的瓶内空气体积的变化）【答案】144m【详解】在山脚处瓶内气体压强P=P+pgh10T=273K+27℃=300K1设山顶处瓶内气体压强P2，山顶处温度T=T—2℃=298K21瓶内气体体积不变，根据查理定律有PP—==2^rTT12代入数据解得P=774.8mmHg2设山顶处大气压强为P0，则瓶内气体压强P=P'+pgh20 2h=h+Ah=36.8mm2解得P'=738mmHg