2025版高考物理考点题型归纳总结（含答案）验收检测卷一　运动的描述　匀变速直线运动的研究

验收检测卷一运动的描述匀变速直线运动的研究一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题只有一个选项符合题目要求．1．[2024·河北省保定市部分高中期中考试]下列有关运动的描述说法正确的是()A．岳麓书院有一千多年历史，“一千多年”指时刻B．湘江在任何情况下都不可以看作质点C．从湘潭到长沙坐火车与骑车路程相同D．“太阳东升西落”是以地球为参考系2．[2024·辽宁省十一校期中联考]某高铁在平直铁轨上由静止开始加速，速度达到300km/h后开始匀速行驶，某汽车在平直高速公路上由静止启动，速度达到120km/h后开始匀速行驶，下列说法正确的是()A．在相同时间内，该高铁匀速行驶时通过的路程大于该汽车匀速行驶时通过的路程B．该高铁启动时的平均加速度一定大于该汽车启动时的平均加速度C．该汽车加速过程中的速度方向与加速度方向可能相反D．该汽车启动后，随着汽车的速度越来越大，加速度也一定越来越大3．[2024·湖南省湘西期中考试]质点做匀加速直线运动，初速度为v0＝2m/s，加速度a＝0.1m/s2，则正确的是()A．质点的加速度均匀增大B．质点的速度随时间均匀增大C．质点第4s末的速度为1.6m/sD．每经过1s时间，物体速度就增大0.2m/s4．[2024·广东省佛山市S7高质量发展联盟联考]在某次100m短跑赛事中．用一架在赛道旁匀速运动的轨道摄像机跟踪拍摄运动员，二者的s­t图像如图所示，则下列说法中正确的是()A．t1时刻，两者处在并排的位置B．t1时刻，两者速度相等C．0～t1时间内，摄像机的平均速度大于运动员的平均速度D．摄像机做直线运动，运动员做曲线运动5．[2024·浙江省宁波市期中考试]镇中校运会时，高空无人机在完成拍摄任务后返回地面，某一段过程可视为做匀加速直线运动．该过程中，前0.5s内的位移为3.5m，前1s秒内的位移为8m，则其加速度的大小为()A．3.5m/s2B．4m/s2C．7m/s2D．条件不足，无法求解6．[2024·江苏省连云港市赣榆区期中考试]调节家中水龙头，让水一滴一滴由静止开始不断下落，每两个相邻水滴之间时间间隔相等，忽略空气阻力和水滴间的相互影响，则在水滴落地前，下列说法正确的是()A．1、2两水滴之间的距离保持不变B．1、2两水滴在下落过程中距离越来越大C．1、2两水滴之间的速度差越来越大D．以水滴3为参考系，水滴1做匀加速直线运动7．[2024·辽宁省朝阳市期中考试]杭州亚运会将各种机器人全面应用在巡逻、迎宾、医疗、配送、服务等方面，赛场上“机器狗”运球拍，捡铁饼等为赛事正常运行立了大功．设一只静止的“机器狗”发现前方6m处有一铁饼，立即沿直线匀加速前进达到3m/s后立刻以相同大小的加速度减速，当速度减为零时恰好停在铁饼处．则机器狗的加速度大小为()A．1.5m/s2B．1m/s2C．3m/s2D．2m/s28．[2024·江苏省泰州市姜堰区期中考试]一辆汽车以36km/h的速度在平直公路上匀速行驶．从某时刻起，它以0.6m/s2的加速度加速，10s末因故紧急刹车，随后汽车停了下来，刹车时做匀减速运动的加速度的大小是4m/s2，下列说法正确的是()A．汽车10s末刹车时的速度为6m/sB．刹车后2s时的速度大小为2m/sC．加速第1秒内的位移为10mD．停止前最后1秒内位移2m二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．9．[2024·浙江省嘉兴市月考]如图所示，光滑斜面AE被分成四个长度相等的部分即AB＝BC＝CD＝DE，一物体由A点静止释放沿斜面做匀加速直线运动，下列结论正确的是()A.物体到达各点的速率vB∶vC∶vD∶vE＝1∶2∶3∶4B．物体到达各点所经历的时间vB∶vC∶vD∶vE＝1∶eq\r(2)∶eq\r(3)∶2C．物体从A运动到E的全过程平均速度eq\o(v,\s\up6(－))<vCD．物体通过每一部分时，其速度增量vB－vA＝vC－vB＝vD－vC＝vE－vD10．[2024·广东省广州科学城中学期中检测]物体沿一直线做匀加速直线运动，已知它在第2s内的位移为4m，第3s内的位移为6m，则下列说法中正确的是()A．它在第2s初到第3s末的平均速度的大小是5m/sB．它在第1s内的位移是2mC．它的初速度为零D．它的加速度大小是2m/s211．[2024·山西省临汾市期中考试]一辆玩具小汽车，它检测到障碍物时会自动减速．游戏中，把该小汽车放在地面上，t＝0时启动小汽车，小汽车由静止开始做直线运动，其加速度a随时间t按图示的规律变化．则在0～6s内()A．t＝4s时，小汽车回到出发点B．t＝4s时，小汽车的速度为0C．t＝2s时，小汽车离出发点的距离最远D．t＝3s时，小汽车的速度与t＝1s时相同12．[2024·河南省部分名校期中考试]如图甲所示，A车停在水平路面上，B车以vB＝10m/s的速度匀速向A车靠近，A车司机发现后经过反应时间1s立即启动A车，以A车司机发现B车的时刻为0时刻，两车运动的速度—时间(v­t)图像如图乙所示．两车恰好未发生碰撞，两车均可视为质点，则下列说法正确的是()A．A车的加速度大小为2m/s2B．A车司机反应时间内两车间距缩短10mC．t＝6s时A车在B车前方2m处D．t＝0时刻两车之间的距离为30m[答题区]题号123456789101112答案三、非选择题：本题共4小题，共60分．13．[2024·江西省乐平中学月考]在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图甲所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G共7个计数点(每相邻两个计数点间还有4个点没有画出)，电火花计时器接220V、50Hz交变电源．他经过测量并计算得到电火花计时器在打B、C、D、E、F各点时小车的瞬时速度如下表：对应点BCDEF速度(m/s)0.1410.1850.2200.2540.301(1)设电火花计时器的打点周期为T，计算vF的公式为vF＝________；(2)根据表中的数据，以A点对应的时刻为t＝0，在图乙所示坐标系中合理地选择标度，作出v­t图像；(3)利用该图像求得小车的加速度a＝________m/s2；(结果保留2位有效数字)(4)如果当时电网中交变电流的电压变成210V，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比________(选填“偏大”“偏小”或“不变”).如果当时电网中交变电流的频率是f＝51Hz，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比________(选填“偏大”“偏小”或“不变”).14．航空母舰的舰载战斗机着舰过程被称为“在刀尖上跳舞”，指的是舰载战斗机着舰有很大的风险，一旦着舰不成功，飞行员必须迅速实施“逃逸复飞”，“逃逸复飞”是指制动挂钩挂拦阻索失败后飞机的复飞．设航空母舰的跑道是平直的，长度为300m，某飞行员在一次训练“逃逸复飞”科目时，战斗机在跑道一端着舰时的速度为55m/s，着舰2.5s时的速度为25m/s，此时制动挂钩应挂住拦阻索但却失败了，于是战斗机立即以6.25m/s2的加速度复飞，起飞需要的最小速度为50m/s.求：(1)战斗机着舰过程的加速度大小；(2)请根据题中的数据，通过计算判断本次“逃逸复飞”能否成功．15．[2024·江苏省南京市六校协作体联考]如图所示，在离地面高H处以v0＝10m/s的速度竖直向上抛出一个小球，地面上有一长L＝5m的小车，其前端M距离抛出点的正下方s＝4m，小球抛出的同时，小车由静止开始向右做a1＝2m/s2的匀加速直线运动．已知小球在空中运动的总时间为t＝4s，g取10m/s2，忽略空气阻力及小车的高度，求：(1)小球抛出点离地面的高度H；(2)小球落地前最后一秒的位移大小x；(3)当小车末端N到达抛出点正下方时，便立即做加速度大小恒为a2，方向与此时速度方向相反的匀变速直线运动，为了让小车接住小球，试确定加速度大小a2的范围．16．[2024·广东省江门市一中阶段考试]强行超车是道路交通安全的极大隐患之一，如图是汽车超车过程的示意图，汽车甲和货车分别以10m/s和16m/s的速度在路面上匀速行驶，其中甲车车身长L1＝5m、货车车身长L2＝8m，某时货车在甲车前s＝3m处，若此时甲车司机开始迅速加速从货车左侧超车，加速度大小为2m/s2，假设货车速度保持不变，不计车辆变道的时间及车辆的宽度，求：(1)甲车超过货车之前经过多长时间与货车的距离达到最大，且求出最大距离；(2)甲车完成超车至少需要多长时间；(3)若甲车开始超车时，看到道路正前方的乙车迎面驶来，此时二者车头相距208m，乙车速度为12m/s，甲车超车的整个过程中，乙车速度始终保持不变，请通过计算分析，甲车能否安全超车；若甲车不能安全超车，则乙车至少以多大的加速度减速才能使甲车安全超车．

验收检测卷一运动的描述匀变速直线运动的研究1．答案：D解析：时刻是时间点，表示某一瞬间，“一千多年”是时间间隔，是时间段，不是时刻，A错误；在研究物体运动时，其大小与形状可以不考虑时，可以视为质点，湘江在某些运动情况下其尺寸、形状可以忽略时可以看作质点，B错误；路程是移动的距离，是轨迹长度，从湘潭到长沙坐火车与骑车轨迹长度不一定相同，所以路程也不一定相同，C错误；“太阳东升西落”是以地球为参考系，D正确．2．答案：A解析：由于v高铁>v汽，故在相同时间内，该高铁匀速行驶时通过的路程大于该汽车匀速行驶时通过的路程，A正确；由于时间未知，故平均加速度大小未知，B错误；汽车由静止启动，在加速过程中加速度方向与速度方向相同，C错误；汽车在做加速运动，故加速阶段汽车的加速度可能不变，也可能增大或减小，后匀速运动时加速度为0，D错误．3．答案：B解析：质点做匀加速直线运动，所以质点的加速度不变，A错误；质点做匀加速直线运动，质点的速度随时间均匀增大，B正确；根据匀变速直线运动的速度—时间公式，质点第4s末的速度为v＝v0＋at＝2m/s＋0.1×4m/s＝2.4m/s，C错误；加速度为0.1m/s2，每经过1s时间，物体速度就增大0.1m/s，D错误．4．答案：A解析：由图可知，在t1时刻，两者的位移相等，即处在并排的位置，A正确；由图可知，在t1时刻，图像的切线斜率并不相等，即两者速度不相等，B错误；由图可知，在0～t1时间内，二者的位移相等、用时相等，所以摄像机的平均速度等于运动员的平均速度，C错误；由图可知，摄像机做匀速直线运动，运动员做变速直线运动，D错误．5．答案：B解析：根据题意可知0.5s～1.0s间的位移为x2＝8m－3.5m＝4.5m，根据匀变速运动规律Δx＝aT2可知加速度为a＝eq\f(4.5－3.5,0.52)m/s2＝4m/s2，B正确．6．答案：B解析：设两滴水滴之间的时间间隔为Δt，则第2滴水下落时间t时刻两滴水的距离Δh＝eq\f(1,2)g（t＋Δt）2－eq\f(1,2)gt2＝gΔt·t＋eq\f(1,2)gΔt2，则随时间t的增加1、2两水滴在下落过程中距离越来越大，A错误，B正确；1、2两水滴之间的速度差Δv＝g（t＋Δt）－gt＝gΔt，保持不变，C错误；以水滴3为参考系，因水滴的加速度均相同，可知水滴1做匀速直线运动，D错误．7．答案：A解析：设机械狗的加速度大小为a，因加速和减速时加速度大小相等，加速和减速时间相等均为t，设最大速度为v，由平均速度公式可得x＝eq\f(v,2)t×2，解得t＝2s，由v＝at可得a＝1.5m/s2，A正确．8．答案：D解析：汽车初速度为v0＝36km/h＝10m/s，根据匀变速直线运动速度与时间的关系，可求出v＝v0＋at＝16m/s，A错误；刹车后的停车时间为t停＝eq\f(v,a′)＝4s，刹车后2s时的速度大小为v′＝v－a′t′＝8m/s，B错误；加速第1秒内的位移为x1＝v0t1＋eq\f(1,2)ateq\o\al(2,1)＝10.3m，C错误；正向匀减速可看成反向匀加速，可求出停止前最后1秒内位移为x2＝eq\f(1,2)a′teq\o\al(2,2)＝2m，D正确．9．答案：BC解析：设每一部分长为l，由位移公式x＝eq\f(1,2)at2可得t＝eq\r(\f(2x,a))，到达B、C、D、E点的位移分别为l、2l、3l、4l，故到达各点经历的时间之比为tB∶tC∶tD∶tE＝1∶eq\r(2)∶eq\r(3)∶2，由v＝at可得，物体到达各点的速率vB∶vC∶vD∶vE＝1∶eq\r(2)∶eq\r(3)∶2，A错误，B正确；物体到达B点的速度为vB＝eq\r(2al)，到达E点的速度为vE＝eq\r(2a·4l)＝2eq\r(2al)，从A到E的平均速度为eq\o(v,\s\up6(－))＝eq\f(0＋vE,2)＝eq\r(2al)，故物体从A到E的平均速度等于vB，而vB<vC，故C正确；通过每一部分所用时间之比为ΔtAB∶ΔtBC∶ΔtCD∶ΔtDE＝1∶（eq\r(2)－1）∶（eq\r(3)－eq\r(2)）∶（2－eq\r(3)），通过每一部分的速度增量Δv＝aΔt，可知物体通过每一部分时，其速度增量不相等，D错误．10．答案：ABD解析：根据平均速度的定义可得物体在第2s初到第3s末的平均速度的大小为eq\o(v,\s\up6(－))＝eq\f(x2＋x3,2T)＝eq\f(4＋6,2×1)＝5m/s，A正确；根据逐差法可得物体的加速度为a＝eq\f(Δx,T2)＝eq\f(x3－x2,T2)＝eq\f(6－4,1)＝2m/s2，则第1秒内的位移为x1＝x2－aT2＝4－2×1＝2m，B、D正确；根据匀变速直线运动某段时间中间时刻的瞬时速度等于平均速度，可得第2s末的速度为v2＝eq\f(x2＋x3,2T)＝eq\f(6＋4,2×1)＝5m/s，则根据匀变速直线运动速度与时间的关系可得初速度为v0＝v2－at＝5－2×2＝1m/s，C错误．11．答案：BD解析：根据题意并结合a­t图像可知，小汽车在0～2s内由静止向正方向做加速度为2m/s2的匀加速直线运动，在2～4s内沿正方向做加速度为2m/s2的匀减速直线运动，4s时速度刚好为0，在4～6s内由静止沿正方向做加速度为2m/s2的匀加速直线运动，6s时离出发点最远；根据对称性可知，1s时和3s时速度相同，B、D正确．12．答案：BD解析：根据题中图像可知A车的加速度大小a＝eq\f(10,5－1)m/s2＝2.5m/s2，A错误；A车司机反应时间内，A车静止，B车做匀速直线运动，两车间缩短的距离x1＝vBt1＝10m，B正确；5～6s内，A车的位移大小xA′＝vBt3＋eq\f(1,2)ateq\o\al(2,3)＝11.25m，B车的位移大小xB′＝vBt3＝10m，两车之间的距离x0′＝xA′－xB′＝1.25m，C错误；根据题意可知，两车速度相等即t＝5s时恰好未发生碰撞，A车在0～5s内的位移xA＝eq\f(vB,2)×（t2－t1）＝20m，B车在0～5s内的位移xB＝vBt2＝50m，两车初始距离x0＝xB－xA＝30m，D正确．13．答案：（1）eq\f(d6－d4,10T)（2）图像见解析（3）0.40（4）不变偏小解析：（1）电火花计时器接220V、50Hz交变电源．则有打点周期T＝0.02s，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，则相邻两计数点的时间间隔为5T，由中间时刻的瞬时速度等于平均速度，可得打F点时的速度公式为vF＝eq\f(d6－d4,2×5T)＝eq\f(d6－d4,10T).（2）由题表中的数据在图乙所示坐标系中描点画图．如图所示．（3）由v­t图像的斜率表示加速度，可得小车的加速度为a＝eq\f(Δv,Δt)＝eq\f(0.301－0.1,5×5×0.02)m/s2＝0.40m/s2.（4）当电网中交变电流的电压变成210V，可交流电的频率没变，打点周期不变，则不会影响加速度的测量值，因此加速度的测量值与实际值相比不变．电网中交变电流的频率是f＝51Hz时，由T＝eq\f(1,f)＝eq\f(1,51)s<0.02s，打点周期变小，测量时仍按T＝0.02s计算，则测量值与实际值相比偏小．14．答案：（1）12m/s2（2）能成功解析：（1）战斗机着舰过程，设其加速度为a1，v0＝55m/s，v1＝25m/s，t1＝2.5s，则v1＝v0＋a1t1解得a1＝－12m/s2即加速度的大小为12m/s2（2）设战斗机着舰过程中的位移x1，有x1＝eq\f(v0＋v1,2)t1解得x1＝100m战斗机复飞过程中，其加速度为a2＝6.25m/s2，起飞需要的最小速度为v2＝50m/s.设战斗机的最小位移为x2，有veq\o\al(2,2)－veq\o\al(2,1)＝2a2x2解得x2＝150m因为x1＋x2＝250m<L＝300m故本次“逃逸复飞”训练能成功．15．答案：（1）40m（2）25m（3）12m/s2<a2<22m/s2解析：（1）以竖直向上为正方向，初速度v0＝10m/s，加速度a＝－g，由竖直上抛规律得H＝v0t＋eq\f(1,2)（－g）t2解得H＝－40