四川省成都市通平镇中学2021年高一化学下学期期末试卷含解析

四川省成都市通平镇中学2021年高一化学下学期期末试卷含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.下列有关化学用语表示正确的是A.H2O2的电子式：H＋[∶∶∶]2－H＋B.Cl－的结构示意图：C.原子核中有10个中子的氧离子：188O2－D.HClO的结构式：H—Cl—O参考答案：C分析：A.H2O2中不存在阴阳离子；B.Cl－的质子数是17；C.根据质子数、中子数与质量数的关系以及核素的表示方法分析；D.HClO中氧元素形成2对电子对。详解：A.H2O2是共价化合物，电子式：，A错误；B.Cl－的结构示意图为，B错误；C.原子核中有10个中子的氧离子的质量数是18，可表示为，C正确；D.HClO的结构式为H－O－Cl，D错误，答案选C。2.下列各组离子为无色，且在溶液中能大量共存的是：

A、K+、Cu2+、SO42-、NO3-

B、Na+、H+、OH-、CO32-

C、Ba2+、NH4+、NO3-、Cl-

D、Ag+、K+、SO42-、Cl-参考答案：C3.下列关于有机物的说法错误的是（

）A.分子式为C9H9O2 B.能使Br2的CCl4溶液褪色C.能发生酯化反应 D.能发生加成反应参考答案：A【详解】A.分子式为C9H8O2，A错误；B.由于该物质的侧链上含有碳碳双键，所以能使Br2的CCl4溶液褪色，B正确；C.由于该物质含有羧基，所以能发生酯化反应，C正确；D.由于该物质含有碳碳双键和苯环，所以能发生加成反应，D正确。答案选A。

4.下列关于SO2性质的说法中，不正确的是

A．能与NaOH溶液反应

B．能使品红溶液褪色

C．能与水反应生成硫酸

D．能使酸性KMnO4溶液褪色参考答案：C略5.可逆反应在一定条件下达到化学反应限度时A.反应停止了 B.正反应速率与逆反应速率均为零C.反应物全部转化成生成物 D.反应物和生成物浓度不再发生变化参考答案：D【分析】根据可逆反应的特点：逆、等、动、定、变进行分析；【详解】A、化学平衡是动态平衡，反应不会停止，故A错误；B、化学平衡为动态平衡，V正=V逆≠0，故B错误；C、化学平衡为可逆反应，不能完全进行到底，故C错误；D、根据化学平衡状态的定义，当组分的浓度不再改变，说明反应达到平衡，故D正确；答案选D。

6.有一粗硅，含铁和硅两种成分，取等质量的样品分别投入足量的稀盐酸和足量的稀氢氧化钠溶液中，放出等量的氢气，则该粗硅中铁和硅的关系正确的是①物质的量之比为1∶1②物质的量之比为2∶1③质量之比为4∶1④质量之比为2∶1A.①③

B.①④

C.②③

D.②④参考答案：C7.下列过程的离子方程式书写正确的是A.Cu与AgNO3溶液反应:Cu+Ag+=Ag+Cu2+B.醋酸与氢氧化钠溶液反应:CH3COOH+OH-=CH3COO-+H2OC.碳酸氢钠与硫酸反应:CO32-+2H+=CO2↑+H2OD.铁与足量稀硝酸反应:3Fe+8H++2NO3-=2NO↑+3Fe2++4H2O参考答案：B分析：A项，电荷不守恒；B项，醋酸与氢氧化钠溶液反应生成CH3COONa和H2O；C项，NaHCO3应改写成Na+和HCO3-；D项，稀硝酸具有强氧化性，足量稀硝酸将Fe氧化成Fe3+。详解：A项，电荷不守恒，正确的离子方程式为Cu+2Ag+=Cu2++2Ag，A项错误；B项，醋酸与氢氧化钠溶液反应生成CH3COONa和H2O，离子方程式为CH3COOH+OH-=CH3COO-+H2O，B项正确；C项，NaHCO3应改写成Na+和HCO3-，正确的离子方程式为HCO3-+H+=H2O+CO2↑，C项错误；D项，稀硝酸具有强氧化性，足量稀硝酸将Fe氧化成Fe3+，符合题意的离子方程式为Fe+4H++NO3-=Fe3++NO↑+2H2O，D项错误；答案选B。点睛：本题考查离子方程式正误的判断。判断离子方程式是否正确可从以下几个方面进行：①从反应原理进行判断，如反应是否能发生、反应是否生成所给产物等；②从物质存在形态进行判断，如拆分是否正确（如题中C项）、是否正确表示了难溶物和气体等；③从守恒角度进行判断，如原子守恒、电荷守恒、氧化还原反应中的电子守恒等（题中A项）；④从反应的条件进行判断；⑤从反应物的组成以及反应物之间的配比进行判断。8.随着人们生活节奏的加快，方便的小包装食品已被广泛接受。为了防止月饼等富含油脂食品氧化变质，延长食品的保质期，在包装袋中常加入抗氧化物质，下列不属于抗氧化物质的是

A．维生素CB．还原铁粉C．亚硫酸钠D．生石灰参考答案：D略9.下列电子式中正确的是（

）参考答案：D略10.现有含0.1mol/L的SO32﹣溶液30mL，恰好被2×10﹣3molXO4﹣氧化为SO42﹣，则元素X在还原产物中的化合价是（）A．+4

B．+3

C．+2

D．+1参考答案：A考点：氧化还原反应的计算．.专题：氧化还原反应专题．分析：该反应中SO32﹣中的S被氧化，变为SO42﹣，化合价从+4升到+6价，XO4﹣为氧化剂，其中X元素化合价降低，开始为+7价，结合电子守恒计算．解答：该反应中SO32﹣中的S被氧化，变为SO42﹣，化合价从+4升到+6价，XO4﹣为氧化剂，其中X元素化合价降低，开始为+7价，设X在在还原产物中的化合价是x，由电子守恒可知，0.03L×0.1mol/L×（6﹣4）=2×10﹣3mol×（7﹣x），解得x=+4，故选A．点评：本题考查氧化还原反应的计算，为高频考点，把握信息中元素的化合价变化及电子守恒为解答的关键，侧重分析能力及计算能力的考查，题目难度不大．11.下列说法不正确的是

（

）

A．在共价化合物中一定含有共价键

B．含有离子键的化合物一定是离子化合物

C．含有共价键的化合物一定是共价化合物D．化学反应过程中，反应物分子内的化学键断裂，产物分子的化合键形成参考答案：C12.下列说法不正确的是

A.浊液的分散质粒子直径大于l00nm，不能通过滤纸

B.胶体的分散质粒子直径小于l00nm但大于1nm，能通过滤纸

C.利用丁达尔效应可以区分溶液和胶体

D.将氯化铁浓溶液和氢氧化钠浓溶液混合，能得到氢氧化铁胶体参考答案：D略13.在1000C时，密闭容器中充入一定量的NO2和SO2，发生如下反应：NO2＋SO2催化剂△NO＋SO3，平衡时，下列叙述正确的是()①NO和SO3的物质的量一定相等②NO2和SO2的物质的量一定相等③体系中的总物质的量一定等于反应开始时总物质的量④SO2、NO2、NO、SO3的物质的量一定相等A．①和②

B．②和③C．①和③

D．③和④参考答案：C略14.Na2CO3溶液与盐酸反应过程中的能量变化示意图如图，下列反应属于吸热反应的是（

）A.CO32－(aq)＋H＋(aq)=HCO3－(aq)B.CO32－(aq)＋2H＋(aq)=CO2(g)＋H2O(l)C.HCO3－(aq)＋H＋(aq)=CO2(g)＋H2O(l)D.CO2(g)＋H2O(l)=H2CO3(aq)参考答案：C【详解】A.从图示可知：CO32-(aq)+H+(aq)的总能量大于HCO3-(aq)的总能量，CO32-(aq)+H+(aq)=HCO3-(aq)为放热反应，故A不符合题意；B.从图示可知：CO32－(aq)＋2H＋(aq)的总能量大于CO2(g)＋H2O(l)的总能量，CO32－(aq)＋2H＋(aq)=CO2(g)＋H2O(l)

为放热反应，故B不符合题意；C.从图示可知：HCO3-(aq)+H+(aq)的总能量小于CO2(g)+H2O(l)的总能量，HCO3-(aq)+H+(aq)=CO2(g)+H2O(l)为吸热反应，故C符合题意；D.根据H2CO3(aq)和CO2(g)、H2O(l)的能量高低可知，CO2(g)＋H2O(l)的总能量大于H2CO3(aq)的总能量，CO2(g)＋H2O(l)=H2CO3(aq)为放热反应，故D不符合题意。故选C。15.若下列图像中横轴代表所加溶液体积，纵坐标代表生成沉淀质量，则各项描述中与图像能对应的是（）A.图①可能是MgCl2、AlCl3溶液逐滴加氨水至过量B.图②可能是AlCl3溶液逐滴加NaOH溶液至过量C.图③可能是NaAlO2溶液滴加稀盐酸至过量D.图④可能是含一定量HCl的AlCl3溶液逐滴加氨水至过量参考答案：DA．MgCl2、溶液中滴加氨水至过量，应生成沉淀氢氧化镁、氢氧化铝，由于氢氧化铝不溶于弱碱，所以沉淀完全后不再变化，A错误；B．向AlCl3溶液中滴加NaOH溶液至过量，先生成氢氧化铝沉淀，氢氧化钠过量后沉淀溶解生成偏铝酸钠，发生的反应为：Al3＋＋3OH－＝Al(OH)3↓、Al(OH)3＋OH－＝AlO2－＋2H2O，两过程中氢氧化钠的用量为3：1，与图象不符合，B错误；C．向NaAlO2溶液中滴加稀盐酸至过量且边滴边振荡，开始会生成沉淀，当偏铝酸钠完全沉淀后继续滴入盐酸，沉淀会溶解，发生的反应为：AlO2－＋H＋＋2H2O===Al(OH)3↓、Al(OH)3＋3H＋===Al3＋＋3H2O，两过程消耗盐酸量为1：3，与图象不符合，C不正确；D．向含一定量HCl的AlCl3溶液逐滴加氨水至过量，氨水首先与盐酸发生中和反应，然后沉淀铝离子，由于氨水不能溶解氢氧化铝，所以沉淀达到最大值以后，不再发生变化，D正确，答案选D。点睛：本题以图象题形式考查了铝盐、偏铝酸盐与酸、碱反应以及沉淀的变化分析，注意滴加顺序不同，量不同会导致产物不同。答题时要根据反应过程判断结合图像的变化趋势去分析解答，尤其要注意起点、拐点以及终点的判断。二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.瑞典化学家舍勒将软锰矿（主要成分为MnO2）与浓盐酸混合加热，在世界上首先得到了氯气．已知Cl2和碱溶液在不同条件下，得到的产物不同，某兴趣小组用如图所示装置制取氯酸钾、次氯酸钠和探究氯水的性质．

图中：A为氯气发生装置；B的试管里盛有15mL30%KOH溶液，并置于水浴中；C的试管里盛有15mL8%NaOH溶液，并置于冰水浴中；D的试管里盛有紫色石蕊试液．请填写下列空白：（1）制取氯气时，在圆底烧瓶里加入一定质量的二氧化锰，通过

（填仪器名称）向圆底烧瓶中加入适量的浓盐酸．装置A中反应的离子方程式是

．（2）制取氯酸钾是在装置B中进行的，装置B中制取氯酸钾的化学反应方程式是

．该小组同学发现制得的氯酸钾产量偏低，原因是氯气中含有杂质，改进方法是

．（3）实验中装置D的试管中产生的现象是

．（4）请在装置图方框中画出上述实验还缺少的装置，并注明试剂．（5）该小组同学认为：SO2和氯水都有漂白性，二者混合后的漂白性肯定会更强．但是如果将SO2和Cl2同时通入到品红溶液中，则会发现褪色效果并不像该小组同学想象的那样．请你分析原因（用离子方程式表示）

．参考答案：（1）分液漏斗；MnO2+4H++2Cl﹣Mn2++Cl2↑+2H2O；（2）3Cl2+6KOHKClO3+5KCl+3H2O；在装置A、B之间加一个盛饱和食盐水的洗气瓶；（3）溶液先变红后褪色；（4）；（5）SO2+Cl2+2H2O=4H++SO42﹣+2Cl﹣

【考点】氯气的实验室制法；氯气的化学性质．【分析】（1）装置图分析可知，制备氯气的原理是利用二氧化锰和浓盐酸加热反应生成氯化锰，氯气和水，浓盐酸从分液漏斗中加入；（2）氯气与氢氧化钾在加热条件下生成氯化钾和氯酸钾和水；氯气中可能含有氯化氢气体，AB间增加一个洗气装置，盛饱和食盐水的洗气瓶吸收氯化氢，避免产生误差；（3）氯气与水反应生成盐酸和次氯酸，既有酸性，又具有漂白性；（4）E为尾气吸收装置需要氢氧化钠溶液吸收多余的氯气，据此画出装置图；（5）SO2和Cl2按1：1通入，SO2和Cl2恰好反应，二者反应生成H2SO4和HCl，生成物都无漂白性；【解答】解：（1）制备氯气的原理是利用二氧化锰和浓盐酸加热反应生成氯化锰，氯气和水，浓盐酸从分液漏斗中加入，反应的化学方程式为：MnO2+4H++2Cl﹣Mn2++Cl2↑+2H2O；故答案为：分液漏斗；MnO2+4H++2Cl﹣Mn2++Cl2↑+2H2O；（2）氯气与氢氧化钾在加热条件下生成氯化钾和氯酸钾和水，化学方程式：3Cl2+6KOHKClO3+5KCl+3H2O；氯气中可能含有氯化氢气体，AB间增加一个洗气装置，盛饱和食盐水的洗气瓶吸收氯化氢，避免产生误差，故答案为：3Cl2+6KOHKClO3+5KCl+3H2O；在装置A、B之间加一个盛饱和食盐水的洗气瓶；（3）氯气与水反应生成盐酸和次氯酸，既有酸性，又具有漂白性，能够使石蕊先变红色后褪色，故答案为：溶液先变红后褪色；（4）剩余的氯气不能排放到空气中，需要用氢氧化钠溶液吸收，装置图为，故答案为：；（5）SO2和Cl2按1：1通入，SO2和Cl2恰好反应，二者反应生成H2SO4和HCl，生成物都无漂白性，化学方程式为：SO2+Cl2+2H2O=4H++SO42﹣+2Cl﹣；故答案为：SO2+Cl2+2H2O=4H++SO42﹣+2Cl﹣；三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.（1）0.5molCO2质量是

，在标准状况下的体积约为

；0.2mol·L－1的Ba(NO3)2溶液中NO3－的物质的量浓度为

；（2）等质量的CO和CO2分子数之比是

，含氧原子数之比_________________同温同压下的密度之比____________。（3）标准状况下，1g氧气中含有