2019年高考物理全真模拟试题11

2019年高考物理全真模拟试题（十一）满分110分，时间60分钟第Ⅰ卷(选择题共48分)选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理思想与研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、建立物理模型法、类比法和科学假说法等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是()A．根据速度定义式v＝eq\f(Δx,Δt)，当Δt非常小时，就可以用eq\f(Δx,Δt)表示物体在t时刻的瞬时速度，这是应用了极限思想法B．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点代替物体的方法，采用了等效替代的思想C．玻璃瓶内装满水，用穿有透明细管的橡皮塞封口．手捏玻璃瓶，细管内液面高度有明显变化，说明玻璃瓶发生形变，该实验采用放大的思想D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2．右图为一物体做直线运动的图象，但纵坐标表示的物理量未标出，已知物体在前2s内向东运动，以下判断正确的是()A．若纵坐标表示速度，则物体在4s内的位移为4mB．若纵坐标表示速度，则物体在4s内的加速度大小不变，方向始终向东C．若纵坐标表示位移，则物体在4s内的运动方向始终向东D．若纵坐标表示位移，则物体在4s内的位移为零3．如图所示，平行板电容器与恒压电源连接，电子以速度v0垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场，设电容器极板上所带的电荷量为Q，电子穿出平行板电容器时在垂直于板面方向偏移的距离为y，若仅使电容器上极板上移，以下说法正确的是()A．Q减小，y不变B．Q减小，y减小C．Q增大，y减小D．Q增大，y增大4．图为远距离输电示意图，发电机的输出电压U1、输电线的电阻和理想变压器匝数均不变，且n1∶n2＝n4∶n3.当用户消耗的功率增大时，下列表述正确的是()A．用户的总电阻增大B．用户两端的电压U4增加C．U1∶U2＝U4∶U3D．用户消耗的功率等于发电机的输出功率5．如图甲所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平向右的拉力F作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面的最大静摩擦力fm与滑动摩擦力大小相等，则()A．0～t1时间内物块A的加速度逐渐增大B．t2时刻物块A的加速度最大C．t3时刻物块A的速度最大D．t2～t4时间内物块A一直做减速运动6．如图所示，正方形abcd区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，O点是cd边的中点．一个带正电的粒子(重力忽略不计)从O点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形区域内，经过时间t0刚好从c点射出磁场．现设法使该带电粒子从O点沿纸面以与Od成30°的方向(如图中虚线所示)，以各种不同的速率射入正方形内，那么下列说法正确的是()A．该带电粒子不可能刚好从正方形的某个顶点射出磁场B．若该带电粒子从ab边射出磁场，它在磁场中经历的时间可能是t0C．若该带电粒子从bc边射出磁场，它在磁场中经历的时间可能是eq\f(3t0,2)D．若该带电粒子从cd边射出磁场，它在磁场中经历的时间一定是eq\f(5t0,3)7．下列说法正确的是()A．光电效应揭示了光的粒子性，而康普顿效应揭示了光的波动性B．高速运动的质子、中子和电子都具有波动性C．卢瑟福通过α粒子散射实验，提出了原子的核式结构学说D．核反应方程：eq\o\al(9,4)Be＋eq\o\al(4,2)He→eq\o\al(12,6)C＋X中的X为质子8．倾角θ＝30°的斜面体固定在水平面上，在斜面体的底端附近固定一挡板，一质量不计的弹簧下端固定在挡板上，弹簧自然伸长时其上端位于斜面体上的O点处．质量分别为4m、m的物块甲和乙用一质量不计的细绳连接，跨过固定在斜面体顶端的光滑定滑轮，如图所示．开始物块甲位于斜面体上的M处，且MO＝L，物块乙开始距离水平面足够远，现将物块甲和乙由静止释放，物块甲沿斜面下滑，当物块甲将弹簧压缩到N点时，物块甲、乙的速度减为零，ON＝eq\f(L,2).已知物块甲与斜面体之间的动摩擦因数为μ＝eq\f(\r(3),8)，重力加速度取g＝10m/s2，忽略空气的阻力，整个过程细绳始终没有松弛．则下列说法正确的是()A．物块甲由静止释放到斜面体上N点的过程，物块甲先做匀加速直线运动，紧接着做匀减速直线运动直到速度减为零B．物块甲在与弹簧接触前的加速度大小为0.5m/s2C．物块甲位于N点时，弹簧所储存的弹性势能的最大值为eq\f(3,8)mgLD．物块甲位于N点时，弹簧所储存的弹性势能的最大值为eq\f(9,8)mgL第Ⅱ卷(非选择题共62分)非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生都必须做答．第13～14题为选考题，考生根据要求做答．9．(6分)为测量物块和木板间的动摩擦因数，某同学做了如下实验：实验器材：两个同样的长木板，小滑块，垫块，刻度尺．实验步骤：a．按照图示将一个长木板水平放置，另一个长木板用垫块将左端垫高．b．在倾斜长木板的斜面上某一位置作一标记A，使小滑块从该位置由静止释放，小滑块沿倾斜长木板下滑，再滑上水平长木板，最后停在水平长木板上，在停止位置作一标记B.c．用刻度尺测量________和________，则可求出小滑块和长木板间的动摩擦因数μ＝________(用所测物理量的符号表示)．误差分析：影响实验测量准确性的主要原因有：________________(任意写一条)．10．(9分)某同学用如图甲所示的电路测量欧姆表的内阻和电源电动势(把欧姆表看成一个电源，且已选定倍率并进行了欧姆调零)．实验器材的规格如下：电流表A1(量程200μA，内阻R1＝300Ω)电流表A2(量程30mA，内阻R2＝5Ω)定值电阻R0＝9700Ω，滑动变阻器R(阻值范围0～500Ω)闭合开关S，移动滑动变阻器的滑动触头至某一位置，读出电流表A1和A2的示数分别为I1和I2.多次改变滑动触头的位置，得到的数据见下表.依据表中数据，作出I1­I2图线如图乙所示；据图可得，欧姆表内电源的电动势为E＝________V，欧姆表内阻为r＝________Ω；(结果保留3位有效数字)(2)若某次电流表A1的示数是114μA，则此时欧姆表示数约为________Ω.(结果保留3位有效数字)I1(μA)120125130135140145I2(mA)20.016.713.210.06.73.311．(14分)如图所示，水平传送带的右端与竖直面内的用光滑钢管弯成的“9”形固定轨道相接，钢管内径很小．传送带的运行速度为v0＝6m/s，将质量m＝1kg的可看做质点的滑块无初速地放到传送带A端，传送带长度为L＝12m，“9”字全高H＝0.8m，“9”字CDE部分圆弧半径为R＝0.2m的eq\f(3,4)圆弧，滑块与传送带间的动摩擦因数为μ＝0.3，取重力加速度g＝10m/s2.(1)求滑块从传送带A端运动到B端所需要的时间；(2)求滑块滑到轨道最高点D时对轨道作用力的大小和方向；(3)若滑块从“9”形轨道E点水平抛出后，恰好垂直撞在倾角θ＝45°的斜面上的P点，求P、E两点间的竖直高度h.12．(18分)如图所示，在矩形区域CDNM内有沿纸面向上的匀强电场，场强的大小E＝1.5×105V/m；在矩形区域MNGF内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小B＝0.2T．已知CD＝MN＝FG＝0.60m，CM＝MF＝0.20m．在CD边中点O处有一放射源，沿纸面向电场中各方向均匀地辐射出速率均为v0＝1.0×106m/s的某种带正电粒子，粒子质量m＝6.4×10－27kg，电荷量q＝3.2×10－19C，粒子可以无阻碍地通过边界MN进入磁场，不计粒子的重力．求：(1)粒子在磁场中做圆周运动的半径；(2)边界FG上有粒子射出磁场的范围长度；(3)粒子在磁场中运动的最长时间．(后两问结果保留两位有效数字)(二)选考题(共15分．请考生从给出的2道题中任选一题做答．如果多做，则按所做的第一题计分)13．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________(选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分．每选错1个扣2分，最低得分为0分)．A．第一类永动机不可能制成，因为违背了能量守恒定律B．液体温度越高、悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈C．不考虑分子势能，则质量、温度均相同的氢气和氧气的内能也相同D．只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，就可以算出气体分子的体积E．物体吸收热量，其内能可能不变(2)(10分)如图所示，绝热汽缸内封闭一定质量的理想气体，汽缸内壁光滑，有一绝热活塞可在汽缸内自由滑动，活塞的重力为500N、横截面积为100cm2.当两部分气体的温度都为27℃时，活塞刚好将缸内气体分成体积相等的A、B上下两部分，此时A气体的压强为p0＝1.0×105Pa.现把汽缸倒置，仍要使两部分体积相等，则需要把A部分的气体加热到多少摄氏度？高考模拟试题精编(十一)1．解析：选B.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点代替物体的方法，采用的是理想模型法，选项B的叙述不正确．2．解析：选C.若纵坐标表示速度，则物体在前2s内向东做加速度为－1m/s2的匀减速直线运动，位移大小为2m，在后2s内向西做加速度为1m/s2的匀加速直线运动，位移大小为2m，故前4s内的位移为0，加速度方向始终向西，选项A、B错误；若纵坐标表示位移，则物体向东做1m/s的匀速直线运动，运动方向始终向东，前4s内的位移大小为4m，选项C正确，选项D错误．3．解析：选B.仅使电容器上极板上移，两极板间距d增大，由C＝eq\f(εrS,4kπd)知，电容器的电容减小，由C＝eq\f(Q,U)知，U一定，C减小，则Q减小，选项C、D错误；由E＝eq\f(U,d)知，电容器两极板间的电场强度减小，电子运动的加速度a＝eq\f(Eq,m)减小，电子在电场中做类平抛运动，电子穿出电场的时间不变，则电子穿出平行板电容器时在垂直极板方向偏移的距离y＝eq\f(1,2)at2减小，选项A错误，选项B正确．4．解析：选C.对两个变压器，有eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，eq\f(U3,U4)＝eq\f(n3,n4)，所以eq\f(U1,U2)＝eq\f(U4,U3)，选项C正确；由能量守恒定律可知，发电机的输出功率等于用户消耗的功率和输电导线消耗的功率之和，选项D错误；电压U1一定，U2也一定，当用户消耗的功率P出增大时，负载增多，用户的总电阻减小，由P出＝Ieq\o\al(2,4)R负载，可知降压变压器的输出电流I4增大，由eq\f(I3,I4)＝eq\f(n4,n3)，可知降压变压器的输入电流I3＝I2增大，则U3＝U2－I2r减小，用户两端的电压U4减小，选项A、B错误．5．解析：选BC.0～t1时间内物块A受到的静摩擦力逐渐增大，物块处于静止状态，选项A错误．t2时刻物块A受到的拉力F最大，物块A的加速度最大，选项B正确．t3时刻物块A受到的拉力减小到等于滑动摩擦力，加速度减小到零，物块A的速度最大，选项C正确．t2～t3时间内物块A做加速度逐渐减小的加速运动，t3～t4时间内物块A一直做减速运动，选项D错误．6．解析：选AD.根据题述一个带正电的粒子(重力忽略不计)从O点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形区域内，经过时间t0刚好从c点射出磁场，则时间t0为带电粒子在磁场中运动的半个周期．使该带电粒子从O点沿纸面以与Od成30°的方向(如图中虚线所示)，以各种不同的速率射入正方形内，画出各种可能的运动轨迹，可以看出不可能刚好从正方形的某个顶点射出磁场，选项A正确．若该带电粒子从ab边射出磁场，它在磁场中经历的时间一定小于t0，选项B错误．若该带电粒子从bc边射出磁场，它在磁场中经历的时间不可能是eq\f(3t0,2)，可能是t0，选项C错误．若该带电粒子从cd边射出磁场，它在磁场中运动轨迹为eq\f(5,6)圆弧，经历的时间一定是eq\f(5t0,3)，选项D正确．7．解析：选BC.光电效应、康普顿效应都揭示了光的粒子性，A错误；任何物质都具有波粒二象性，B正确；原子的核式结构学说就是建立在α粒子散射实验基础上的，C正确；根据质量数和电荷数守恒，可判断X为中子，D错误．8．解析：选BC.释放物块甲、乙后，物块甲沿斜面加速下滑，当与弹簧接触时，开始压缩弹簧，弹簧产生沿斜面向上的弹力，物块甲做加速度减小的加速运动，当把弹簧压缩到某一位置时，物块甲沿斜面受力平衡，速度达到最大，之后物块甲做加速度增大的减速运动，A错误；对物块甲、乙，根据牛顿第二定律有4mgsinθ－mg－f＝5ma，其中f＝4μmgcosθ，解得a＝eq\f(1,20)g＝0.5m/s2，B正确；以物块甲和乙为研究对象，从M点运动到N点，在N点弹簧压缩最短，弹性势能最大，由动能定理得4mgeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(L＋\f(L,2)))sinθ－mgeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(L＋\f(L,2)))－feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(L＋\f(L,2)))＋W弹＝0，解得W弹＝－eq\f(3,8)mgL，弹性势能的变化量ΔEp＝－W弹＝eq\f(3,8)mgL，C正确，D错误．9．解析：设倾斜长木板倾角为θ，动摩擦因数为μ，A点到两个长木板连接处的距离为x，则小滑块沿倾斜长木板下滑时克服摩擦力做的功为WFf＝μmgcosθ·x，xcosθ为A点到两个长木板连接处的连线在水平方向上的投影长度，因此从A点到B点，由动能定理得mgh－μmgl＝0，得μ＝h/l.引起实验误差的主要原因有：小滑块经过两长木板连接处时损失了能量．答案：小滑块开始下滑时的位置A的高度h(1分)小滑块下滑位置A与最后停止位置B间的水平距离l(1分)h/l(2分)小滑块经过两个长木板连接处时损失了能量(2分)10．解析：(1)由于A2量程远大于A1量程，干路电流可认为等于A2的示数，故有E＝I1(R1＋R0)＋I2r，可得I1＝eq\f(E,10000)－eq\f(r,10000)I2，故从图线在纵轴上的截距可得电动势E＝150μA×10000Ω＝1.50V，从图线的斜率可得内阻r＝eq\f(150μA－112μA,25mA)×10000Ω＝15.2Ω.(2)由图乙可以看出，当A1的示数是114μA时对应A2的示数为24mA，而欧姆表的示数为外电路的总电阻：R＝eq\f(114μA×10000Ω,24mA)＝47.5Ω.答案：(1)1.50(1.48～1.51)(3分)15.2(14.0～16.0)(3分)(2)47.5(47.0～48.0)(3分)11．解析：(1)滑块在传送带上加速运动时，由牛顿第二定律有μmg＝ma(1分)解得：a＝μg＝3m/s2(1分)加速到与传送带共速的时间t1＝eq\f(v0,a)＝2s(1分)2s内滑块的位移x1＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)＝6m(1分)之后滑块做匀速运动的位移x2＝L－x1＝6m(1分)所用时间t2＝eq\f(x2,v0)＝1s(1分)故t＝t1＋t2＝3s(1分)(2)滑块由B运动到D的过程中由动能定理得：－mgH＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,D)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)(1分)在D点：FN＋mg＝meq\f(v\o\al(2,D),R)(1分)解得：FN＝90N，方向竖直向下由牛顿第三定律得：滑块对轨道的压力大小是90N，方向竖直向上(1分)(3)滑块由B运动到E的过程中由动能定理得：－mg(H－2R)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,E)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)(1分)滑块撞击P点时，其速度沿竖直方向的分速度为：vy＝eq\f(vE,tanθ)(1分)竖直方向有：veq\o\al(2,y)＝2gh(1分)解得：h＝1.4m(1分)答案：(1)3s(2)90N，竖直向上(3)1.4m12．解析：(1)电场中由动能定理得：qEd＝eq\f(1,2)mv2－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)(2分)由题意知d＝0.20m，代入数据得v＝2×106m/s(2分)带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，qBv＝meq\f(v2,r)(1分)解得r＝eq\f(mv,qB)＝0.2m．(1分)(2)设粒子沿垂直于电场方向射入时，出电场时水平位移为x，则由平抛规律得：eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(d＝\f(1,