安徽省六安市第一中学20212021学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）

体，由牛顿第二定律知，地面对斜面体的摩擦力水平向左.故C正确.滑块由C到B进程做匀减速运动，加速度沿斜面向上，有竖直向上的分加速度，处于超重状态，所以地面对斜面体的支持力大于〔M+m〕g.故D正确.应选BCD.点睛：此题考察牛顿运动定律和运动学公式的应用，在解题时注意D的解答中，直接应用超重失重的规律可避免复杂的受力分析进程，也可以按照隔离法研究..如下图，一足够长的木板静止在粗糙的水平面上，匕0时刻滑块从木板的左端以速度v°v-t图象中可能正确的选项是（）【答案】BD【解析】试题分析：滑块滑上木板，受到木板对滑块向左的滑动摩擦力，做匀减速运动，假设木块对木板的摩擦力大于地面对木板的摩擦力，那么木板做匀加速直线运动，当二者速度相等时，一路做匀减速运动、设木块与木板之间的动摩擦因数为L,木板与地面间的动摩擦因数为以，木块的质量为m,木板的质量为M,知木板法唬瘁舅巡矫搭蝎但莽假设滑动，那么umg>u2m+m）g,最后一路做匀减速运动，加速度a，=匕g,开场木块做匀减速运动的加速度大小a=\g>巴g,知图线的斜率变小、B正确，C错误、假设jM+m〕g,那么木板不动，滑块一直做匀减速运动、D正确；由于地面有摩擦力，最终木块和木板不可能一路做匀速直线运动、A错误，应选BD。考点：牛顿第二定律、匀变速直线运动的速度与时间的关系、匀变速直线运动的图象。【名师点睛】滑块滑上木板，木板可能运动，可能不动，所以滑块可能先做匀减速运动，然后和木板一路做匀减速运动，也可能一直做匀减速运动。二、实验题.利用打点计时器探讨小车的速度随时间转变的规律。其中交变电流的频率为50Hz,如图给出了该次实验中，从A点开场，每5个点取一个计数点的纸带，其中A、B、C、D、E、F、G都为计数点。测得各计数点到A点的距离别离为：^=1.40cm,d=3.29cm,d「5.69cm,d「8.59cm,d5=12.00cm,（1^=15.90cmo⑴若是该纸带A端与小车相连，那么小车的运动方向为（选填“A-B〃或“B-A〃），且小车做（填”匀加速〃、“匀减速〃或“变加速〃）直线运动。⑵在打计数点F时，小车运动的瞬时速度为目=m/s,小车的加速度大小为a=m/s2。（本小车计算结果数值均保留两位有效数字）⑶若是那时电网中交变电流的电压略偏小，但仍然稳定。而做实验的同窗并非知道，那么加速度的测量值与实际值相较（选填“偏大〃”偏小〃或“不变〃兀

【答案】 (1).(l)B-A； (2).匀加速(3).(2)Vp=0.37m/s; (4).加(0.49~0.51都可)⑸.(3)不变【解析】试题分析：〔1〕若是该纸带A端与小车相连，那么小车的运动方向为B-A,因履二0一5m,故小车做匀加速直线运动。小车的加速度大小为&=〔2〕小车运动的瞬时速度为摩:(15.90-8.59)^1O-255小车的加速度大小为&=〔2〕小车运动的瞬时速度为摩:(15.90-8.59)^1O-2559Tl(1590—2x5.69}xlk9x0.01〔3〕若是那时电网中交变电流的电压略变小，打点计时器的打点时间距离不变，加速度a的测量值不变，加速度的测量值与实际值相较不变.考点：探讨小车的速度随时间转变的规律【名师点睛】此题考察了探讨小车的速度随时间转变的规律的实验；关键是弄清实验的原理，知道用匀变速直线运动的推论来计算瞬时速度和加速度..用图(a)的装置“验证牛顿第二定律〃时有两个“巧妙〃的设计，一是要求小车的质量远大于砂和砂桶的质量之和；二是对小车要进展“平衡摩擦力〃操作.回答以下问题：⑴实验要求“小车质量远大于砂和砂桶质量之和〃的目的是.⑵对小车进展“平衡摩擦力〃操作时，以下必需进展的是(填字母序号).B.在空砂桶的牵引下，轻推一下小车，小车能做匀速直线运动C.小车拖着穿过打点计时器的纸带做匀速运动时，打点计时器的电源应断开⑶在知足实验条件下，某同窗取得了如图⑹的图线(M为小车和祛码的总质量)，图线在纵轴上截距不为零的原因是.【答案】 (1).(1)绳重的拉力(近似)等于砂和砂桶重力之和 (2).(2)AD (3).(3)平衡摩擦力过度【解析】〔1〕当小车质量远大于砂和砂桶质量之和时可以近似以为：小车所受拉力近似等于砂和砂桶的总重力。〔2〕在该实验中，我们认为绳子的拉力就等于小车所受的合外力，应该平衡摩擦力，正确的操作应该是在没有定滑轮的一端把长木板垫起适当角度，细绳的另一端不能悬挂砂和砂桶，轻推一下小车，小车能做匀速直线运动，故AD正确。〔3〕由图象可知，对应的表达式为：次=3,」即；那么说明图线在纵轴上截距不为零说明在没有施加拉力的情况下，物体已经具有加速度，即物体的斜面倾角过大,即平衡摩擦力过度。点睛：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处置和考前须知，然后熟练应用物理规律来解决实验问题，要学会应用匀变速直线的规律和推论解答实验问题的能力，在平时练习中要增强根底知识的理解与应用。三、计算题15.在距离地面5m处将一个质量为1kg的小球以10m/s的速度水平抛出，假设g=10m/s2。求:

(1)小球在空中的飞行时间是多少?(2)水平飞行的距离是多少米？⑶小球落地是的速度？【答案】〔1〕1s〔2〕10m〔3〕100n/s,方向与水平方向的夹角为45°向下【解析】〔1〕小球做平抛运动，在竖直方向上的分运动为自由落体运动。由卜="得:【解析】〔1〕小球做平抛运动，在竖直方向上的分运动为自由落体运动。由卜="得:小球在空中飞行的时间〔2〕小球在水平方向上做匀速直线运动，得小球水平飞行的距离为:s=v0t=10X1m=10m。〔3〕小球落地时的竖直速度为：vy=gt=10m/s。所以，小球落地时的速度为：丫=］《一彳「j||?十序m/s=10同/s,方向与水平方向的夹角为45°向下。16.如下图，传送带与地面的倾角。=37°,从A到B长度为L=10.25m,传送带以v°=10m/s的速度逆时针转动，在传送带上端A无初速度地放一个质量为m=0.5kg的黑色煤块，它与传送带之间的动摩擦因数为口=0.5.煤块在传送带上通过会留下黑色痕迹.sin37°=0.6,取g=10m/s2,求：⑴煤块从A到B的时间；⑵煤块从A到B的进程中传送带山形成痕迹的长度.【答案】⑴1.5s (2)5m【解析】试题分析：〔1〕煤块刚放上时，受到向下的摩擦力，由牛顿第二定律得：代人数据解得：O0E5〔1分〕抵达和皮带速度相等的时间为：口= 〔〔1分〕煤块加速运动的位移为：〔1分〕抵达同后，煤块受到向上的摩擦力，由牛顿第二定律得:kimgcoser.igsine=ir.a：〔1分〕第二次加速的位移：忖=】」工］=525对〔1分〕八、物一叼”产与〔1刀〕解得户国〔1分〕将煤块从A到B的时间为匚丑亘3〔1分〔2〕第一进程划痕长L[=V&][C=5m〔2分〕第二进程划痕长卜=:*=。痂|〔2分〕两局部重合划痕总长为5m 〔2分〕考点：此题考察了传送带问题的分析。17.如下图，水平面上紧靠放置着等厚的长木板B、C（未粘连），它们的质量均为MB木板的左端放置着质量为m=1kg的木块A（可视为质点）.A与B、C间的动摩擦因数均为口=0.4,B、C与水平面间的动摩擦因数均为旭=。1|，最大静摩擦力等于滑动摩擦力.开场时整个系统处于静止，现对A施加水平向右的恒定拉力F=6N,测得A在B、C上各滑行了1s后，从C的右端离开木板，求木板B、C的长度日、0.【答案】够=可生=275m【解析】试题分析：〔1〕如图的示，对物体A进展受力分析有：ETaF口四4名iU<1-10 7 ,物体A产生的加速度以= = = s3=2mJ一巾.网I当A在B上滑动时，假设B运动那么以运动以B一致，故取BC为整体为研究对象受力分析有：BC整体受地面的支持法三三三四，BC与地面间的最大静摩擦力^豆三]，所以A在B上滑动时，BC均处于静止状态.所以A在B上做初速度为0的匀加速直线运动，由题意各B的长度等于A在1s的时间内运动的位移即：当A滑上B时，以C为研究对象受力分析有：考点：考察了牛顿第二定律与运动学公式的应用【名师点睛】解决此题的关键是运用整体法和隔离法别离求出物体运动的受力情况并求出合力，由牛顿第二定律肯定物体的运动情况.正确的受力分析和运动分析是解决此题的关键18.如下图，一倾角a