2023年高考物理真题试卷(江苏卷)260带答案解析

2023年高考物理真题试卷〔江苏卷〕一、单项选择题：此题共5315分．〔515分〕A.2VB.2VCA.2VB.2VC.200VD.200V如以下图，一只气球在风中处于静止状态，风对气球的作用力水平向右．细绳与竖直方向的夹角为α，绳的拉力为T，则风对气球作用力的大小为〔〕 𝑇sin𝛼 α .A.1ΩB.2ΩC.3ΩD.4ΩR=2Ω．断开SA.1ΩB.2ΩC.3ΩD.4Ω4.1970年成功放射的“东方红一号”是我国第一颗人造地球卫星，该卫星至今仍沿椭圆轨道绕地球运动．如vv图所示，设卫星在近地点、远地点的速度分别为、vv1 2𝑟𝑟𝑟𝑟

，近地点到地心的距离为r，地球质量为M，引一匀强电场的方向竖直向上，t=0时刻，一带电粒子以确定初速度水平射入该电场，电场力对粒子做功的功率为PP-t关系图象是〔〕10A.B.C.D.二、多项选择题：此题共4416分．每题有多个选项符合题意．全420分．〔4A.B.C.D.A2π𝑅𝜔C.mgB.A2π𝑅𝜔C.mgB.ωRD.mω2RA.均向左B.均向右C.a的向左，b的向右D.a的向右，bA.均向左B.均向右C.a的向左，b的向右D.a的向右，b的向左A.μmgC.μmgsB.2μmgsD.物块在A点的初速度为√2𝜇𝑔𝑠如以下图，轻质弹簧的左端固定，并处于自然状态．小物块的质量为mA.μmgC.μmgsB.2μmgsD.物块在A点的初速度为√2𝜇𝑔𝑠如以下图，ABC为等边三角形，电荷量为+q的点电荷固定在A点．先将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处〔电势为0〕移到C点，此过程中，电场力做功为-WQ1CCB移到B点并固定．最终将一电荷量为-2q的点电荷Q2从无穷远处移到C点．以下说法正确的有〔〕Q1

移入之前，C点的电势为𝑊𝑞Q1从C点移到B点的过程中，所受电场力做的功为0Q2从无穷远处移到C点的过程中，所受电场力做的功为2WQ2在移到C点后的电势能为-4W三、简答题：此题分必做题〔第10~12题〕和选做题〔第13题〕两局部，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．〔330分〕11150Hz的打点计时器供试验选用：A．电磁打点计时器B．电火花打点计时器为使纸带在运动时受到的阻力较小，应选择 〔选填“A”或“B”〕．保持长木板水平，将纸带固定在小车后端，纸带穿过打点计时器的限位孔．试验中，为消退摩擦力的影响，在砝码盘中渐渐参与沙子，直到小车开头运动．同学甲认为此时摩擦力的影响已得到消退．同学乙认为还应从盘中取出适量沙子，直至轻推小车观看到小车做匀速运动．看法正确的同学是〔选填“甲”或“乙”〕．2A消退摩擦力的影响后，在砝码盘中参与砝码．接通打点计时器电源，松开小车，小车运动．纸带被打出一系列点，其中的一段如图2所示．图中纸带按实际尺寸画出，纸带上A点的速度v= 2A测出小车的质量为M，再测出纸带上起点到A点的距离为LΔE=

1𝑀𝑣 2k 2 𝐴算出．砝码盘中砝码的质量为m，重力加速度为g；试验中，小车的质量应 〔选填“远大于”“远小于”或“接近砝码、砝码盘和沙子的总质量，小车所受合力做的功可用W=mgL算出．屡次测量，假设W与ΔEk均根本相等则验证了动能定理．某同学测量一段长度的电阻丝的电阻率．试验操作如下：1螺旋测微器如图1所示．在测量电阻丝直径时，先将电阻丝轻轻地夹在测砧与测微螺杆之间，再旋动 〔选填“A”“B”或“C”〕，直到听见“喀喀”1选择电阻丝的 〔选填“同一”或“不同”〕位置进展屡次测量，取其平均值作为电阻丝的直径．图甲2中Rx ，为待测电阻丝．请用笔画线代替导线，将滑动变阻器接入图2乙图实物电路中的正确位置．U2/V0.501.021.542.052.55I2/mA20.040.060.080.0100.0R2甲图所示的电路，调整滑动变阻器测得5组电压U1和电流I1U2/V0.501.021.542.052.55I2/mA20.040.060.080.0100.0请依据表中的数据，在方格纸上作出U2–I2图象．x由此，可求得电阻丝的R= Ω．依据电阻定律可得到电阻丝的电阻率．12.x〔1〕质量为M的小孩站在质量为m的滑板上，小孩和滑板均处于静止状态，无视滑板与地面间的摩擦．小孩沿水平方向跃离滑板，离开滑板时的速度大小为v，此时滑板的速度大小为 ．𝑣𝑀B.𝑀𝑣𝑚C.𝑚 𝑣𝑚𝑀D.𝑀 𝑣𝑚𝑀Ni28〔2〕100年前，卢瑟福用α粒子轰击氮核打出了质子．后来，人们用α粒子轰击60Ni28

核也打出了质子：2 28 29 4He 60Ni→62Cu 12 28 29

X；该反响中的X是 〔选填“电子”“正电子”或“中子”〕．此后，对原子核反响的持续争论为核能利用供给了可能．目前人类获得核能的主要方式是 〔选填“核衰变”“核裂变”或“核聚变”〕．〔3〕在“焊接”视网膜的眼科手术中，所用激光的波长λ=6.4×10-7mE=1.5×10-2J．求每个脉冲中的光子数目．〔普朗克常量h=6.63×10-34J·s，光速c=3×108m/s．计算结果保存一位有效数字〕四、【选做题】此题包括13、14两小题，请选定其中一小题，并在相应的答题区域内作13题评分．〔224分〕13.在没有外界影响的状况下，密闭容器内的抱负气体静置足够长时间后，该气体 ．A.分子的无规章运动停息下来B.每个分子的速度大小均相等C.分子的平均动能保持不变D.分子的密集程度保持不变pp由于水的外表张力，荷叶上的小水滴总是球形的．在小水滴外表层中，水分子之间的相互作用总体上表现为 〔选填“引力”或“斥力”〕．分子势能E和分子间距离r的关系图象如题A-1图所示，能总体上反映小水滴外表层中水分子E的是图中 〔选填“A”“B”或“C”〕的位置．ppA-2图所示，确定质量抱负气体经受A→B的等压过程，B→C的绝热过程〔气体与外界无热量交换〕，B→C900JA→B→C过程中气体对外界做的总功．14.一单摆做简谐运动，在偏角增大的过程中，摆球的 ．A.位移增大B.速度增大C.回复力增大D.机械能增大将两支铅笔并排放在一起，中间留一条狭缝，通过这条狭缝去看与其平行的日光灯，能观看到彩色条纹，这是由于光的 〔选填“折射”“干预”或“衍射”〕．当缝的宽度 〔选填“远大于”或“接近”〕光波的波长时，这种现象格外明显．如以下图，某Ln=2AB方向切去一角，AB与水平方向的夹角为θ．为使AB面时不会射入空气，求θ的最大值．347分．〔347分〕如以下图，匀强磁场中有一个用软导线制成的单匝闭合线圈，线圈平面与磁场垂直．线圈的面积S=0.3m2R=0.6Ω，磁场的磁感应强度B=0.2T.现同时向两侧拉动线圈，线圈的两边在Δt=0.5s时间内合到一起．求线圈在上述过程中感应电动势的平均值E；感应电流的平均值I，并在图中标出电流方向；通过导线横截面的电荷量q．A和B叠放在水平地面上，左边缘对齐．AB、B与地面间的动摩擦因数均为μ。先敲击A，A马上获得水平向右的初速度，在B上滑动距离L后停下。接着敲击B，B马上获得水平向右的初速度，A、B都向右运动，左边缘再次对齐时恰好相对静止，此后两者一起运动至停下．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．求：〔1〕A被敲击后获得的初速度大小vA；B 〔2〕在左边缘再次对齐的前、后，B运动加速度的大小a、a”B 〔3〕B被敲击后获得的初速度大小vB．如以下图，匀强磁场的磁感应强度大小为B．磁场中的水平绝缘薄板与磁场的左、右边界分别垂直相交于M、N，MN=L〔碰撞时间极短〕，反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反．质量为m、电荷量为-q的粒子速度确定，可以从左边界的不同位置水平射入磁场，在磁场中做圆周运动的半径为dd<L，粒子重力不计，电荷量保持不变。求粒子运动速度的大小v；欲使粒子从磁场右边界射出，求入射点到M的最大距离dm；从P点射入的粒子最终从Q点射出磁场，PM=d，QN=2

，求粒子从P到Q的运动时间t．答案解析局部5315分．【答案】D【考点】变压器原理【解析】【解答】依据变压器原副线圈电压之比等于线圈的匝数之比，得𝑛1=𝑈1=𝑈1′=△𝑈1 ,代入数字200V.D符合题意，ABC不符合题意。故答案为：D

𝑛2

𝑈2′

△𝑈2【分析】依据变压器的原理推导电压变化之比的关系式，代入数字计算即可。【答案】C【考点】物体的受力分析【解析】【解答】小球在受到重力、空气的浮力、绳子的拉力和风的吹力共同作用平衡，其中在水平方向𝑇sin𝛼.C符合题意，ABD不符合题意。故答案为：C【分析】对小球做受力分析，依据共点力平衡，对T做力的分解，其水平分力等于风的吹力，方向相反。【答案】A【考点】欧姆定律【解析【解答当开关断开时，电压表电压即是电源电压；当开关S闭合时，𝐸=𝑈+𝑈𝑟⇒𝑈𝑟=1𝑣 ，电路串联。故𝐼=𝑈=

⇒𝑟=𝑈𝑟/𝑈=1𝛺𝑅 𝑟 𝑅A符合题意，BCD不符合题意。故答案为：A【分析】依据电源电压等于内压和路端电压之和，串联电路电流处处相等列式推出r的关系式，代入数字即可求解。【答案】B【考点】万有引力定律及其应用，卫星问题【解析】【解答】卫星由近地点向远地点运动，万有引力做做负功，动能减小，速度减小。〔速度的大小也可用开普勒其次定律分析，卫星沿椭圆轨道飞行，相等时间内扫过的面积相等，故在近地点面积一样1时，轨迹较长，则运行速度较大〕CD不符合题意。假设卫星做圆周运动时，𝑣 =√𝐺𝑀1𝑟

，但卫星沿椭圆1轨道运行，故卫星在近地点做离心运动，𝑣 >√𝐺𝑀。1𝑟B符合题意，ACD不符合题意。故答案为：B【分析】依据万有引力对卫星做负功，故卫星速度动能减小，速度减小。卫星由近地点向远地点运动，做离心运动，故速度大于做匀速圆周运动时的速度。【答案】A【考点】功率的计算，电场力【解析】【解答】依据P=FV，在竖直方向，带电粒子做匀加速直线运动，故𝑣=𝑎𝑡⇒𝑃=𝐹𝑣=𝐹𝑎𝑡 ,由于E为恒值，F、a也为恒值，故Pt成正比例关系，P-t关系图象是图〔A〕。A符合题意，BCD不符合题意。故答案为：A【分析】在匀强电场中，在电场力方向带电粒子受到的电场力不变，依据牛顿其次定律，加速度也不变，由功率公式推出P与t的关系，比照图像即可推断。二、多项选择题：此题共4小题，每题4分，共计16分．每题有多个选项符合题意．全部选对的得420分．【答案】B,D【考点】竖直平面的圆周运动【解析】【解答】做匀速圆周运动的周期公式为𝑣

，故A不符合题意。线速度的大小v=ωrB符合题意，座舱受到摩天轮的弹力和重力的共同作用做匀速圆周运动，合力大小不变，但方向转变，由于重力方向是不变的，故只有座舱受摩天轮的作用力转变，才能保持合力大小不变。故C不符合题意。由于摩天仓做匀速圆周运动，则座舱也做匀速圆周运动，故座舱所受合力大小始终为F=mω2R。故答案为：BD【分析】依据匀速圆周运动的周期公式和线速度公式代入量计算即可求出周期和线速度。座舱受到摩天轮的弹力和重力的共同作用做匀速圆周运动，合力大小不变，方向转变，而其中的一个分力重力不变，则弹力必转变。用向心力公式求向心力，向心力即座舱所受合力。【答案】C,D【考点】楞次定律，右手定则【解析】【解答】由于矩形框静止，受到平衡力的作用，当上方导线受力向上，下方导线受力向下时，由左手定则推断在上方四周磁场方向由外向里，再由安培定则知，a导线电流方向向左。同理可以推断b导线向右。C符合题意。当上方导线受力向下，下方导线受力向上时，由同样的方法推断a的向右，b的向左。D符合题意。CD符合题意，AB不符合题意。故答案为：CD【分析】依据导线框平衡假设其受力状况，依据左手定则推断磁场方向，由磁场方向依据右手螺旋定则判断导线的电流方向。【答案】B,C【考点】功能关系，动能定理的综合应用【解析】【解答】假设弹簧的最大弹力为μmg ，正好等于物块的滑动摩擦力。因物块至最左端时，速度减为零。假设弹力等于摩擦力，二力平衡，物块不行能被弹回，A不符合题意。物块从A点向左沿水平地面运动，压缩弹簧至弹簧速度为零。依据能量守恒，这时有：

1𝑚𝑣2=𝜇𝑚𝑔𝑠1𝑘𝑠2，物块自A向左运动2 2再回到A点整个过程中，

1𝑚𝑣22𝜇𝑚𝑔𝑠。联立解得，2

1𝑘𝑠2=𝜇𝑚𝑔𝑠，C符合题意。在整个过程中，2摩擦力做负功，故抑制摩擦力做功为2𝜇𝑚𝑔𝑠，B符合题意。由符合题意。故答案为：BC

1𝑚𝑣2=2𝜇𝑚𝑔𝑠𝑣=2√𝜇𝑔𝑠。D不2【分析】依据平衡条件分析弹簧的最大弹力是否正确，依据能量守恒，对物块行至最左端和回到原位两点分别列式。联马上可求解推断。【答案】A,B,D【考点】电势差、电势、电势能，电场力做功【解析】【解答】由于Q1从无限远处移到CQ1C点具有的电势能为W，则该点电势为𝑞

，可见A符合题意。B、C处于点电荷的电场中，且与A点距离相等，B、CQ1CB点的过程中，0，B符合题意。CQ1CCBB点并固定，Q2处于AQ1的共同电场中，电场与之前相比发生了变Q2C点的过程中，所受电场力做的功不等于2W。

移入B之前，C点的电势为𝑞

，移入C之后，因A、BC点的电势为2𝑊𝑞

C点后的电势能为2𝑊×(−2𝑞)=−4𝑊，D符合题意。𝑞故答案为：ABD【分析】依据电场力做负功，电势能增加，推断电势能和电势的变化。和点电荷等距位置电势相等。留意复合电场的电势和电势能，可依据几何关系分析推断。三、简答题：此题分必做题〔第10~12题〕和选做题〔第13题〕两局部，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置．【答案】〔1〕B〔2〕乙〔3〕0.31〔0.30~0.33都算对〕〔4〕远大于【考点】探究动能定理【解析】【解答】〔1〕电磁打点计时器由于振针的作用，纸带和复写纸之间阻力相对较大，试验误差比较大；而电火花计时器使用的是火花放电，纸带运动时受到的阻力比较小，试验误差也比较小。故应选B。〔2〕轻推小车，小车运动，这时小车受到摩擦力和绳子拉力的作用，假设相等时间内打点计时器打出相邻点间的距离相等，可以判定小车做匀速直线运动，说明摩擦力影响已得到消退。在砝码盘中渐渐加入沙子，直到小车开头运动。这时拉力大于摩擦力，小车做匀加速直线运动，没有到达消退摩擦力的目的。故答案为：乙。〔3〕因图中纸带按实际尺寸画出，可以用刻度尺量出与A前后相邻的两个点之间的距离，用速度公式即可求出这与A相邻两点之间的平均速度。平均速度即是A点的速度。〔4〕试验中求小车合外力所做的功，𝑊=𝑚𝑔𝐿，实际上𝐹=𝑀𝑎=0F=mg，才能尽量减小试验的误差。

𝑚𝑔𝑚𝑀

=𝑚𝑔1𝑀

，只有当M>>m时，m/M趋近【分析】依据两种打点计时器的打点原理分析推断。消退摩擦力应是小车做匀速直线运动，小车所受合力为零。匀加速直线运动某段时间内的的平均速度等于中点时刻的速度。小车所受的拉力实际上并不等于mgM>>m时才能尽量减小误差，到达试验目的。【答案】〔1〕C〔2〕不同〔3〕〔4〕〔5〕23.5【考点】测定金属的电阻率〔1〕依据螺旋测微器的使用方法，为了能夹住被测物，应旋转微调按钮C，直到听见“喀喀”的声音，以保证压力适当和保护仪器。〔2〕求电阻丝的平均直径应是测量电阻丝的不同位置的直径，〔3〕留意滑动变阻器的分压接法，一局部和待测电阻并联，一局部在干路中，起分压作用。〔4〕依据表格中的数据，在坐标系中找点连线，画出图像。〔5〕电压表先测的是R1和R0的共同电压，13后接在a、b两端，测的是R0的电压。依据图像题给图像由欧姆定律算出R1和R0电阻和，再依据表格中的数据算出R0平均电阻，R1R0电阻和减去R0平均电阻就是待测电阻丝的电阻。【分析】依据螺旋测微器的使用方法和留意事项知应旋转微调按钮C。求电阻丝的平均直径应是测量电阻丝的不同位置的直径，取其平均值。实物图应比照电路图连接。由于R1和R0串联，依据表中的数据画图像。分别依据图像和表中数据依据欧姆定律计算电阻，两者之差即是待测电阻丝电阻。【答案】〔1〕B〔2〕中子；核裂变〔3〕光子能量：𝜀=ℎ𝑐；光子数目：n=𝜆 𝜀

n=5×1016【考点】动量守恒定律，核反响方程，光的粒子性【解析】【解答】〔1〕依据动量守恒定律：𝑀𝑣+𝑚𝑣′=0⇒𝑣′=𝑚

，B符合题意，ACD不符合题0〔2〕依据核反响方程的质量数守恒和电荷数守恒可知：X为1𝑛即中子。目前人类获得核能的主要方式是核裂变。〔3〕在“焊接”视网膜的眼科手术中，所用激光的波长λ=6.4×10-7m，每个激光脉冲的能量E=1.5×10-2J．求每个脉冲中的光子数目．〔普朗克常量h=6.63×10-34J·sc=3×108m/s．计算结果保存一位有效数字〕0【分析】〔1〕对于小孩和滑板组成的系统，因无视滑板与地面间的摩擦，系统所受到的合外力为零，动量守恒。依据动量守恒列式即可求出此时滑板的速度大小。〔2〕依据核反响方程的质量数守恒和电荷数守恒求未知的粒子，目前人类获得核能的主要方式是核裂变。核聚变还在研发阶段，没有到达应用阶〔3〕由于𝑇=𝜆⇒𝜈=𝑐𝜀=ℎ𝑣=ℎ𝑐𝐸=𝑛𝜀即𝑐 𝜆 𝜆可求出每个脉冲中的光子数目。四、【选做题】此题包括13、14两小题，请选定其中一小题，并在相应的答题区域内作答．假设多做，则13题评分．【答案】〔1〕C,D引力；C解:A→B过程W1=–p〔VB–VA〕B→C过程，依据热力学第确定律W2=∆UW=–〔W1+W2〕W=1500J【考点】热力学第确定律〔能量守恒定律〕，分子间的作用力，物体的内能【解析】【解答】〔1〕由于在没有外界影响的状况下，密闭容器内的抱负气体，温度保持不变，内能保持不变。内能和分子的平均动能有关，内能不变，分子平均动能也不变，C符合题意。而单个分子的动能可能转变，即速度也可能变化，B不符合题意。大量分子在永不停息地做无规章的运动，容器的分子数没有变化，故分子的密集程度不变，A不符合题意、D〔2〕水滴在荷叶上和空气接触，由于外表张力的缘由，水滴呈近似球形。液体与气体相接触时，会形成一个外表层，在这个外表层内存在着的相互吸引力就是外表张力，它能使液面自动收缩。外表张力是由液体分子间很大的内聚力引起的。液体外表层分子间距离大于液体内局部子间距离，分子间表现为引力，分子间距离平衡点是B；分子间距离大于平衡点的距离时表现为引力。12【分析】〔1〕依据内能跟温度有关，而内能只和大量分子平均动能有关。分子在永不停息地做无规章的运动，容积不变，分子数不变，其密集程度也不变。〔2〕液体外表层内存在着的相互吸引力，它能使液面自动收缩。而且液体外表层分子间距离大于液体内局部子间距离。〔3〕A→BB→C过程中系统对外做的功。A→B为等压变化过程，体积增大，气体对外做功，做功大小为：W=–p△V。B→C为等温变化过程，且系统与外界无热交换，依据热力学第确定律有：W=∆U，A→B→C过程中气体对外界做的总功12【答案】〔1〕A,C衍射；接近解:全反射sinC=1𝑛C+θ=90°θ=60°【考点】单摆，光的全反射，光的衍射【解析】【解答】〔1〕单摆在在偏角增大的过程中，明显离平衡位置越远，位移增大。由单摆的回复力公式F=-KX知，位移增大，回复力增大。AC符合题意。因单摆做简谐运动，只有重力做功，机械能守恒。因摆角增大，重力势能增大，动能减小，速度减小。BD不符合题意。〔2〕在传播过程中，遇到障碍物或小孔时，光将偏离直线传播的路径而绕到障碍物后面传播的现象，叫光的衍射。日光灯光是复色光，所以能够看到彩色条纹。狭缝相当于小孔，故是衍射现象。小孔或障碍物的尺寸比光波的波长小，或者跟波长差不多时，光才能发生明显的衍射现象。故填“接近”。【分析】〔1〕依据简谐运动的原理和特点来推断位移和回复力的变化。依据机械能守恒分析推断动能及速度的变化。〔2〕依据光的衍射定义推断是否是衍射，比照衍射产生的条件可知缝的宽度应是接近光波的波长。〔3〕为使水平方向的光线射到AB面时不会射入空气，这时间发生全反射，折射角等于90°。代入求全反射角公式，画出光路图由几何关系求出这时的θ。347分．【答案】〔1〕解:感应电动势的平均值𝐸=𝛥𝛷𝛥𝑡磁通量的变化𝛥𝛷=𝐵𝛥𝑆解得𝐸=𝛥𝑡

E=0.12V〔2〕解:平均电流𝐼=𝐸𝑅I=0.2A〔电流方向见以以下图〕15〔3〕解:电荷量q=I∆t 代入数据得q=0.1C【考点】电流的概念，楞次定律，法拉第电磁感应定律【解析】【分析】因同时向两侧拉动线圈至线圈的两边合在一起，线圈的面积由S减小至0，磁场强度不变，依据电磁感应定律可求出此过程的平均感应电动势。再由欧姆定律求出可求出感应电流的平均值。电流方向依据楞次定律可以推断。知道电流和时间，代入求电量的公式即可求解。【答案】〔1〕解:由牛顿运动定律知，A加速度的大小aA=μg匀变速直线运动2aAL=vA2𝑣𝐴=√2𝜇𝑔𝐿解:设A、B的质量均为m对齐前，BF=3μmg由牛顿运动定律F=maB，得aB=3μg对齐后，A、BF′=2μmgF′=2maB′aB′=μgA B 解:经过时间t，A、B到达共同速度v，位移分别为x、x ，A加速度的大小等于A B v=aAt，v=vB–aBt𝑥𝐴=1𝑎𝐴𝑡2，𝑥𝐵=𝑣𝐵𝑡−1𝑎𝐵𝑡22 2xB–xA=L𝑣𝐵=2√2𝜇𝑔𝐿【考点】对单物体(质点)的应用，匀变速直线运动根本公式应用，物体的受力分析〔1〕A获得初速度后，在B上仅受摩擦力作用，做匀减速直线运动。依据牛顿其次定律列式，再