高中物理课时分层作业17-洛伦兹力的应用

PAGE第1页共4页课时分层作业(十七)洛伦兹力的应用[基础达标练](时间：15分钟分值：50分)一、选择题(本题共6小题,每小题6分,共36分)1．两个质量和电荷量均相同的带电粒子a、b分别以速度v和2v垂直射入一匀强磁场,其轨道半径分别为ra和rb,运动的周期分别为Ta和Tb,不计粒子重力,则()A．ra＞rb B．ra＜rbC．Ta＞Tb D．Ta＜TbB[由qvB＝meq\f(v2,r)得r＝eq\f(mv,qB),ma＝mb,qa＝qb,两粒子进入同一磁场,但速度不同,故ra＜rb,A项错,B项正确；由T＝eq\f(2πr,v)得T＝eq\f(2πm,qB),故Ta＝Tb,C、D均错．]2.如图所示,ab是一弯管,其中心线是半径为R的一段圆弧,将它置于一给定的匀强磁场中,磁场方向垂直于圆弧所在平面,并且指向纸外．有一束粒子对准a端射入弯管,粒子有不同的质量、不同的速度,但都是一价正离子,则()A．只有速度v大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管B．只有质量m大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管C．只有质量m与速度v的乘积大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管D．只有动能Ek大小一定的粒子可以沿中心线通过弯管C[若让粒子沿中心线通过弯管,需满足qvB＝meq\f(v2,R),即mv＝qRB.故C项正确．]3.薄铝板将同一匀强磁场分成Ⅰ、Ⅱ两个区域,高速带电粒子可穿过铝板一次,在两个区域内运动的轨迹如图所示,半径R1>R2.假定穿过铝板前后粒子电荷量保持不变,则该粒子()A．带正电B．在Ⅰ、Ⅱ区域的运动速度大小相同C．在Ⅰ、Ⅱ区域的运动时间相同D．从Ⅱ区域穿过铝板运动到Ⅰ区域C[粒子穿过铝板受到铝板的阻力,速度将减小.由r＝eq\f(mv,Bq)可得粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径将减小,故可得粒子由Ⅰ区域运动到Ⅱ区域,结合左手定则可知粒子带负电,选项A、B、D错误；由T＝eq\f(2πm,Bq)可知粒子运动的周期不变,粒子在Ⅰ区域和Ⅱ区域中运动的时间均为t＝eq\f(1,2)T＝eq\f(πm,Bq),选项C正确．]4.截面为矩形的载流金属导线置于磁场中,如图所示,将出现下列哪种情况()A．在b表面聚集正电荷,而a表面聚集负电荷B．在a表面聚集正电荷,而b表面聚集负电荷C．在a、b表面都聚集正电荷D．无法判断a、b表面聚集何种电荷A[金属导体靠自由电子导电,金属中正离子并没有移动,而电流由金属导体中的自由电子的定向移动(向左移动)形成．根据左手定则,四指应指向电流的方向,让磁感线垂直穿过手心,拇指的指向即为自由电子的受力方向．也就是说,自由电子受洛伦兹力方向指向a表面一侧,实际上自由电子在向左移动的同时,受到指向a表面的作用力,并在a表面进行聚集,由于整个导体是呈电中性的(正、负电荷总量相等),所以在b的表面“裸露”出正电荷层,并使b表面电势高于a表面电势,A正确．]5．(多选)如图所示是磁流体发电机的原理示意图,金属板M、N正对平行放置,且板面垂直于纸面,在两极板之间接有电阻R.在极板间有垂直于纸面向里的匀强磁场．当等离子束(分别带有等量正、负电荷的离子束)从左向右进入极板时,下列说法中正确的是(不计粒子所受重力)()A．N板的电势高于M板的电势B．M板的电势高于N板的电势C．R中有由b向a方向的电流D．R中有由a向b方向的电流BD[根据左手定则可知带正电荷的离子向上极板偏转,带负电荷的离子向下极板偏转,则M板的电势高于N板的电势．M板相当于电源的正极,那么R中有由a向b方向的电流．故选BD.]6.如图,虚线所示的圆形区域内存在一垂直于纸面的匀强磁场,P为磁场边界上的一点．大量相同的带电粒子以相同的速率经过P点,在纸面内沿不同方向射入磁场．若粒子射入速率为v1,这些粒子在磁场边界的出射点分布在六分之一圆周上；若粒子射入速率为v2,相应的出射点分布在三分之一圆周上．不计重力及带电粒子之间的相互作用．则v2∶v1为()A．eq\r(3)∶2 B．eq\r(2)∶1C．eq\r(3)∶1 D．3∶eq\r(2)C[相同的带电粒子垂直匀强磁场入射均做匀速圆周运动．粒子以v1入射,一端为入射点P,对应圆心角为60°(对应六分之一圆周)的弦PP′必为垂直该弦入射粒子运动轨迹的直径2r1,如图甲所示,设圆形区域的半径为R,由几何关系知r1＝eq\f(1,2)R.其他不同方向以v1入射的粒子的出射点在PP′对应的圆弧内．同理可知,粒子以v2入射及出射情况,如图乙所示．由几何关系知r2＝eq\r(R2－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(R,2)))\s\up20(2))＝eq\f(\r(3),2)R,可得r2∶r1＝eq\r(3)∶1.因为m、q、B均相同,由公式r＝eq\f(mv,qB)可得v∝r,所以v2∶v1＝eq\r(3)∶1.故选C.]二、非选择题(14分)7．回旋加速器的工作原理如甲所示,置于真空中的D形金属盒半径为R,两盒间狭缝的间距为d,磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直,被加速粒子的质量为m,电荷量为＋q,加在狭缝间的交变电压如图乙所示,电压值的大小为U0.周期T＝eq\f(2πm,qB).一束该种粒子在0～eq\f(T,2)时间内从A处均匀地飘入狭缝,其初速度视为零．现考虑粒子在狭缝中的运动时间,假设能够出射的粒子每次经过狭缝均做加速运动,不考虑粒子间的相互作用．求：(1)出射粒子的动能Em；(2)粒子从飘入狭缝至动能达到Em所需的总时间t0.[解析](1)粒子在磁场中运动半径为R时qvB＝meq\f(v2,R)且Em＝eq\f(1,2)mv2解得Em＝eq\f(q2B2R2,2m).(2)粒子被加速n次达到动能Em,则Em＝nqU0粒子在狭缝间做匀加速运动,设n次经过狭缝的总时间为Δt,加速度a＝eq\f(qU0,md)匀加速直线运动nd＝eq\f(1,2)a·Δt2由t0＝(n－1)·eq\f(T,2)＋Δt,解得t0＝eq\f(πBR2＋2BRd,2U0)－eq\f(πm,qB).[答案](1)eq\f(q2B2R2,2m)(2)eq\f(πBR2＋2BRd,2U0)－eq\f(πm,qB)[能力提升练](时间：25分钟分值：50分)一、选择题(本题共4小题,每小题6分,共24分)1．空间有一圆柱形匀强磁场区域,该区域的横截面的半径为R,磁场方向垂直于横截面．一质量为m、电荷量为q(q>0)的粒子以速率v0沿横截面的某直径射入磁场,离开磁场时速度方向偏离入射方向60°.不计粒子重力,该磁场的磁感应强度大小为()A．eq\f(\r(3)mv0,3qR) B．eq\f(mv0,qR)C．eq\f(\r(3)mv0,qR) D．eq\f(3mv0,qR)A[粒子进入磁场后做匀速圆周运动,如图所示,根据几何关系可知,粒子做圆周运动的半径r＝eq\r(3)R,由qvB＝meq\f(v2,r)可得,B＝eq\f(\r(3)mv0,3qR),选项A正确．]2．如图所示,两导体板水平放置,两板间电势差为U,带电粒子以某一初速度v0沿平行于两板的方向从两板正中间射入,穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场,则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U和v0的变化情况为()A．d随v0增大而增大,d与U无关B．d随v0增大而增大,d随U增大而增大C．d随U增大而增大,d与v0无关D．d随v0增大而增大,d随U增大而减小A[设粒子从M点进入磁场时的速度大小为v,该速度与水平方向的夹角为θ,故有v＝eq\f(v0,cosθ).粒子在磁场中做匀速圆周运动半径为r＝eq\f(mv,qB).而MN之间的距离为d＝2rcosθ.联立解得d＝2eq\f(mv0,qB),故选项A正确．]3．如图所示,MN为两个匀强磁场的分界面,两磁场的磁感应强度大小的关系为B1＝2B2,一带电荷量为＋q、质量为m的粒子(不计重力)从O点垂直MN进入B1磁场,则经过多长时间它将向下再一次通过O点()A．eq\f(2πm,qB1) B．eq\f(2πm,qB2)C．eq\f(2πm,q（B1＋B2）) D．eq\f(πm,q（B1＋B2）)B[粒子在磁场中的运动轨迹如图所示,由周期公式T＝eq\f(2πm,qB)知,粒子从O点进入磁场到再一次通过O点的时间为t＝eq\f(2πm,qB1)＋eq\f(πm,qB2)＝eq\f(2πm,qB2),所以B选项正确．]4．如图所示,在足够大的屏MN的上方有磁感应强度为B的匀强磁场,磁场方向垂直纸面向里,P为屏上一小孔,PC与MN垂直．一束质量为m、电荷量为－q的粒子(不计重力)以相同的速率v从P处射入磁场区域,粒子入射方向在与磁场垂直的平面里,且分散在与PC夹角为θ的范围内,则在屏MN上被粒子打中区域的长度为()A．eq\f(2mvq,B) B．eq\f(2mvcosθ,qB)C．eq\f(2mv（1－sinθ）,qB) D．eq\f(2mv（1－cosθ）,qB)D[如图所示,ST之间的距离为在屏MN上被粒子打中区域的长度．粒子在磁场中运动的轨道半径R＝eq\f(mv,qB)则PS＝2Rcosθ＝eq\f(2mv·cosθ,qB),PT＝2R＝eq\f(2mv,qB),所以ST＝eq\f(2mv（1－cosθ）,qB).]二、非选择题(本题共2小题,共26分)5．(12分)如图所示,有一对平行金属板,两板相距为0.05m,电压为10V；两板之间有匀强磁场,磁感应强度大小为B0＝0.1T,方向与金属板平行并垂直于纸面向里．图中右边有一半径R为0.1m、圆心为O的圆形区域内也存在匀强磁场,磁感应强度大小为B＝eq\f(\r(3),3)T,方向垂直于纸面向里．一正离子沿平行于金属板面,从A点垂直于磁场的方向射入平行金属板之间,沿直线射出平行金属板之间的区域,并沿直径CD方向射入圆形磁场区域,最后从圆形区域边界上的F点射出．已知速度的偏向角θ＝eq\f(π,3),不计离子重力．求：(1)离子速度v的大小；(2)离子的比荷eq\f(q,m)；(3)离子在圆形磁场区域中运动时间t.[解析](1)离子在平行金属板之间做匀速直线运动,洛伦兹力与电场力大小相等,即：B0qv＝qE0E0＝eq\f(U,d)解得v＝2000m/s.(2)在圆形磁场区域,离子做匀速圆周运动,由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有：Bqv＝meq\f(v2,r)由几何关系有：taneq\f(θ,2)＝eq\f(R,r)解得离子的比荷为：eq\f(q,m)＝2×104C/kg.(3)弧CF对应圆心角为θ,离子在圆形磁场区域中运动时间t,t＝eq\f(θ,2π)·TT＝eq\f(2πm,qB)解得t＝eq\f(\r(3)π,6)×10－4s≈9×10－5s.[答案](1)2000m/s(2)2×104C/kg(3)9×10－5s6．(14分)如图所示,在0≤x≤a、0≤y≤eq\f(a,2)范围内有垂直于xOy平面向外的匀强磁场,磁感应强度大小为B.坐标原点O处有一个粒子源,在某时刻发射大量质量为m、电荷量为q的带正电粒子,它们的速度大小相同,速度方向均在xOy平面内,与y轴正方向的夹角分布在0°～90°范围内．已知粒子在磁场中做圆周运动的半径介于eq\f(a,2)到a之间,从发射粒子到粒子全部离开磁场经历的时间恰好为粒子在磁场中做匀速圆周运动周期的四分之一．求最后离开磁场的粒子从粒子源射出时的：(1)速度的大小；(2)速度方向与y轴正方向夹角的正弦．[解析](1)设粒子的发射速度为v,粒子做圆周运动的轨道半径为R,由牛顿第二定律和洛伦兹力公式,得qvB＝meq\f(v2,R) ①当eq\f(a,2)<R<a时,在磁场中运动时间最长的粒子其轨迹是圆心为C的圆弧,圆弧与磁场的上边界相切,如图所示．设该粒子在磁场中运动的时间为t,依题意t＝eq\f(T,4),得∠OCA＝eq\f(π,2) ②设最后离开磁场的粒子的发射方向与y轴正方向的夹角为α,由几何关系可得Rsinα＝R－eq\f(a,2) ③R