湖南省长沙市开福区长沙市第一中学物理高一上期末检测模拟试题含解析

湖南省长沙市开福区长沙市第一中学物理高一上期末检测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、在物理学的发展过程中，许多物理学家的研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所做的贡献的叙述中，正确的是（）A.亚里士多德认为较重物体与较轻物体下落的一样快B.伽利略通过理想斜面实验认为物体的运动不需要力维持C.笛卡尔认为如果物体受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一方向运动下去D.牛顿认为力不仅可以维持物体的运动，而且可以改变物体的运动状态2、如图所示，水平传送带AB长2m，以2m/s速度沿顺时针方向匀速运动．现将一小物块以3m/s的水平初速度从A点冲上传送带．若小物块与传送带间的动摩擦因数为0.25，g取10m/s2，则小物块运动至传送带右端B点所用的时间是A.0.5s B.0.9sC.1.2s D.1.5s3、一物体做直线运动的v-t图象如图所示，以下分析正确的是（）A.0～4s内的平均速度为1.5m/s B.4～6s内的加速度为3m/s2C.0～8s内位移为15m D.5～6s内速度和加速度方向相同4、在一种叫做“蹦极跳”的运动中，质量为m的游戏者身系一根长为L、弹性优良的轻质柔软的橡皮绳，从高处由静止开始下落1.5L时达到最低点，若不计空气阻力，则在弹性绳从原长达最低点的过程中，以下说法正确的是（）A.速度先减小后增大 B.加速度先减小后增大C.速度一直减小，直到为零 D.加速度一直增大，最后达到某一最大值5、如上图所示，地面上有一个物体重为30N，物体由于摩擦向右做减速运动，若物体与地面间的动摩擦因数为0.1，则物体在运动中加速度的大小为（）A.0.1m/s2 B.1m/s2C.3m/s2 D.10m/s26、如图所示，在水平面上固定着四个完全相同的木块，一颗子弹以水平速度v射入。若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第四个木块（即D位置）时速度恰好为零，下列说法正确的是（）A.子弹从O运动到D全过程平均速度小于B点的瞬时速度B.子弹通过每一部分时，其速度变化量C.子弹到达各点的速率D.子弹穿过每个木块经历的时间7、甲、乙两物体在同一地点分别从4h与h的高度开始做自由落体运动，若甲的质量是乙的4倍，则下述说法正确的是()A.甲、乙两物体落地时速度相等B.落地时甲的速度是乙的2倍C.甲、乙两物体同事落地D.甲在空中的时间是乙的2倍8、2019年12月16日宿迁正式进入高铁时代。如图所示，为一辆高铁进站过程中的v-t图象，在该过程中高铁的（）A.加速度逐渐减小B.加速度逐渐增大C.平均速度小于D.平均速度大于9、如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆的动摩擦因数为μ．现给环一个水平向右的恒力F，使圆环由静止开始运动，同时对环施加一个竖直向上、大小随速度变化的作用力F1＝kv，其中k为常数，则圆环运动过程中()A.最大加速度为 B.最大加速度为C.最大速度为 D.最大速度为10、下列说法正确的是（）A.讲桌上的粉笔盒受到支持力的原因是讲桌发生了形变B.规则形状的物体，其重心一定在物体的几何中心C.两个相互接触的物体之间，不一定有弹力的作用D.多个分力可以合成为一个力，但一个力只能分解为两个分力二、实验题11、（4分）某同学利用图甲所示的实验装置来研究滑块与木板间的动摩擦因数。木板的左端固定一定滑轮，右端固定一打点计时器，滑块的右端与穿过打点计时器的纸带相连，左端用细线通过定滑轮与钩码相连。（1）实验中必要的措施是__A．细线必须与长木板平行B．先接通电源再释放物块C．滑块的质量远大于钩码的质量D．垫高木板的右端以补偿打点计时器对滑块的阻力及其它阻力（2）若某次实验中，所用钩码的质量为，滑块的质量为，打出的纸带如图乙所示，且相邻的计数点之间还有四个点未画出来，根据纸带求出物块的加速度__，滑块与木板间的动摩擦因数为__。（结果均保留3位有效数字）12、（10分）探究学习小组欲探究物体的加速度与力、质量的关系，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，图中小车的质量用M表示，钩码的质量用m表示．要顺利完成该实验：(1)要使细线的拉力约等于钩码的总重力，应满足的条件是_________________(2)如图是实验中得到的—条纸带，A、B、C、D、E、F为6个相邻的计数点，相邻计数点间还有四个点未标出．打点计时器每隔0.02s打—个点，利用图中给出的数据可求出小车的加速度a=________m/s2(结果保留2位有效数字）（3）某同学经过测量，计算得到如下数据，请在a-F图中做出小车加速度与所受合外力的关系图像_________.（4）由图像可看出，该实验存在较大的误差，产生误差的主要原因是_____________________三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示,水平地面O点的正上方的装置M每隔相等的时间由静止释放一小球,在某小球离开M的同时,O点右侧一长L=1.5m的平板车以a=4.0m/s2的恒定加速度从静止开始向左运动,该小球恰好落在平板车的左端,已知平板车上表面距离M的竖直高度h=1.25m。忽略空气阻力,重力加速度g取10m/s2。(1)求小车左端距离O点水平距离。(2)若至少有3个小球落在平板车上,则释放小球的时间间隔Δt应满足什么条件?14、（14分）某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他神奇的功力下飘动起来。假设当隐藏的小磁铁位于小球的左上方某一位置时，金属小球偏离竖直方向的夹角也是，如图所示。已知小球的质量为，该同学(含磁铁)的质量为，求此时：(1)悬挂小球的细线的拉力大小为多少？(2)该同学受到地面的支持力和摩擦力大小各为多少？15、（13分）如图所示，质量m＝2.0kg的木块静止在高h＝1.8m的水平台上，木块距平台右边缘7.75m，木块与平台间的动摩擦因数μ＝0.2，用F＝20N的水平拉力拉动木块，木块向右运动s1＝4.0m时撤去F，不计空气阻力，g取10m/s2，求：(1)F作用于木块的时间；(2)木块离开平台时的速度；(3)木块落地时距平台边缘的水平距离。

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、B【解析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【详解】A项：亚里士多德认为较重物体比较轻物体下落的更快，故A错误；B项：伽利略理想实验说明力不是维持物体运动的原因，故B正确；C项：笛卡尔认为如果运动中物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，故C错误；D项：牛顿提出牛顿第一定律，指出力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故D错误故选B【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2、B【解析】根据物块和传送带的速度关系，判断物块在传送带上的运动性质，根据运动学公式求解时间刚冲上传送带时，由于物块的速度为3m/s，大于传送带的速度，所以物块相对传送带向右运动，受到的滑动摩擦力方向向左，故做匀减速直线运动，，经历的时间为，相对地面发生的位移为，之后两者的速度相同，相对静止的做匀速直线运动，经历的时间为，故小物块运动至传送带右端B点所用的时间是，B正确3、D【解析】A．在v-t图象中图线与横轴围成的面积表示其位移，故由图可知0～4s内的位移为所以0～4s内的平均速度为故A错误；B．在v-t图象中图线斜率表示物体的加速度，故4～6s内的加速度为故B错误；C．在v-t图象中图线与横轴围成的面积表示其位移，故由图可知0～8s内的位移为故C错误；D．由图像可知在5～6s内物体沿反方向做加速运动，故速度和加速度方向相同，均为负方向，故D正确。故选D。4、B【解析】游戏者下落分成两个阶段，重力大于弹力时做加速度减小的加速运动，当弹力大于重力以后做加速度增大的减速运动开始下落阶段，游戏者的重力大于橡皮绳的拉力，游戏者合力向下，速度向下，做加速运动，根据牛顿第二定律得：mg-F=ma，橡皮绳的拉力F逐渐增大，a逐渐减小，当橡皮绳的拉力大于游戏者的重力时，游戏者合力向上，速度向下，做减速运动，又由牛顿第二定律得：F-mg=ma，F增大，a增大．即加速度先减小后增大，速度先增大后减小故选B考点：牛顿第二定律点评：分清各个阶段受力大小，找出合外力变化情况，根据牛顿第二定律就可以知道加速度变化情况5、B【解析】物体受重力、支持力和摩擦力，合外力等于摩擦力根据牛顿第二定律得：，加速度方向向左，故B正确，ACD错误6、AC【解析】A．全程的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，根据匀变速直线运动的推论可知，中间时刻的瞬时速度一定小于中间位置时的速度，故A正确；B．由于子弹的速度越来越小，故穿过每一个木块的时间不相等，故速度的差值不相等，故B错误；C．将子弹的运动反向视为初速度为零的匀加速直线运动，则由可知，通过的速度之比为：，子弹到达各点的速率故C正确；D．将子弹的运动反向视为初速度为零的匀加速直线运动，则由可知，反向通过各木块用时之比为；子弹穿过每个木块经历的时间故D错误。故选AC。7、BD【解析】由位移速度关系式：v2=2gH，可得，甲下落的高度为4h，乙下落的高度为h，则落地时甲的速度是乙的2倍，故A错误，B正确；因为甲乙物体均做自由落体运动，加速度为g，甲下落的时间为，乙下落的时间为，所以甲在空中的时间是乙的2倍，故C错误，D正确8、AC【解析】AB．图象切线斜率逐渐减小，则高铁的加速度逐渐减小，故A正确，B错误；CD．若高铁做匀减速直线运动，则其平均速度为，根据图象与时间轴所围的面积表示位移，知高铁的实际位移小于匀减速直线运动的位移，则高铁的平均速度小于匀减速直线运动的平均速度，故C正确，D错误；故选AC。9、AD【解析】根据力F1与重力mg的关系分析圆环的运动性质与运动过程，根据平衡条件与牛顿第二定律即可解题【详解】当F1=mg，即：kv=mg，解得：时，圆环水平方向不受摩擦力，则圆环的加速度最大为，故A正确，B错误；当滑动摩擦力f=μ（kv-mg）=F时，加速度为零，对应的速度最大，故D正确，C错误．所以AD正确，BC错误【点睛】本题考查了求最大加速度、最大速度问题，对圆环正确受力分析、分析清楚圆环运动过程是正确解题的前提与关键10、AC【解析】A．弹力的产生原因一定是施力物体发生形变，则讲桌上的粉笔盒受到支持力的原因是讲桌发生了形变，故A正确；B．只有质量分布均匀，规则形状的物体，其重心才在物体的几何中心上，故B错误；C．两物体相互接触但如果没有弹性形变则不会产生弹力作用，故C正确；D．一个力如果没有分力条件限制，则可以分解为无数对分力，故D错误。故选AC。二、实验题11、(1).AB(2).1.26(3).0.311【解析】(1)[1]A．细线必须与长木板平行,这样更容易表示钩码和小车受到的合力，由牛顿第二定律可得.....(1)故A正确；B．先接通电源打点稳定后再释放物块，这样记录时间更准确，测量误差会更小。C．取整体为研究对象，绳子的拉力大小无需知道，所以滑块的质量不一定要远大于钩码的质量，故C错误；D．垫高木板的右端以补偿打点计时器对滑块的阻力及其它阻力，平衡摩擦力后……(2)无法计算摩擦力的大小，更无法计算动摩擦因数大小，故D错误。故选择AB选项。(2)[2]用逐差法计算加速度大小…….(3)[3]将(3)代入(1)可得12、①M>>m；②.0.50；③.；④.未平衡摩擦力；【解析】（1）根据FT=M≈mg可知必需平衡摩擦力且要满足M＞＞m；（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；（3）根据描点作图法，将点平滑连线，即可求解；（4）图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足【详解】（1）为使小车所受合外力等于细线的拉力，所以必需有小车的重力沿轨道的分力等于轨道对小车的摩擦力，所以做实验时必需平衡摩擦力．以砂桶作为研究对象有mg-FT=ma；以小车作为研究对象有FT=Ma；联立以上两式可得FT=M；要绳子的拉力等于砂桶的总的重力，即M=mg，故=1，则有M＞＞m；（2）由于相邻两计数点间还有4个点未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2得x5-x1=4aT2；解得：（3）根据表格数据，作出a与F的坐标，进行一一描点，然后平滑连线，即如图所示；（4）从图象可以看出当有了一定的拉力F时，小车的加速度仍然是零，小车没动说明小车的合力仍然是零，即小车还受到摩擦力的作用，说明摩擦力还没有平衡掉，或者是平衡摩擦力了但是平衡的还不够，没有完全平衡掉摩擦力，所以图线不通过坐标原点的原因是实验前该同学未平衡（或未完全平衡）摩擦力【点睛】掌握实验原理是正确解决实验题三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有