福建省泉州市新营中学2022-2023学年高一物理月考试卷含解析

福建省泉州市新营中学2022-2023学年高一物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.（单选）下列各组物理量中都是矢量的是

A．位移、时间、速度、重力B．速度、速率、加速度、弹力C．加速度、速度的变化量、速度、力D．路程、时间、位移、支持力参考答案：C2.（多选）快艇要从岸边某一不确定位置处到达河中离岸边100m远的一浮标处，已知快艇在静水中的速度vx与时间t图象和流水的速度vy与时间t图象如图所示，则()A．快艇的运动轨迹为直线B．快艇的运动轨迹为曲线C．能找到某一位置使其以最快到达浮标处的时间为20sD．最快到达浮标经过的位移为100m参考答案：BC3.（多选）某物体运动的速度图象如图11，根据图象可知（

）A．0-2s内的加速度为1m/s2B．0-5s内的位移为10mC．第1s末与第3s末的速度方向相反D．第1s末与第5s末的加速度方向相反参考答案：AD4.（多选题）人造地球卫星在圆形轨道上环绕地球运行时有（）A．轨道半径越大，速度越大，周期越短B．轨道半径越大，速度越小，周期越长C．轨道半径越小，速度越小，周期越长D．轨道半径越小，速度越大，周期越短参考答案：BD【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】卫星绕行星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解出速度和周期的表达式，再进行分析．【解答】解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力，则有：G=m=mr得v=，T=2π则知，卫星的轨道半径越大，速度越小，周期越长．轨道半径越小，速度越大，周期越短．故AC错误，BD正确．故选：BD5.下列说法中的“快”，哪些是指加速度较大？(

)A．从高速公路走，很快就能到

B．刘翔是比赛选手中跑得最快的C．运用ABS防抱死新技术，汽车能很快停下来；

D．协和式客机能在20000m高空飞行得很快。参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.电磁打点计时器的电源应是________电，通常的工作电压为________伏以下，实验室使用我国民用电时，每隔________秒打一次点。参考答案：交流电

4-6

0.027.汽车以12m/s的速度行驶，刹车后获得2m/s2的加速度，则刹车后4s内通过的路程是______m，刹车后10s内通过的路程是______m。参考答案：32

m，

36

m8.如图所示为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm，如果g取10m/s2，那么：（1）闪光的时间间隔是

s；（2）小球运动中水平分速度的大小是

m/s；（3）小球经过B点时速度大小是

m/s．参考答案：（1）0.1，（2）1.5，（3）2.5．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出平抛运动的初速度，即水平分速度．根据某段时间内平均速度等于中间时刻的瞬时速度，求出B点竖直方向上的分速度，根据平行四边形定则求出B点的速度大小．【解答】解：（1）根据△y=2L=gT2得，T=；（2）小球在运动过程中水平分速度；（3）B点竖直分速度，根据平行四边形定则知，小球经过B点的速度=．故答案为：（1）0.1，（2）1.5，（3）2.5．9.（单选）质量为m、初速度为零的物体，在方向不变、大小按如图规律变化的合外力作用下都通过位移x0，则下列各种情况中物体速度最大的是参考答案：C10.双星靠相互吸引绕同一固定点O转动，己知它们的质量分别为M和m，则它们的向心力大小之比为FM：Fm=

．转动半径之比为RM：Rm=

．参考答案：1：1，m：M．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】双星绕固定点做圆周运动，它们做圆周运动的角速度相等，万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律可以求出轨道半径之比．【解答】解：双星做圆周运动，万有引力提供向心力，两星受到的万有引力为作用力与反作用力，它们大小相等，则：它们的向心力大小之比为：FM：Fm=1：1；设双星间的距离为L，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G=Mω2RM，G=mω2Rm，解得：=；故答案为：1：1，m：M．11.物体从静止开始作匀加速直线运动，第2s内的位移是6m，则其加速度是

m/s2，前5s内的位移是

m，它运动最初18m的时间是

s，速度从6m/s增大到10m/s所发生的位移是

m.参考答案：

4

m/s2，

50

m，

3

s，

8

m.ks5u12.（9分）某研究性学习小组的同学把铅球沿水平方向推出，为了粗略测出铅球出手时的速度，必须测量的物理量是________和_________，设g为已知，用所测量的物理量符号表示初速度的表达式是v=__________。参考答案：竖直下落高度h；水平飞行距离s；13.（4分）历史上最早测出电子电荷量的精确数值的科学家是，其实验的基本原理是使带电油滴在匀强电场中受到的电场力恰好等于油滴的重力，即qE=mg。用实验的方法测出同m和E就能计算出油滴所带的电量q，这位科学家测定了数千个带电油滴的电量，发现这些电量都等于的整数倍。参考答案：密立根；元电荷三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，用打点计时器记录纸带运动的时间。计时器所用电源的频率为50Hz，图为一次实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间都有四个点未画出，按时间顺序取0、1、2、3、4、5、6六个计数点，用米尺量出1、2、3、4、5、6点到0点的距离如图所示（单位：cm）。由纸带数据计算可得计数点4所代表时刻的即时速度大小v4＝

m／s，小车的加速度大小a＝

m／s2。参考答案：15.在“用单摆测定重力加速度”的实验中：（1）为使实验结果尽可能精确，下列器材中应选用

（用字母填入）A.1米长的细棉线

B.20厘米长尼龙线

C.塑料小球

D.小铁球E．时钟

F.0.1秒刻度的秒表

G.最小刻度是毫米的刻度尺

H.最小刻度是厘米的刻度尺（2）实验时,摆线偏离竖直方向的偏角应小于

,测量时,要让单摆在竖直平面内自由摆动几次后,从摆球经过

时开始计时。（3）某同学某次实验数据如下：细线长101.1厘米,摆球直径为1.8厘米,完成35次全振动的时间是70.80秒,由这些数据计算得重力加速度g=

。参考答案：（1）ADFG（2）5°（1分），平衡位置（最低位置）（3）9.83m/s2四、计算题：本题共3小题，共计47分16.图示为修建高层建筑常用的塔式起重机。在起重机将质量m=5×103kg的重物竖直吊起的过程中，重物由静止开始向上作匀加速直线运动，加速度a=0.2m/s2，当起重机输出功率达到其允许的最大值时，保持该功率直到重物做vm=1.02m/s的匀速运动。取g=10m/s2,不计额外功。求：起重机允许输出的最大功率。重物做匀加速运动所经历的时间和起重机在第2秒末的输出功率。参考答案：：(1)设起重机允许输出的最大功率为P0，重物达到最大速度时，拉力F0等于重力。P0＝F0vm

F0＝mg

代入数据，有：P0＝5.1×104W

（4分）

(2)匀加速运动结束时，起重机达到允许输出的最大功率，设此时重物受到的拉力为F，速度为v1，匀加速运动经历时间为t1,有：P0＝Fv1

F－mg＝ma

v1＝at1

代入数据，得：t1＝5s

（2分）t＝2s时，重物处于匀加速运动阶段，设此时速度为v2，输出功率为P，则v2＝at

P＝Fv-2

代入数据，得:P＝2.04×104W。

17.某同学在打篮球时，将球扔向篮板，球在空中飞行的时间1.8s后撞击篮板，撞击篮板时的速度是10m/s，历时0.2s反弹，反弹的速度大小是8m/s，请求