20192020学年高中化学课时跟踪检测(十)羧酸鲁科版选修5

课时追踪检测（十）羧酸1．以下有关常有羧酸的说法中正确的选项是( )A．甲酸是一种无色有刺激性气味的气体，易溶于水B．乙酸的沸点低于丙醇，高于乙醇C．苯甲酸的酸性比碳酸弱，不可以和碳酸氢钠反响制取CO2D．乙二酸拥有复原性，能够使酸性KMnO4溶液褪色分析：选D常温下甲酸是液体，A不正确；乙酸的沸点高于丙醇的沸点，B不正确；苯甲酸的酸性比碳酸强，能够和NaHCO3反响制取CO2，C不正确。2．以下说法正确的选项是( )A．酸和醇发生的反响必定是酯化反响B．酯化反响中羧酸脱去羧基中的羟基，醇脱去羟基中的氢原子生成水C．浓硫酸在酯化反响中只起催化剂的作用D．欲使酯化反响生成的酯分别并提纯，能够将酯蒸气经过导管伸入饱和碳酸钠溶液的液面下，再用分液漏斗分别△分析：选BA项，HBr＋C2H5OH――→C2H5Br＋H2O不是酯化反响；C项，酯化反响中浓硫酸起催化剂、吸水剂作用；D项，导管口应当在饱和碳酸钠溶液的液面以上，以防备倒吸。3．以下对于肥皂制取的理解和说法中错误的选项是( )A．制备肥皂的原理是酯的醇解反响B．制备肥皂的副产物是甘油C．盐析的目的是为了赶快使硬脂酸钠凝固为肥皂D．氢氧化钠在制备肥皂的反响中既是催化剂，又是反响物分析：选A制备肥皂利用的原理是高级脂肪酸甘油酯在碱性条件下的水解反响(即皂化反响)，生成物是高级脂肪酸钠与甘油，反响中使用的氢氧化钠是催化剂，但还会与水解产物高级脂肪酸发生中和反响，故氢氧化钠既是催化剂，也是反响物。4．1mol与足量的NaOH溶液充分反响，耗费的NaOH的物质的量为( )A．5molB．4molC．3molD．2mol分析：选A1mol该酯水解后，产生2mol羧基和3mol酚羟基，它们都会与NaOH反响，共需5molNaOH。1A．NaB．NaHCO3C．NaClD．NaOH分析：选B酸性强弱次序为—COOH＞H2CO3＞，所以NaHCO3仅能与—COOH反响生成—COONa，不可以和酚羟基反响。6．有甲酸、乙酸、乙醛和乙酸乙酯四种无色液体，以下试剂中可将它们一一鉴识出来的是( )A．蒸馏水B．三氯化铁溶液C．新制Cu(OH)2D．氢氧化钠溶液分析：选C四种物质中较为特别的是甲酸，构造中不单含有羧基还有醛基。Cu(OH)2会与甲酸、乙酸在常温下发生中和反响，生成易溶于水的羧酸铜溶液。甲酸和乙醛都有醛基，加热时会被新制Cu(OH)2氧化，产生砖红色的Cu2O积淀。Cu(OH)2悬浊液中的水与酯混淆时会分层，因为酯的密度比水小，有机层在上层。7．芬芳化合物C8H8O2属于酯和羧酸的同分异构体的数量分别是( )A．4和5B．5和4C．4和6D．6和4分析：选D若为酯，因是芬芳化合物，分子中含有苯环和酯基，可能含有1个侧链—COOCH3或—OOCCH3或—CH2OOCH，有3种构造；若含有2个侧链，—CH3和—OOCH，有邻、间、对3种构造，所以共有6种同分异构体。若为羧酸，则含有苯环和羧基，可能含有1个侧链—CH2COOH，也可能含有2个侧链：—CH3和—COOH，有邻、间、对三种构造，所以共有4种同分异构体。8．生活中常有的荧光棒的发光原理可用下式表示：上述反响产生的能量传达给荧光染料分子后，使染料分子开释出荧光。以下说法正确的是( )A．上述反响是酯的水解反响B．荧光棒发光过程波及化学能到光能的转变C．二苯基草酸酯苯环上的一氯代物有4种2D．二苯基草酸酯与草酸( )互为同系物分析：选BA项，二苯基草酸酯水解应当生成和草酸，错误；B项，荧光棒发光过程波及化学能到光能的转变，正确；C项，二苯基草酸酯苯环上的一氯代物共有3种( )，错误；D项，二苯基草酸酯与草酸( )的构造不相像，不是同系物关系，错误。9．有以下一系列反响，最后产物是乙二酸。光照NaOH/醇Br2/CCl4NaOH/H2OA――→B――→C――→D――→Br2△△O2，催化剂O2，催化剂E――→F――→乙二酸(HOOC—COOH)△△试回答以下问题：(1)C的构造简式是________。B→C的反响种类是________，E→F的化学方程式是______________________________________________________________________________________________。(2)E与乙二酸发生酯化反响生成环状化合物的化学方程式是________________________________________________________________________。(3)由B发生水解反响或C与H2O发生加成反响均生成化合物G，在乙二酸、水、苯酚、四种分子中，羟基上氢原子的开朗性由强到弱的次序是________________________________________________________________________。分析：用“逆推法”的思路，以最后产物乙二酸为起点，逆向思虑，推测出各有机物的NaOH/醇构造简式后，再回答有关问题。题中出现“――→”这一转变条件就能够与卤代烃的消去△O2反响相联系，出现“AO2,B――→”可联想到“醇→醛→羧酸”的转变关系。答案：(1)CH2===CH2消去反响10．《茉莉花》是一首交口称赞的中公民歌，茉莉花香气的成分有多种，乙酸苯甲酯3是此中的一种，它能够从茉莉花中提取，也能够用甲苯和乙醇为原料进行人工合成，一种合成路线以下：回答以下问题：写出A、B的构造简式：A________，B________。写出反响②、⑥的化学方程式：________________、________________。上述反响中属于代替反响的有________(填序号)。反响________(填序号)的原子理论利用率为100%，切合绿色化学的要求。分析：(1)依据题给流程和信息推测乙醇在铜作催化剂、加热的条件下与氧气反响生成A，则A为CH3CHO，甲苯在光照条件下与氯气发生代替反响生成B，B在氢氧化钠水溶液、加热的条件下发生水解反响生成苯甲醇，则B为。反响②是乙醇在铜作催化剂、加热的条件下与氧气反响生成乙醛和水；反响⑥是乙酸与苯甲醇发生酯化反响生成乙酸苯甲酯和水。反响①是乙烯与水发生加成反响生成乙醇；反响②是乙醇发生催化氧化反响生成乙醛；反响③是乙醛发生氧化反响生成乙酸；反响④是甲苯与氯气发生代替反响生成；反响⑤是在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反响生成苯甲醇，属于代替反响；反响⑥是乙酸与苯甲醇发生酯化反响生成乙酸苯甲酯，属于代替反响；故属于代替反响的有④⑤⑥。反响①为乙烯与水发生加成反响生成乙醇，反响③为乙醛发生氧化反响生成乙酸，都切合原子利用率为100%。41．在阿司匹林的构造简式中①②③④⑤⑥分别标出了其分子中的不一样的键。将阿司匹林与足量NaOH溶液共热时，发生反响时断键的地点是( )A．①④B．②⑥C．③④D．②⑤分析：选B能和氢氧化钠溶液反响的是酯基和羧基，酯基中碳氧单键断裂，即②键断裂；羧基中羟基上的氧氢键断裂，即⑥键断裂，所以B项正确。2．已知：，此中甲、乙、丁均能发生银镜反响，则乙为( )A．甲醇B．甲醛C．乙醛D．甲酸分析：选D甲、乙、丁均能发生银镜反响，联合它们之间的转变关系，可得甲为甲醛、乙为甲酸、丙为甲醇、丁为甲酸甲酯，故D项正确。3．某分子式为C10H20O2的酯，在必定条件下可发生如图的转变过程：则切合上述条件的酯的构造可有( )A．2种B．4种C．6种D．8种分析：选B因C在必定条件下可氧化成E，则C为C4H9—CH2OH，B为C4H9—COOH，而—C4H9有四种构造，所以有机物共有同分异构体4种。有机物A与B是分子式为C5H10O2的同分异构体，在酸性条件下均可水解，水解状况如右图所示，以下有关说法中正确的选项是( )A．X、Y互为同系物B．C分子中的碳原子最多有3个C．X、Y的化学性质不行能相像D．X、Y必定互为同分异构体分析：选D因A、B互为同分异构体，两者水解后获得了同一种产物C，由转变关系图知X、Y分子式同样且为官能团同样的同分异构体，A、C错，D对；C能够是甲酸、乙酸，5也能够是甲醇，B错。5．某有机物A的构造简式为，取Na、NaOH、NaHCO3分别与等物质的量的该物质充分反响(反响时可加热煮沸)，则耗费Na、NaOH、NaHCO3三种物质的物质的量之比为( )A．2∶2∶1B．1∶1∶1C．3∶2∶1D．3∶3∶2分析：选C有机物A的分子中含有醇羟基、酚羟基、醛基、羧基，所以它同时拥有醇、酚、醛、羧酸四类物质的化学特征。与钠反响时，酚羟基、羧基、醇羟基均能参加反响，1molA耗费3molNa；与NaOH反响的官能团是酚羟基、羧基，1molA耗费2molNaOH；与NaHCO3反响的官能团只有羧基，1molA只好与1molNaHCO3反响。故耗费Na、NaOH、NaHCO3三种物质的物质的量之比为3∶2∶1。6.中国女科学家屠呦呦获诺贝尔医学奖。屠呦呦从中医古籍里获得启迪，用乙醚从青蒿中提拿出能够高效克制疟原虫的成分——青蒿素(构造简式如图)，这一发此刻全世界范围内挽救了数以百万人的生命。以下说法中不正确的选项是( )A．青蒿素的分子式为C15H22O5B．青蒿素能与NaOH溶液反响C．青蒿素易溶于水、乙醇、苯等溶剂D．用乙醚从青蒿中提取青蒿素，用到了萃取的原理分析：选CA项，依占有机物的构造简式可知分子式为C15H22O5，正确；B项，含有酯基，可与氢氧化钠溶液反响，主要发生水解反响，正确；C项，该有机物含有许多憎水基，难溶于水，错误；D项，青蒿素易溶于乙醚，切合萃取的分别操作，正确。化合物X是一种医药中间体，其构造简式以下图。以下有关化合物X的说法正确的是( )A．分子中两个苯环必定处于同一平面B．不可以与饱和Na2CO3溶液反响C．在酸性条件下水解，水解产物只有一种D．1mol化合物X最多能与2molNaOH反响分析：选CA项中，与2个相连结的C原子有四个单键，为四周体构造，两个不必定处于同一平面，错误；B项中，化合物X中有—COOH，能够与饱和Na2CO3溶液反响，错误；C项中，有酯基存在，酸性条件下水解生成HOOCOHCOOH，正确；D项中，68.迷迭香酸是从蜂花属植物中提取获得的酸性物质，其构造简式以下图。以下表达正确的是( )A．迷迭香酸与溴单质只好发生代替反响B．1mol迷迭香酸最多能和9mol氢气发生加成反响C．迷迭香酸能够发生水解反响、代替反响和酯化反响D．1mol迷迭香酸最多能和5molNaOH发生反响分析：选C该有机物构造中含有酚羟基和碳碳双键，能与溴发生代替反响和加成反响，故A项错。1分子迷迭香酸中含有2个苯环，1个碳碳双键，则1mol迷迭香酸最多能和7mol氢气发生加成反响，B项错。1分子迷迭香酸中含有4个酚羟基、1个羧基、1个酯基，则1mol迷迭香酸最多能和6molNaOH发生反响，D项错。咖啡酸有止血功能，存在于多种中药中，其构造简式如右图所示。(1)写出咖啡酸中两种含氧官能团的名称：________________________________。依据咖啡酸的构造简式，列举3种咖啡酸能够发生的反响种类：________________________________________________________________________。(3)蜂胶的分子式为C17H16O4，在必定条件下可水解生成咖啡酸和一种醇A，则醇A的分子式为_______________________________________________________。已知醇A含有苯环，且分子构造中无甲基，写出醇A在必定条件下与乙酸反响的化学方程式：____________________________________________________________________________________________________________________________________。分析：(1)咖啡酸分子中的两种含氧官能团是羧酸和(酚)羟基。(2)咖啡酸分子中含有碳碳双键，可发生加成反响、加聚反响、氧化反响等，此中与氢气的加成反响又属于复原反响；酚类物质可与溴水发生代替反响；含有羧基，可发生中和反响、酯化反响(代替反响)。(3)依据咖啡酸的构造简式可知其分子式为C9H8O4。依据C17H16O4＋H2O―→C9H8O4＋A可知，A的分子式为C8H10O。(4)A的分子式为C8H10O，含有苯环且其分子构造中无甲基，则A的构造简式为。答案：(1)羧基、(酚)羟基7(2)加成反响、酯化反响、加聚反响、氧化反响、复原反响等(任写3种即可)(3)C8H10O10．已知有机物A、B、C、D、E、F、G有以下转变关系，此中C的产量可用来权衡一个国家的石油化工发展水平，G的分子式为C9H10O2，试回答以下有关问题。(1)G的名称为____________________________________________________。