陕西省咸阳市武功县2022年高考物理倒计时模拟卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．小球在水平面上移动，每隔0.02秒记录小球的位置如图所示。每一段运动过程分别以甲、乙、丙、丁和戊标示。

试分析在哪段，小球所受的合力为零

A．甲

B．乙

C．丙

D．戊

2．如图所示，一细线的一端固定于倾角为45°的光滑楔形滑块A上的顶端O处，细线另一端拴一质量为m=0.2kg的

小球静止在A上．若滑块从静止向左匀加速运动时加速度为a．(取g10m/s2)则(

)

A．当a=5m/s2时，线中拉力为

32N

2

B．当a=10m/s2时,小球受的支持力为2N

C．当a=12m/s2时,经过1秒钟小球运动的水平位移是6m

D．在稳定后，地面对A的支持力一定小于两个物体的重力之和

3．下列说法正确的是（

）

A．射线是高速电子流，它的穿透能力比射线和射线都弱

B．在核反应中，比结合能小的原子核变成比结合能大的原子核时，会释放核能

C．根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，核外电子的动能减小

D．当紫外线照射到金属锌板表面时能发生光电效应，则当改为红光照射时，也能发生光电效应，但从锌板表面逸出

的光电子的最大初动能减小

4．如图所示，在水平晾衣杆（可视为光滑杆）上晾晒床单时，为了尽快使床单晾干，可在床单间支撑轻质细杆.随着

细杆位置的不同，晾衣杆两侧床单间夹角（150）将不同.设床单重力为G，晾衣杆所受压力大小为N，下列

说法正确的是（

）

A．当

60时，N3G

3

2G

2

B．当90时，N

C．只有当120时，才有N

G

D．无论取何值，都有N

G

5．如图所示，边长为L的等边三角形ABC内、外分布着两方向相反的匀强磁场，三角形内磁场方向垂直纸面向里，

两磁场的磁感应强度大小均为B．顶点A处有一粒子源，粒子源能沿∠BAC的角平分线发射不同速度的粒子粒子质量

均为m、电荷量均为+q，粒子重力不计．则粒子以下列哪一速度值发射时不能通过C点（）

qBL

A．

m

qBL

B．

2m

2qBL

C．

3m

qBL

D．

8m

6．如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是()

A．M处受到的支持力竖直向上

B．N处受到的支持力竖直向上

C．M处受到的静摩擦力沿MN方向

D．N处受到的静摩擦力沿水平方向

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7．根据现行有效国际民航组织《危险物品安全航空运输技术细则》和《中国民用航空危险品运输管理规定》严禁携

，

带额定能量超过160Wh的充电宝；严禁携带未标明额定能量同时也未能通过标注的其他参数，计算得出额定能量的充

电宝。如图为国产某品牌一款充电宝的铭牌。则（

）

A．该充电宝的输入电压为交流5V

B．该充电宝的输出电压为直流5.1V

C．该充电宝可以给手机充电最短时间大约10h

D．乘客可以携带该充电宝登机

8．如图所示为匀强电场中的一组等间距的竖直直线，一个带电粒子从A点以一定的初速度斜向上射入电场，结果粒

子沿初速度方向斜向右上方做直线运动，则下列说法正确的是（

）

A．若竖直直线是电场线，电场的方向一定竖直向上

B．若竖直直线是电场线，粒子沿直线向上运动过程动能保持不变

C．若竖直直线是等势线，粒子一定做匀速直线运动

D．若竖直直线是等势线，粒子沿直线斜向上运动过程电势能增大

9．如图所示，两端开门、内径均匀的玻璃弯管竖直固定，两段水银柱将空气柱B封闭在玻璃管左侧的竖直部分。左

侧水银柱A有一部分在水平管中。若保持温度不变。向右管缓缓注入少量水则称定后（

）

A．右侧水银面高度差h1增大

B．空气柱B的长度增大

D．左侧水银面高度差h2减小

C．空气柱B的压强增大

10．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为2：1，其输入端通过灯泡L1与输出电压有效值恒定的交流电源u

＝Umsin（t）V）相连，副线圈电路中接有灯泡L2和最大阻值为R的滑动变阻器，已知两个灯泡的额定电压均为U，

（

且两者规格完全相同，电压表为理想电表，导线电阻不计。开始时滑动变阻器的滑片P位于最下端，调节滑动变阻器

的滑片可使两个小灯泡同时正常发光（忽略灯丝电阻变化）

，下列说法正确的是（

）

A．在R的滑片P向上滑动的过程中，电源的输出功率将会变大

B．在R的滑片P向上滑动的过程中，L1的亮度会变暗

C．若小灯泡L2突然烧坏，电压表示数会减小

D．交流电源的最大值为Um32U

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．6分）图示为做"碰撞中的动量守恒"的实验装置

（

(1)入射小球每次都应从斜槽上的同一位置无初速度释放，这是为了___

A．入射小球每次都能水平飞出槽口

B．入射小球每次都以相同的速度飞出槽口

C．入射小球在空中飞行的时间不变

D．入射小球每次都能发生对心碰撞

(2)入射小球的质量应___（选填"大于"、"等于"或"小于"）被碰小球的质量；

(3)设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式m1OP_____（用

m1、m2及图中字母表示）成立，即表示碰撞中动量守恒。

12．12分）如图甲所示为测量电动机转速的实验装置，半径不大的圆形卡纸固定在电动机转轴上，在电动机的带动

（

下匀速转动，在圆形卡纸的旁边垂直安装了一个改装了的电火花计时器，时间间隔为T的电火花可在卡纸上留下痕迹。

（1）请将下列实验步骤按先后排序____。

①使电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触

②接通电火花计时器的电源，使它工作起来

③启动电动机，使圆形卡纸转动起来

④关闭电火花计时器，关闭电动机；研究卡纸上留下的一段痕迹(如图乙所示)，写出角速度的表达式，代入数据，

得出的测量值

（2）要得到的测量值，还缺少一种必要的测量工具，它是____

A．秒表

B．毫米刻度尺C．圆规

D．量角器

（3）写出角速度的表达式=___，并指出表达式中各个物理量的意义____。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13．10分）如图所示，在第Ⅱ象限内有水平向右的匀强电场，在第I象限和第IV象限的圆形区域内分别存在如图所

（

示的匀强磁场，在第IV象限磁感应强度大小是第Ⅰ象限的2倍．圆形区域与x轴相切于Q点，Q到O点的距离为L，

有一个带电粒子质量为m，电荷量为q，以垂直于x轴的初速度从轴上的P点进入匀强电场中，并且恰好与y轴的正

方向成60°角以速度v进入第I象限，又恰好垂直于x轴在Q点进入圆形区域磁场，射出圆形区域磁场后与x轴正向

成30°角再次进入第I象限。不计重力。求：

（1）第I象限内磁场磁感应强度B的大小：

（2）电场强度E的大小；

（3）粒子在圆形区域磁场中的运动时间。

14．16分）如图(a)，水平地面上固定一倾角为37°的斜面，一宽为l＝0.43m的有界匀强磁场垂直于斜面向上，磁场

（

边界与斜面底边平行。在斜面上由静止释放一正方形金属线框abcd，线框沿斜面下滑时，ab、cd边始终与磁场边界保

持平行。以地面为零势能面，从线框开始运动到恰好完全进入磁场的过程中，线框的机械能E与位移s之间的关系如

图(b)所示，图中①、②均为直线段。已知线框的质量为m＝0.1kg，电阻为R＝0.06Ω。sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重

（

力加速度g取10m/s2）求：

(1)线框与斜面间的动摩擦因数；

(2)ab边刚进入磁场时，线框的速度v1；

(3)线框刚进入磁场到恰好完全进入磁场所用的时间t；

(4)线框穿越磁场的过程中，线框中产生的最大电功率Pm；

15．12分）如图所示，ABC为某玻璃砖的截面，OBC是半径为R的四分之一圆，O为圆心，AOB为等腰直角三角

（

形，玻璃砖放在水平面上，一束单色光从AO边上的中点D垂直AO面射入，光线在AB面上刚好发生全反射．已知

光在真空中传播的速度为c，求

（i）试判断光线第一次照射到圆面上会不会发生全反射，如果不发生全反射，则发生折射的折射角为多大;

（ⅱ）圆弧面的反射光线第一次照射到CO面上的入射点到D点的距离．

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

小球所受的合力为零时，物体处于静止或匀速直线运动状态，

A.根据图象可知，甲阶段的位移越来越小，所以做减速直线运动，合力不为零，故A错误

B.乙阶段做曲线运动，则合外力要改变速度，所以不为零，故B错误

C.丙阶段在相等时间内的位移相等，所以做匀速直线运动，则合外力为零，故C正确

D.戊阶段的位移越来越大，所以做加速运动，则丙阶段小球所受的合力不为零，故D错误

2、A

【解析】

当小球对滑块的压力恰好等于零时，小球所受重力mg和拉力T使小球随滑块一起沿水平方向向左加速运动，由牛顿

运动定律得小球和滑块共同的加速度为：

a0mgtan4510m/s2．

m

A．当a5m/s2a010m/s2时，斜面对小球有支持力，将小球所受的力沿加速度方向和垂直于加速度方向分解，

有：Tcos45Nsin45ma，Tsin45Ncos45mg，联立解得：T

32N，故A正确；

2

B．当a10m/s2a010m/s2时，斜面对小球恰好没有支持力，故N=0，故B错误；

C．当a12m/s2a010m/s2时，滑块的位移为x

1at26m

，而小球要先脱离斜面，然后保持与滑块相同的

2

运动状态，故在这1s内小球运动的水平位移小于6m，故C错误；

D．在稳定后，对小球和滑块A整体受力分析可知，在竖直方向没有加速度，故地面对A的支持力等于两个物体重力

之和，故D错误．

3、B

【解析】

A．射线是高速电子流，它的穿透能力比射线强，比射线弱，故A项错误；

B．原子核的结合能与核子数之比称做比结合能，比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定。在核

反应中，比结合能小的原子核变成比结合能大的原子核时，会释放核能，故B项正确；

C．根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，电子跃迁到离核较近的轨道上运动，据

ke2mv

r

r

2

2

可得，核外电子的动能增加，故C项错误；

D．当紫外线照射到金属锌板表面时能发生光电效应，当改为红光照射时，不能发生光电效应，因为红光的频率小于

锌板的极限频率，故D项错误。

故选B。

4、D

【解析】

以床单和细杆整体为研究对象，整体受到重力G和晾衣杆的支持力N，由平衡条件知NG，与取何值无关，由

牛顿第三定律知床单对晾衣杆的压力大小NNG，与无关，ABC错误，D正确。

故选D。

5、C

【解析】

粒子带正电，且经过C点，其可能的轨迹如图所示：

所有圆弧所对圆心角均为60°，所以粒子运行半径：

r=

L

n（n=1，2，3，）

，

粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：

qvB=m

解得：

v2，

r

vBqrBqL（n=1，2，3，）

，

m

mn

2qBL

则v

3m的粒子不能到达C点，故ABD不合题意，C符合题意。

故选C。

【点睛】

粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力，根据题意作出粒子的运动轨迹是解题的关键，应用数学知识

求出粒子的可能轨道半径，应用牛顿第二定律求出粒子的速度即可解题．

6、A

【解析】

M处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，故A正确；N处受到的支持力的方向与原木P垂直向上，不

是竖直向上，故B错误；原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面向右，故C错误；因原木P

有沿原木向下的运动趋势，所以N处受到的摩擦力沿MN方向，故D错误．故选A．

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

A．由图可知，该充电宝的输入电压为直流5V，故A错误；

B．由图可知，该充电宝的输出电压为直流5.1V，故B正确；

C．由图可知，该充电宝的输出电流为2.1A，则该充电宝可以给手机充电最短时间

t1040010h4.95h

2.1

3

故C错误；

D．由图可知，该充电宝额定能量为37.44Wh，则乘客可以携带该充电宝登机，故D正确。

故选BD。

8、BD

【解析】

AB．粒子做直线运动，则粒子受到的合力与初速度共线，因此粒子一定受重力作用，若竖直直线是电场线，粒子受到

的电场力一定竖直向上，粒子斜向右上做直线运动，因此合力一定为零，粒子做匀速直线运动，动能不变，由于粒子

的电性未知，因此电场方向不能确定，选项A错误，B正确；

CD．若竖直直线是等势线，电场力水平，由于粒子斜向右上做直线运动，因此电场力一定水平向左，合力与粒子运动

的速度方向相反，粒子斜向右上做减速运动；粒子受到的电场力做负功，因此粒子沿直线斜向上运动过程电势能增大，

选项C错误，D正确。

故选BD。

9、BD

【解析】

AD．设水银密度为，向右管注入少量水银，右侧的压强就增大，右侧的水银就会向左移动，从而左侧的水银A向上

运动，h2就会变小，根据平衡B段气柱的压强

pBp0gh2p0gh1

可知，右侧水银面高度差h1减小，故A错误，D正确；

BC．由于h2变小，则B段气柱的压强减小，因为温度不变，根据玻意耳定律：pV为定值，可知：空气柱B的体积变

大，长度将增大，故B正确，C错误。

故选BD。

10、AD

【解析】

A．在R的滑片P向上滑动的过程中，副线圈电阻减小，则副线圈的输出功率变大，根据输入功率等于输出功率可知，

变压器的输入功率变大，电源的输出功率变大，故A正确；

B．在R的滑片P向上滑动的过程中，副线圈电阻减小，则副线圈的输出电流变大，根据变流比可知，原线圈的输入

电流变大，流过灯泡L1的电流变大，亮度会变亮，故B错误；

C．若小灯泡L2突然烧坏，副线圈电阻增大，根据欧姆定律可知，副线圈输出电流减小，根据变流比可知，原线圈输

入电流减小，流过灯泡L1的电流变小，灯泡L1两端电压变小，则原线圈输入电压变大，根据变压比可知，副线圈输

出电压变大，电压表示数会增大，故C错误；

D．两小灯泡正常发光，则副线圈输出电压为U，根据变压比可知，原线圈输入电压

Un1U2U

n2

则交流电源的有效值

U有效=U'+U=3U

根据正弦式交变电流最大值和有效值的关系可知，交流电源的最大值为

Um32U

故D正确。

故选AD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、B

【解析】

大于

m1OMm2ON

(1)[1]入射小球每次都应从斜槽上的同一位置无初速度释放，目的是使入射小球每次都以相同的速度飞出槽口，故B正

确，ACD错误。

故选B。

(2)[2]为了防止入射小球反弹，入射小球的质量应大于被碰小球的质量。

(3)[3]由于小球下落高度相同，则根据平抛运动规律可知，小球下落时间相同；P为碰前入射小球落点的平均位置，M

为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度

v1OP

t

碰撞后入射小球的速度

v2OM

t

碰撞后被碰小球的速度

v3ON

t

如果

m1v1m2v3m1v2

则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，即

m1OPm1OMm2ON

成立，即表示碰撞中动量守恒。

12、①③②④

【解析】

(1)[1]该实验先将电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触，先使卡片转动，再打点，最后取出卡片进行数据处理．故次

D

(n1)T

为n个点对应的圆心角

序为①③②④；

(2)[2]要测出角速度，需要测量点跟点间的角度，需要的器材是量角器，故选D；

(3)[3]根据

t，则

N1T，

[4]是n个点对应的圆心角，T是电火花计时器的打点时间间隔。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、1）

（

B3mv；2）E3mv2；3）2L。

2qL（

4qL（

9v

【解析】

（1）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，轨迹如图所示．设粒子在第Ⅰ象限内的轨迹半径为R1．由几何关系有：

R1R1L

2

得：

R12L

3

根据洛伦兹力提供向心力有：

qvBmv

R1

2

得：

B3mv

2qL

（2）带电粒子在电场中做类平抛运动，由几何关系有：

yR1sin603L

3

v0=vcos60°=

1

2v

粒子刚出电场时

vx=vsin60°=

3v

2

粒子在电场中运动时间为：

ty

v0

vx=at

aqE

m

可得：

E3mv

4qL

2

（3）由几何关系知，粒子在圆形磁场中运动的时间

tT

3

而

T2R2m

v

q2B

结合

B3mv得

2qL

t2L

9v

14、(1)＝0.5

【解析】

(1)根据线段①，减少的机械能等于克服摩擦力做的功：

(2)1.2m/s(3)0.125s(4)0.43W

E1mgs1cos37(0.900－0.756)J＝0.144J

其中s1＝0.36m

解得：

＝0.5

(2)未进