江苏省连云港市2019年高考物理考点突破每日一练31带电体在匀强电场中的运动复合场的综合问题含解析_第1页
江苏省连云港市2019年高考物理考点突破每日一练31带电体在匀强电场中的运动复合场的综合问题含解析_第2页
江苏省连云港市2019年高考物理考点突破每日一练31带电体在匀强电场中的运动复合场的综合问题含解析_第3页
江苏省连云港市2019年高考物理考点突破每日一练31带电体在匀强电场中的运动复合场的综合问题含解析_第4页
全文预览已结束

下载本文档

版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领

文档简介

欢迎阅读本文档,希望本文档能对您有所帮助!欢迎阅读本文档,希望本文档能对您有所帮助!欢迎阅读本文档,希望本文档能对您有所帮助!欢迎阅读本文档,希望本文档能对您有所帮助!欢迎阅读本文档,希望本文档能对您有所帮助!欢迎阅读本文档,希望本文档能对您有所帮助!考点突破每日一练(31)带电体在匀强电场中的运动、复合场的综合问题1.如图所示,一质量为m,电量为q的带电油滴,从水平向右的匀强电场中的O点以速度v沿与场强方向成37°角射入电场中,油滴运动到最高点时速度大小也是v,已知重力加速度为g,下列说法正确的是()A.最高点一定在O点的正上方B.最高点可能在O点的右上方C.O点与最高点之间的电势差可能为零D.匀强电场的电场强度E=3mg/q2.如图所示,长为L、倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中,一带电量为+q、质量为m的小球以初速度v0从斜面底端A点开始沿斜面上滑,当到达斜面顶端B点时,速度仍为v0,则()A.小球在B点的电势能一定大于在A点的电势能B.A、B两点间的电压一定等于eq\f(mgLsinθ,q)C.若电场是匀强电场,则该电场的电场强度最大值一定为eq\f(mg,q)D.若该电场是由放置在C点的点电荷Q产生,则θ为45°3.电荷量q=1×10-4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上,所在空间存在沿水平方向的电场,其电场强度E的大小与时间t的关系如图甲所示,物块速度v的大小与时间t的关系如图乙所示.重力加速度g=10m/s2.则(A.物块在4s内位移是8mB.物块的质量是1kgC.物块与水平面间动摩擦因数是0.4D.物块在4s内电势能减少了14J4.如图甲所示,圆盒为电子发射器。M处是电子出射口。其正视截面如图乙所示,D为绝缘外壳,整个装置处于真空中,半径为R的金属圆柱A可沿半径向外均匀发射速率为v的低能电子;与A同轴放置的金属网C的半径为3R。不需要电子射出时,可用磁场将电子封闭在金属网以内;若需要低能电子射出时,可撤去磁场,让电子直接射出;若需要高能电子,撤去磁场,井在A,C间加一径向电场,使其加速后射出。不考虑A、C的静电感应电荷对电子的作用和电子之间的相互作用,忽略电子的重力和相对论效应,已知电子质量为m,电荷最为e。(1)若需要速度为2v的电子通过金属网C发射出来,在A、C间所加电压U是多大?(2)若A、C间不加电压,要使由A发射的电子不从金属网C射出,可在金属网内环形区域加垂直于圆盒平面向里的匀强磁场,求所加磁场磁感应强度B的最小值。参考答案1.D[油滴从O到O′的过程,动能不变,而重力势能增加,根据能量守恒可知油滴的电势能减小,电场力做正功,油滴带负电,则知该油滴应逆着电场线移动,故O′在O的左上方.故A、B错误;油滴从O到O′的过程,由动能定理得UO′Oq-mgh=0解得UO′O=eq\f(mgh,q).故C错误;竖直方向上:vsinθ=gt,设水平方向的加速度大小为a,取向右为正方向,则-v=vcosθ-at又Eq=ma联立以上三式得:E=eq\f(mg1+cosθ,qsinθ)=eq\f(0.6mg,0.2q)=eq\f(3mg,q),故D正确.]2.B[小球从A运动到B的过程中,动能不变,重力势能增加,电势能减小,则小球在B点的电势能一定小于小球在A点的电势能,故A错误;根据动能定理得:-mgLsinθ+qUAB=eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)-eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0),得到:UAB=eq\f(mgLsinθ,q).故B正确.若电场是匀强电场,电场力恒定,到达B点时小球速度仍为v0,故小球做匀速直线运动,电场力与重力、支持力的合力为零.小球的重力沿斜面向下的分力为mgsinθ一定,则当电场力沿斜面向上,大小为F=mgsinθ时,电场力最小,场强最小,又电场力F=Eq,则该电场的场强的最小值一定是eq\f(mgLsinθ,q).电场强度的最大值不能确定.故C错误;若该电场是由放置在C点的点电荷Q产生,θ为45°时,A、B两点的电势相等,小球从A运动到B电势能不变,与上分析矛盾,故D错误.]3.BD[物块在4s内位移为:x=eq\f(1,2)×2×(2+4)m=6m,故A错误;由题图乙可知,前2s物块做匀加速直线运动,由牛顿第二定律有:qE1-μmg=ma,由图线知加速度为:a=1m/s2.1s后物块做匀速直线运动,由平衡条件有:qE2=μmg,联立解得:q(E1-E2)=ma由图可得:E1=3×104N/C,E2=2×104N/C,代入数据解得:m=1kg;由qE2=μmg可得:μ=0.2,故B正确,C错误;物块在前2s内的位移x1=eq\f(1,2)×2×2m=2m,物块在2~4s内的位移为x2=vt2=4m.电场力做正功W=qE1x1+qE2x2=3×2+2×4J=14J,则电势能减少了14J,故D正确.]4.【参考答案】(1)(2)【解题思路】(1)电子经AC间的电场

温馨提示

  • 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
  • 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
  • 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
  • 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
  • 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
  • 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
  • 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。

评论

0/150

提交评论