2025版高考数学一轮复习第7章立体几何第1节空间几何体的结构特征直观图及表面积与体积教学案含解析理

PAGE1-第一节空间几何体的结构特征、直观图及表面积与体积[考纲传真]1.相识柱、锥、台、球及其简洁组合体的结构特征，并能运用这些特征描述现实生活中简洁物体的结构.2.会用斜二测画法画出它们的直观图.3.了解球、棱柱、棱锥、台体的表面积和体积的计算公式．1．简洁多面体的结构特征(1)棱柱的侧棱都平行且相等，上下底面是全等的多边形；(2)棱锥的底面是随意多边形，侧面是有一个公共点的三角形；(3)棱台可由平行于棱锥底面的平面截棱锥得到，其上、下底面是相像多边形．2．旋转体的形成几何体旋转图形旋转轴圆柱矩形任一边所在的直线圆锥直角三角形任始终角边所在的直线圆台直角梯形垂直于底边的腰所在的直线球半圆直径所在的直线3.直观图斜二测画法：(1)原图形中x轴、y轴、z轴两两垂直，直观图中x′轴、y′轴的夹角为45°(或135°)，z′轴与x′轴和y′轴所在平面垂直．(2)原图形中平行于坐标轴的线段在直观图中仍平行于坐标轴，平行于x轴和z轴的线段在直观图中保持原长度不变，平行于y轴的线段在直观图中长度为原来的一半．4．圆柱、圆锥、圆台的侧面绽开图及侧面积公式圆柱圆锥圆台侧面绽开图侧面积公式S圆柱侧＝2πrlS圆锥侧＝πrlS圆台侧＝π(r1＋r2)l5．柱体、锥体、台体和球的表面积和体积名称几何体 表面积体积柱体(棱柱和圆柱)S表面积＝S侧＋2S底V＝Sh锥体(棱锥和圆锥)S表面积＝S侧＋S底V＝eq\f(1,3)Sh台体(棱台和圆台)S表面积＝S侧＋S上＋S下V＝eq\f(1,3)(S上＋S下＋eq\r(S上S下))h球S＝4πR2V＝eq\f(4,3)πR3eq\o([常用结论])1．依据斜二测画法得到的平面图形的直观图，其面积与原图形的面积的关系：S直观图＝eq\f(\r(2),4)S原图形，S原图形＝2eq\r(2)S直观图．2．多面体的内切球与外接球常用的结论(1)设正方体的棱长为a，则它的内切球半径r＝eq\f(a,2)，外接球半径R＝eq\f(\r(3),2)a.(2)设长方体的长、宽、高分别为a，b，c，则它的外接球半径R＝eq\f(\r(a2＋b2＋c2),2).(3)设正四面体的棱长为a，则它的高为eq\f(\r(6),3)a，内切球半径r＝eq\f(\r(6),12)a，外接球半径R＝eq\f(\r(6),4)a.[基础自测]1．(思索辨析)推断下列结论的正误．(正确的打“√”，错误的打“×”)(1)有两个面平行，其余各面都是平行四边形的几何体是棱柱． ()(2)有一个面是多边形，其余各面都是三角形的几何体是棱锥． ()(3)菱形的直观图仍是菱形． ()[答案](1)×(2)×(3)×2．下列说法正确的是()A．相等的角在直观图中仍旧相等B．相等的线段在直观图中仍旧相等C．正方形的直观图是正方形D．若两条线段平行，则在直观图中对应的两条线段仍旧平行D[依据斜二测画法的规则知，A，B，C均不正确，故选D.]3．(教材改编)如图所示，长方体ABCD­A′B′C′D′中被截去一部分，其中EH∥A′D′，则剩下的几何体是()A．棱台B．四棱柱C．五棱柱D．简洁组合体C[由几何体的结构特征知，剩下的几何体为五棱柱．]4．(教材改编)已知圆锥的表面积等于12πcm2，其侧面绽开图是一个半圆，则底面圆的半径为()A．1cm B．2cmC．3cm D.eq\f(3,2)cmB[S表＝πr2＋πrl＝πr2＋πr·2r＝3πr2＝12π，∴r2＝4，∴r＝2(cm)．]5．一个六棱锥的体积为2eq\r(3)，其底面是边长为2的正六边形，侧棱长都相等，则该六棱锥的侧面积为________．12[设正六棱锥的高为h，棱锥的斜高为h′.由题意，得eq\f(1,3)×6×eq\f(1,2)×2×eq\r(3)×h＝2eq\r(3)，∴h＝1，∴斜高h′＝eq\r(12＋\r(3)2)＝2，∴S侧＝6×eq\f(1,2)×2×2＝12.]空间几何体的结构特征、直观图1．给出下列命题：(1)棱柱的侧棱都相等，侧面都是全等的平行四边形；(2)若三棱锥的三条侧棱两两垂直，则其三个侧面也两两垂直；(3)在四棱柱中，若两个过相对侧棱的截面都垂直于底面，则该四棱柱为直四棱柱；(4)存在每个面都是直角三角形的四面体；(5)棱台的侧棱延长后交于一点．其中正确命题的个数为()A．2B．3 C．4 D．5C[(1)不正确，依据棱柱的定义，棱柱的各个侧面都是平行四边形，但不肯定全等；(2)正确，若三棱锥的三条侧棱两两垂直，则三个侧面构成的三个平面的二面角都是直二面角；(3)正确，因为两个过相对侧棱的截面的交线平行于侧棱，又垂直于底面；(4)正确，如图，正方体ABCD­A1B1C1D1中的三棱锥C1­ABC，四个面都是直角三角形；(5)正确，由棱台的概念可知．]2．以下命题：(1)以直角三角形的一边为轴旋转一周所得的旋转体是圆锥；(2)以直角梯形的一腰为轴旋转一周所得的旋转体是圆台；(3)圆柱、圆锥、圆台的底面都是圆；(4)一个平面截圆锥，得到一个圆锥和一个圆台．其中正确命题的个数为()A．0B．1 C．2 D．3B[命题(1)错，因为这条边若是直角三角形的斜边，则得不到圆锥；命题(2)错，因为这条腰必需是垂直于两底的腰；命题(3)对；命题(4)错，必需用平行于圆锥底面的平面截圆锥才可以．]3．下列结论正确的是()A．各个面都是三角形的几何体是三棱锥B．以三角形的一条边所在直线为旋转轴，其余两边旋转形成的曲面所围成的几何体叫圆锥C．棱锥的侧棱长与底面多边形的边长相等，则此棱锥可能是六棱锥D．圆锥的顶点与底面圆周上的随意一点的连线都是母线D[A错误．如图①所示，由两个结构相同的三棱锥叠放在一起构成的几何体，各面都是三角形，但它不是棱锥．图① 图②B错误．如图2，若△ABC不是直角三角形或是直角三角形，但旋转轴不是直角边所在直线，所得的几何体都不是圆锥．C错误．由几何图形知，若以正六边形为底面，侧棱长必定要大于底面边长．D正确．]4．如图所示，四边形OABC是上底为2，下底为6，底角为45°的等腰梯形．用斜二测画法，画出这个梯形的直观图O′A′B′C′，则在直观图中，梯形的高为________．eq\f(\r(2),2)[因为OA＝6，CB＝2，所以OD＝2.又因为∠COD＝45°，所以CD＝2.梯形的直观图如图，则C′D′＝1.所以梯形的高为C′E′＝eq\f(\r(2),2).][规律方法]1.解决与空间几何体结构特征有关问题的技巧1关于空间几何体的结构特征辨析关键是紧扣各种空间几何体的概念，要擅长通过举反例对概念进行辨析，即要说明一个命题是错误的，只需举一个反例即可.2圆柱、圆锥、圆台的有关元素都集中在轴截面上，解题时要留意用好轴截面中各元素的关系.3棱圆台是由棱圆锥截得的，所以在解决棱圆台问题时，要留意“还台为锥”的解题策略.2.直观图的还原技巧,由直观图还原为平面图的关键是找与x′轴、y′轴平行的直线或线段，且平行于x′轴的线段还原时长度不变，平行于y′轴的线段还原时放大为直观图中相应线段长的2倍，由此确定图形的各个顶点，顺次连接即可.空间几何体的表面积与体积【例1】(1)(2024·全国卷Ⅰ)已知圆柱的上、下底面的中心分别为O1，O2，过直线O1O2的平面截该圆柱所得的截面是面积为8的正方形，则该圆柱的表面积为()A．12eq\r(2)πB．12π C．8eq\r(2)π D．10π(2)如图所示，已知三棱柱ABC­A1B1C1的全部棱长均为1，且AA1⊥底面ABC，则三棱锥B1­ABC1的体积为()A.eq\f(\r(3),12) B.eq\f(\r(3),4)C.eq\f(\r(6),12) D.eq\f(\r(6),4)(1)B(2)A[(1)因为过直线O1O2的平面截该圆柱所得的截面是面积为8的正方形，所以圆柱的高为2eq\r(2)，底面圆的直径为2eq\r(2)，所以该圆柱的表面积为2×π×(eq\r(2))2＋2π×eq\r(2)×2eq\r(2)＝12π.(2)三棱锥B1­ABC1的体积等于三棱锥A­B1BC1的体积，三棱锥A­B1BC1的高为eq\f(\r(3),2)，底面积为eq\f(1,2)，故其体积为eq\f(1,3)×eq\f(1,2)×eq\f(\r(3),2)＝eq\f(\r(3),12).][规律方法]求空间几何体的体积的常用方法1公式法：对于规则几何体的体积问题，可以干脆利用公式进行求解.2割补法：把不规则的图形分割成规则的图形，然后进行体积计算；或者把不规则的几何体补成规则的几何体，不熟识的几何体补成熟识的几何体，便于计算其体积.3等体积法：一个几何体无论怎样转化，其体积总是不变的.假如一个几何体的底面面积和高较难求解时，我们可以采纳等体积法进行求解.等体积法也称等积转化或等积变形，它是通过选择合适的底面来求几何体体积的一种方法，多用来解决有关锥体的体积，特殊是三棱锥的体积.(2024·天津高考)如图，已知正方体ABCD­A1B1C1D1的棱长为1，则四棱锥A1­BB1D1D的体积为________．eq\f(1,3)[法一：连接A1C1交B1D1于点E(图略)，则A1E⊥B1D1，A1E⊥BB1，则A1E⊥平面BB1D1D，所以A1E为四棱锥A1­BB1D1D的高，且A1E＝eq\f(\r(2),2)，矩形BB1D1D的长和宽分别为eq\r(2)，1，故VA1­BB1D1D＝eq\f(1,3)×1×eq\r(2)×eq\f(\r(2),2)＝eq\f(1,3).法二：连接BD1(图略)，则四棱锥A1­BB1D1D分成两个三棱锥B­A1DD1与B­A1B1D1，VA1­BB1D1D＝VB­A1DD1＋VB­A1B1D1＝eq\f(1,3)×eq\f(1,2)×1×1×1＋eq\f(1,3)×eq\f(1,2)×1×1×1＝eq\f(1,3).]球与空间几何体的切、接问题►考法1外接球【例2】(1)(2024·全国卷Ⅲ)已知圆柱的高为1，它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上，则该圆柱的体积为()A．πB.eq\f(3π,4) C.eq\f(π,2) D.eq\f(π,4)(2)(2024·全国卷Ⅲ)设A，B，C，D是同一个半径为4的球的球面上四点，△ABC为等边三角形且其面积为9eq\r(3)，则三棱锥D­ABC体积的最大值为()A．12eq\r(3)B．18eq\r(3) C．24eq\r(3) D．54eq\r(3)(1)B(2)B[(1)设圆柱的底面半径为r，球的半径为R，且R＝1，由圆柱两个底面的圆周在同一个球的球面上可知，r，R及圆柱的高的一半构成直角三角形．∴r＝eq\r(1－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))eq\s\up20(2))＝eq\f(\r(3),2).∴圆柱的体积为V＝πr2h＝eq\f(3,4)π×1＝eq\f(3π,4).故选B.(2)如图，E是AC中点，M是△ABC的重心，O为球心，连接BE，OM，OD，BO.因为S△ABC＝eq\f(\r(3),4)AB2＝9eq\r(3)，所以AB＝6，BM＝eq\f(2,3)BE＝eq\f(2,3)eq\r(AB2－AE2)＝2eq\r(3).易知OM⊥平面ABC，所以在Rt△OBM中，OM＝eq\r(OB2－BM2)＝2，所以当D，O，M三点共线且DM＝OD＋OM时，三棱锥D­ABC的体积取得最大值，且最大值Vmax＝eq\f(1,3)S△ABC×(4＋OM)＝eq\f(1,3)×9eq\r(3)×6＝18eq\r(3).故选B.]►考法2内切球【例3】已知棱长为a的正四面体，则此正四面体的表面积S1与其内切球的表面积S2的比值为________．eq\f(6\r(3),π)[正四面体的表面积为S1＝4×eq\f(\r(3),4)×a2＝eq\r(3)a2，其内切球半径r为正四面体高的eq\f(1,4)，即r＝eq\f(1,4)×eq\f(\r(6),3)a＝eq\f(\r(6),12)a，因此内切球表面积为S2＝4πr2＝eq\f(πa2,6)，则eq\f(S1,S2)＝eq\f(\r(3)a2,\f(πa2,6))＝eq\f(6\r(3),π).][规律方法]空间几何体与球接、切问题的求解方法1求解球与棱柱、棱锥的接、切问题时，一般过球心及接、切点作截面，把空间问题转化为平面图形与圆的接、切问题，再利用平面几何学问找寻几何中元素间的关系求解.2若球面上四点P，A，B，C构成的三条线段PA，PB，PC两两相互垂直，且PA＝a，PB＝b，PC＝c，一般把有关元素“补形”成为一个球内接长方体，利用4R2＝a2＋b2＋c2求解.正四棱锥P­ABCD的侧棱和底面边长都等于2eq\r(2)，则它的外接球的表面积是()A．16πB．12π C．8π D．4πA[设正四棱锥的外接球半径为R，顶点P在底面上的射影为O(图略)，因为OA＝eq\f(1,2)AC＝eq\f(1,2)eq\r(AB2＋BC2)＝eq\f(1,2)eq\r(2\r(2)2＋2\r(2)2)＝2，所以PO＝eq\r(PA2－OA2)＝eq\r(2\r(2)2－22)＝2.又OA＝OB＝OC＝OD＝2，由此可知R＝2，于是S球＝4πR2＝16π.]1．(2015·全国卷Ⅰ)《九章算术》是我国古代内容极为丰富的数学名著，书中有如下问题：“今有委米依垣内角，下周八尺，高五尺．问：积及为米几何？”其意思为：“在屋内墙角处堆放米(如图，米堆为一个圆锥的四分之一)，米堆底部的弧长为8尺，米堆的高为5尺，问米堆的体积和堆放的米各为多少？”已知1斛米的体积约为1.62立方尺，圆周率约为3，估算出堆放的米约有()A．14斛 B．22斛C．36斛 D．66斛B[设米堆的底面半径为r尺，则eq\f(π,2)r＝8，所以r＝eq\f(16,π)，所以米堆的体积为V＝eq\f(1,4)×eq\f(1,3)π·r2·5＝eq\f(π,12)×eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(16,π)))eq\s\up20(2)×5≈eq\f(320,9)(立方尺)．故堆放的米约有eq\f(320,9)÷1.62≈22(斛)．故选B.]2．(