2019年湖北省襄阳市中考物理试卷

1、2019年湖北省襄阳市中考物理试卷一、选择题（每小题2分，共20分）1（2分）看电视时调节音量是为了改变声音的（）a响度b音调c音色d音调、响度和音色2（2分）在下列四种现象中，由光的反射形成的是（）a阳光照射下高楼大厦产生的影子b襄阳护城河河面上倒映着古城墙的影像c池里水看起来比实际的浅d斜插入水中的筷子，从侧面看，筷子变弯了3（2分）下列现象或过程中由于熔化而形成的是（）a滴水成冰b秋天清晨树叶上的露珠c隆冬清晨植物叶片上的霜d冰雪消融4（2分）下列杠杆中属于省力杠杆的是（）a定滑轮b筷子c钳子d钓鱼竿5（2分）下列现象中利用了大气压强的是（）a用吸管喝饮料b拦河坝做的下宽上窄c雪橇做的比

2、较宽大d刀口磨的很锋利6（2分）下列符合安全用电原则的是（）a用湿手按开关b在带有绝缘层的通电导线上晾晒衣物c在高压输电线下钓鱼d使用带有金属外壳的用电器，外壳要接地7（2分）木块在压力f的作用下静止在如图所示位置，则下列各组力属于平衡力的是（）a木块所受的压力和木块对墙壁的压力b木块所受的重力和木块所受的摩擦力c木块所受的支持力和木块所受的摩擦力d木块对墙壁的压力和墙壁对木块的支持力8（2分）如图所示，一个密封的圆台状容器，内装一定质量的水，放在水平桌面上，现把它倒置过来，则（）a水对容器底的压力减小b水对容器底的压强减小c容器对桌面的压强减小d容器对桌面的压力减小9（2分）如图所示，电源电

3、压保持不变。闭合开关s，当滑动变阻器滑片p向右滑动过程中，下列说法正确的是（）a电流表a1的示数变大b电压表的示数变大c电压表v的示数与电流表a2的示数的比值变大d电压表v的示数与电流表a2的示数的乘积变大10（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关s，电路正常工作。过了一会儿，灯l熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变大，则下列判断中正确的是（）a可能是灯l断路，电流表的示数变小b可能是电阻r短路，电压表的示数变大c可能是灯l短路，电压表的示数变大d可能是电阻r断路，电流表的示数变小二、填空题（每空1分，共14分）11（2分）襄阳的清晨，大街小巷都飘散着浓郁的牛肉面香味，这属于

4、现象；在寒冷的冬季，人们通常采用搓手的方法来暖手，这是通过 的方式来改变物体内能的。12（2分）照相机是利用了凸透镜可以成倒立、 的实像的原理来工作的；小明在游玩古隆中途中，为父母拍摄时发现武侯祠没有完全进入取景框，为了将父母和武侯祠都拍摄下来，他向后退一段距离，并将照相机的镜头 （选填“向前伸”或“向后缩”）一点。13（2分）初秋季节小明搭乘出租车去学校，途中他感觉骑自行车的同学小刚正在向后退，他是以 为参照物的；下车时，他发现化纤质地的校服紧紧地吸附在秋衣上，这是 现象。14（2分）小奕看见他爸爸的手机锂电池上面标明电压为3.7v，容量为3000mah，则它充满电后存储的电能为 j该手机的

5、待机电流为15ma，则该手机最长待机时间为 h15（2分）倔强系数为12n/cm（弹簧每受到12n的力，长度就要变化lcm）的一根弹簧自然悬挂时的长度为6cm，在它下面再悬挂一个48n的重物，由如图所示位置静止放手，在下落过程中，当弹簧的长度在 （填某一范围）时，物体的重力势能和动能同时转化为弹性势能。物体在经历了一段时间的往复运动后最终停止下来，则物体减小的重力势能最终转化为弹性势能和 能。（上述过程没超出该弹簧的弹性限度）16（2分）如图所示，电源电压保持不变，电阻r1r2r310，要使r2、r3并联，应闭合开关 ，此时电流表的示数为i1；要使r1、r2串联，应断开开关s1、s2，此时电流

6、表的示数为i2；则i1：i2 。17（2分）一正方体物块边长为10cm，漂浮于足够高的盛有足量水的圆柱形容器中，有20%体积露出水面。若物块漂浮时与未投入物块时比较，水对容器底部的压强变化了160pa，则容器的底面积为 m2；物块浸没时与物块漂浮时水对容器底部的压力之比为40：39，则未投入物块时容器中水的深度是 m（g取10nkg，下同）三、作图与实验探究（每图1分，每空1分，共18分）18（1分）请根据入射光线画出折射光线。19（1分）请画出正方体木块所受的重力的示意图。20（2分）小明同学在“探究沸腾时温度变化的特点”的实验中，根据实验数据绘制出了水沸腾时的图象，如图所示。由图象可知，当

7、时的气压 （选填“大于”、“等于”或“小于”）1个标准大气压：在加热到第8mn时小明将酒精灯撤走，发现温度计的示数仍为98，但沸腾却停止了，上述现象说明 。21（3分）小明同学通过实验来研究影响浮力大小的因素，做了如图所示的四次实验，高兴地发现浮力的大小与深度有关，而且深度越深浮力越大，老师肯定了他的实验，又带他做了一次实验，小明同学便恍然大悟。你认为：（1）他在探究过程中存在的问题是 ；（2）老师的实验操作是： 观察测力计的示数是否不同；（3）结合五次实验，得到的正确结论是：液体密度一定时， 。22（4分）小明同学为研究小木块在足够长斜面上的运动规律，每次都使小木块从斜面上o点静止释放，沿斜

8、面向下运动，利用秒表和刻度尺测出其运动时间和通过的路程，记录的数据如下表。从o点开始计时的时间t/s012345从o点开始的路程s/m00.31.22.74.8（1）通过分析上表数据可知：物块通过的路程与 成正比，表达式为：s ；（2）根据表格中的数据，物块自o点开始计时的5s时间内通过的路程为 ；（3）小明通过查阅资料知道，满足上述路程表达式的运动是一种由静止开始的匀加速运动（即在相同的时间内速度的增加量总是相同的运动），而且表达式中系数是一个恒量，这个恒量在不同情况下是不同的。在上面实验中，你可以通过改变实验装置中的哪个方面因素来增大这个系数？ 。（只需填一种方法即可）23（5分）小明同学

9、用如图甲所示的实验电路来测定“小灯泡的额定电功率”，所用电源电压为6v，小灯泡额定电压为2.5v，电阻约为10左右。（1）甲图是小明同学连接的错误电路，在应改动的一根导线上打“”，并用笔画线代替导线画出正确的接法（2）正确连线后，闭合开关，小灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，他接下来的操作是 。（3）故障排除后，开始进行实验。逐步移动滑动变阻器滑片，看到如图乙所示的电压表示数，为使灯泡正常发光，应向 （选填“左”或“右”）端移动滑片：最后小明根据测量数据绘制了灯泡的iu图象，如图丙所示。则灯泡的额定电功率为 。（4）他又找来了3个阻值分别为5、10、20的定值电阻替换小灯泡，来探究通过导体

10、的电流与电阻的关系。实验中，控制电阻两端的电压为2v不变，为了完成实验，他选用的滑动变阻器的阻值至少为 。24（2分）小明同学在做“探究通电螺线管外围的磁场分布”的实验中：（1）当他在通电螺线管四周不同位置摆放多枚小磁针，最后静止在如图所示位置。则通电螺线管外部的磁场与 磁体的磁场相似。（2）当他改变通电螺线管中电流方向后，发现周围每个小磁针转动 度角后重新静止下来。四、应用与创新（第25题3分，第26题5分，共8分）25（3分）工人师傅用如图所示的滑轮组将重为600n的货物匀速提升了2m，做了1500j的功。求：（1）滑轮组的机械效率；（2）当他用400n的拉力匀速提升其它货物时，额外功占总

11、功的15%，求提升货物的重。26（5分）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡l上标有“6v、2w”字样，当s1和s2同时闭合时，电流表的示数为0.5a；当只闭合s1时，电压表的示数为3v，此时r1消耗的功率为0.4w求：（1）小灯泡正常工作时的电阻值；（2）r1的阻值。2019年湖北省襄阳市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分，共20分）1（2分）看电视时调节音量是为了改变声音的（）a响度b音调c音色d音调、响度和音色【分析】响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关；音量的调节，就是改变声音的响度。【解答】解：调节电视机的音量时，喇叭的振幅发生改变，所以发出声音的响度发生改变。故选：

12、a。【点评】本题考查学生对响度在生活中具体应用的了解情况。2（2分）在下列四种现象中，由光的反射形成的是（）a阳光照射下高楼大厦产生的影子b襄阳护城河河面上倒映着古城墙的影像c池里水看起来比实际的浅d斜插入水中的筷子，从侧面看，筷子变弯了【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海

13、市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。【解答】解：a、阳光照射下高楼大厦产生的影子是由于光的直线传播形成的，不符合题意；b、襄阳护城河河面上倒映着古城墙的影像，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，符合题意；c、池底反射的光线射向水面时发生折射，折射光线进入人眼，人眼逆着折射光线的方向看去，看到的是池底经水面折射所成的虚像，且虚像在实际池底的上方，所以池水看起来比实际的浅，属于光的折射现象，不符合题意；d、由于筷子反射的光从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以筷子在水中的部分是向上弯折，属于光的折射现象，不符合题意。故选：b。【点评】此题通过几个日常生活中的

14、现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。3（2分）下列现象或过程中由于熔化而形成的是（）a滴水成冰b秋天清晨树叶上的露珠c隆冬清晨植物叶片上的霜d冰雪消融【分析】物质由固态变成液态的过程叫熔化，由液态变成固态的过程叫凝固；物质由液态变成气态的过程叫汽化，由气态变成液态的过程叫液化；物质由固态直接变成气态的过程叫升华，由气态直接变成固态的过程叫凝华。【解答】解：a、滴水成冰，物质由液态变成固态，属于凝固现象，故a错误；b、露珠是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故b错误；c、霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，

15、故c错误；d、冰雪消融，物质由固态变成液态，属于熔化现象，故d正确。故选：d。【点评】此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。4（2分）下列杠杆中属于省力杠杆的是（）a定滑轮b筷子c钳子d钓鱼竿【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：a、定滑轮在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力，故a错误；b、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故b错误；c、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故c正确；d、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠

16、杆，故d错误。故选：c。【点评】杠杆根据其省力情况可以分为三类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。5（2分）下列现象中利用了大气压强的是（）a用吸管喝饮料b拦河坝做的下宽上窄c雪橇做的比较宽大d刀口磨的很锋利【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。【解答】解：a、用吸管吸饮料时，吸出吸管中的部分空气，使吸管内的气压减小，瓶中饮料在大气压的作用下，上升通过吸管进入口中，故利用了大气压的作用；故a符合题意；b、拦河坝修成上窄下宽的形状是因为液体的压强随深度的增加而増

17、大，这样可承受更大的压强，不是利用大气压，故b不符合题意；c、雪橇做的比较宽大是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故c不符合题意；d、刀口磨的很锋利是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故d不符合题意。故选：a。【点评】此类题举出的例子一般都是学生平时接触过的，上课时老师有讲过，或是平时练习时有做过的，所以要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象。6（2分）下列符合安全用电原则的是（）a用湿手按开关b在带有绝缘层的通电导线上晾晒衣物c在高压输电线下钓鱼d使用带有金属外壳的用电器，外壳要接地【分析】（1）不纯净的水是导体，用湿手插电源插头、按开关，容易在手和火线之间由水连通，容

18、易触电；在电线上晾衣服也容易发生触电事故；（2）为防止触电事故的发生，不接触低压带电体、不靠近高压带电体；（3）有金属外壳的用电器，其外壳必须接地。【解答】解：a、由于水是导体，所以在电线上晾衣服容易发生触电事故，故a错误；b、湿衣服是导体，当把湿衣服晾在电线上时，一旦漏电，人接触衣服时会发生触电事故，故b错误；c、高压线的电压很高，人不要靠近，不能在在高压输电线下钓鱼，容易触电，故c错误；d、有金属外壳的用电器，其外壳必须接地，即防止因外壳带电而使得人发生触电事故，故d正确。故选：d。【点评】知道触电包括直接触电或间接触电，知道安全用电的原则：不接触低压带电体、不靠近高压带电体。7（2分）木

19、块在压力f的作用下静止在如图所示位置，则下列各组力属于平衡力的是（）a木块所受的压力和木块对墙壁的压力b木块所受的重力和木块所受的摩擦力c木块所受的支持力和木块所受的摩擦力d木块对墙壁的压力和墙壁对木块的支持力【分析】木块在竖直方向上受两个力，即重力和墙对木块的静摩擦力，在水平方向上受压力和墙对木块的弹力。木块处于静止受力平衡；二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。【解答】解：a、木块所受的压力和木块对墙壁的压力的方向是相同的，不属于平衡力，故a错误；b、木块处于静止，在竖直方向上受两个力，即墙对木块的摩擦力和重力，这两个力是一对平衡力，故b正确；c、木块所受

20、的支持力和木块所受的摩擦力的方向是垂直的，不属于平衡力，故c错误；d、木块对墙壁的压力和墙壁对木块的支持力没有作用在同一个物体上，不是平衡力，故d错误。故选：b。【点评】此题主要考查了对平衡力认识和理解，要熟练掌握平衡力的条件，知道物体在平衡状态下受到的力是平衡的。8（2分）如图所示，一个密封的圆台状容器，内装一定质量的水，放在水平桌面上，现把它倒置过来，则（）a水对容器底的压力减小b水对容器底的压强减小c容器对桌面的压强减小d容器对桌面的压力减小【分析】先分析水对容器底的压强，由液体压强公式pgh，只需分析当把容器倒置过来后，h有何变化，就可以得出压强如何变化。分析水对容器底的压力，我们就需

21、要用公式fps进行分析。而直接用这个公式还不能分析出水对容器底的压力变化情况，因为倒置过来后水对容器底的压强变大了（h变大了），而容器底面积却变小了，所以压强与容器底面积的乘积是变大了还是变小了，我们就无法判断出来。所以我们还需要寻找一个量，通过这个量把第一次和第二次水对容器底的压力联系起来，从而进行比较。第一次，水对容器底的压力大于水的重力。理由：水对容器底的压力是以s大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比容器中的水多，所以水对容器底的压力大于水的重力；第二次，水对容器底的压力小于水的重力。理由：水对容器底的压力是以s小为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比

22、容器中的水少，所以水对容器底的压力小于水的重力。由此就可得出第一次和第二次水对容器底的压力变化情况了。【解答】解：设如图放置时的底面积为s大，倒置过来后的底面积为s小，因为水的体积一定，所以倒置过来后水的高度增大了，则根据液体压强公式pgh可知，倒置过来后水对容器底的压强变大了。（1）第一次水对容器底的压力：fpsghs大，即水对容器底的压力是以s大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水多，所以水对容器底的压力大于水的重力。如图：（2）第二次水对容器底的压力：fps小ghs小，即水对容器底的压力是以s小为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水少

23、，所以水对容器底的压力小于水的重力。如图：对比前后两次情况，液体对容器底部的压力将会变小，且倒置后，液面升高，据pgh，h变大，容器底部所受液体的压强变大；且倒置前后容器对桌面的压力等于总重力，重力不变故压力不变，而与水平面的接触面积减小，故压强增大。故选：a。【点评】本题的难点在于判断水对容器底的压力变化情况。不同形状的容器，水对容器底的压力和水的重力关系是不同的。圆柱形容器，水对容器底的压力等于水的重力；上窄下宽的容器，水对容器底的压力大于水的重力（水对容器侧壁有压强压力，压力的方向垂直于侧壁，由于物体间力的作用是相互的，所以侧壁会对水有一个相对容器底斜向下方向的压力，所以水对容器底的压力

24、大于水的重力）；上宽下窄的容器，水对容器底的压力小于水的重力（水对容器侧壁有压强压力，压力的方向垂直于侧壁，由于物体间力的作用是相互的，所以侧壁会对水有一个相对容器底斜向上方向的压力，所以水对容器底的压力小于水的重力）。9（2分）如图所示，电源电压保持不变。闭合开关s，当滑动变阻器滑片p向右滑动过程中，下列说法正确的是（）a电流表a1的示数变大b电压表的示数变大c电压表v的示数与电流表a2的示数的比值变大d电压表v的示数与电流表a2的示数的乘积变大【分析】分析电路图，电阻与滑动变阻器并联，电压表测量并联支路r1两端（电源电压）电压，电源电压保持不变；电流表a1测量通过电阻r1的电流，电流表a2

25、测量干路上的电流；根据滑动变阻器滑片的移动方向判定电阻的变化，根据欧姆定律判定电流表示数的变化。【解答】解：分析电路图，电阻与滑动变阻器并联，电压表测量并联支路r1两端（电源电压）电压，电源电压保持不变；电流表a1测量通过电阻r1的电流，电流表a2测量干路上的电流；a、r1为定值电阻，根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，当滑动变阻器滑片移动时，r1的电流不变，故a错误；b、因为电源电压保持不变，电压表测量并联支路电压或电源电压，故电压表v的示数不变，故b错误；cd、当滑动变阻器的滑片p向右滑动过程中，r2阻值增大，由i可知，电流减小，即电流表a1示数减小；又因为电流表a2测量干路上的电流，

26、根据并联电路的电流特点可知，电流表a2示数变小，则电压表v的示数与电流表a2的示数的比值变大；电压表b的示数与电流表a2的示数的乘积变小，故c正确，d错误。故选：c。【点评】本题考查欧姆定律和滑动变阻器的应用，关键是知道并联电路电流和电压的规律，难点是知道电流表和电压表分别测量哪一部分的电流和电压。10（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关s，电路正常工作。过了一会儿，灯l熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变大，则下列判断中正确的是（）a可能是灯l断路，电流表的示数变小b可能是电阻r短路，电压表的示数变大c可能是灯l短路，电压表的示数变大d可能是电阻r断路，电流表的示数变小【分

27、析】闭合开关，电路正常工作，过一段时间，灯泡熄灭，说明电路发生了断路或短路，具体的故障可以将每个选项代入题干，根据相应的现象一一排除，最终确定正确答案。【解答】解：a、如果灯l断路，整个电路断路，所以电流表、电压表示数都减小为零。故a不符合题意；b、如果电阻r短路，灯泡是通路，能够发光。故b不符合题意；c、如果灯l短路，灯不亮，电路总电阻减小，所以电流表示数增大，同时电压表测量电源电压示数增大。故c不符合题意；d、如果电阻r断路，电流表示数减小为零，电压表测量电源电压，示数变大。故d符合题意。故选：d。【点评】电路故障问题，是电学实验经常出现的问题，也是物理试题考查的热点、难点。解决此类问题的

28、关键是采用“排除法”，在不能直接确定答案时，将每个选项依次代入题干，一一排除，最终确定正确选项。二、填空题（每空1分，共14分）11（2分）襄阳的清晨，大街小巷都飘散着浓郁的牛肉面香味，这属于扩散现象；在寒冷的冬季，人们通常采用搓手的方法来暖手，这是通过做功的方式来改变物体内能的。【分析】物质是由分子组成的，组成物质的分子不停地做无规则运动，物体温度越高，分子运动越剧烈；改变物体内能的方式有两种，其一是做功可以改变物体的内能，该过程是能量的转化；其二是热传递也可以改变物体的内能，该过程是能量的转移。【解答】解：襄阳的清晨，大街小巷都飘散着浓郁的牛肉面香味，这属于扩散现象；搓手时，两手克服摩擦做

29、功，使手的内能增加，温度升高，故该过程是通过做功的方式使手的内能增加。故答案为：扩散；做功。【点评】知道改变内能的两种方式，并能利用这两种方式解释现实问题是解决该题的关键。12（2分）照相机是利用了凸透镜可以成倒立、缩小的实像的原理来工作的；小明在游玩古隆中途中，为父母拍摄时发现武侯祠没有完全进入取景框，为了将父母和武侯祠都拍摄下来，他向后退一段距离，并将照相机的镜头向后缩（选填“向前伸”或“向后缩”）一点。【分析】照相机是利用物体在凸透镜2倍焦距以外成倒立、缩小的实像的原理制成的；凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大。【解答】解：照相机是利用物体在凸透镜2倍焦距以外成倒立、缩小的实像的

30、原理制成的。为了将父母和武侯祠都进入进入镜头，需要增大物距，为了得到清晰的像，需要减小像距。所以他向后退一段距离，并将照相机的镜头向后缩一点。故答案为：缩小；向后缩。【点评】本题主要考查对凸透镜成像规律的理解和运用能力。要知道照相机是根据凸透镜成像规律制成的，要熟练掌握凸透镜成像的规律，特别是成像特点与物距、像距之间的关系。13（2分）初秋季节小明搭乘出租车去学校，途中他感觉骑自行车的同学小刚正在向后退，他是以自己（小明）为参照物的；下车时，他发现化纤质地的校服紧紧地吸附在秋衣上，这是静电现象。【分析】（1）如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断变化

31、，则物体是运动的。（2）化纤衣服和空气摩擦，很容易产生静电。【解答】解：（1）出租车的速度大于自行车的速度，小明搭乘出租车去学校，骑自行车的同学相对于小明同学位置不断后退，所以他选择的参照物是他自己（小明）。（2）化纤质地的校服紧紧地吸附在秋衣上，这是一种静电现象。故答案为：自己（小明）；静电。【点评】本题考查了摩擦起电和参照物的选择，关于运动和静止的相对性的考查，题目中一般涉及三个方面：研究对象；参照物；运动状态。题目中一般是告诉研究对象，再就是参照物和运动状态这两个量中的一个，确定另一个量。14（2分）小奕看见他爸爸的手机锂电池上面标明电压为3.7v，容量为3000mah，则它充满电后存储

32、的电能为39960j该手机的待机电流为15ma，则该手机最长待机时间为200h【分析】知道电池的容量，根据i求出电池储存的电荷量，根据wuituq求出电流做的功即为储存的电能。根据电池容量求出待机的时间。【解答】解：充电电流所做的功即储存的电能为：wuit3.7v3000103a3600s39960j。该手机最长待机时间为：t200h。故答案为：39960；200。【点评】本题考查了手机电池充满电后储存电能的计算等，关键是明白手机电池容量的含义。15（2分）倔强系数为12n/cm（弹簧每受到12n的力，长度就要变化lcm）的一根弹簧自然悬挂时的长度为6cm，在它下面再悬挂一个48n的重物，由如

33、图所示位置静止放手，在下落过程中，当弹簧的长度在10cm14cm（填某一范围）时，物体的重力势能和动能同时转化为弹性势能。物体在经历了一段时间的往复运动后最终停止下来，则物体减小的重力势能最终转化为弹性势能和内能。（上述过程没超出该弹簧的弹性限度）【分析】（1）物体在平衡位置到最低点时，物体的重力势能和动能转化为弹簧的弹性势能。知道弹簧的倔强系数和弹簧受到的力，可以求出弹簧的伸长量，知道弹簧的原长，就可以物体在平衡位置时弹簧的长度；再根据物体在最高点只具有重力势能，物体运动到最低点，重力势能全部转化为弹簧的弹性势能，根据能量守恒求出弹簧伸长量，求出物体在最低点时弹簧的伸长量，求出弹簧的长度。（

34、2）物体下降时，质量不变，高度减少，重力势能减小。物体的重力势能转化为弹簧的弹性势能。物体上下运动过程中和空气之间存在摩擦，重力势能还转化为内能。【解答】解：（1）弹簧自然悬挂时的长度为l06cm，倔强系数为12n/cm，在它下面再悬挂一个48n的重物，由如图所示位置静止放手，在下落过程中，当弹力（向上的拉力）等于物重时，即fklg，则弹簧的伸长量l4cm，所以物体在平衡位置b时（即二力相等的位置），弹簧的长度为：ll0+l6cm+4cm10cm，物体从最高点a运动到平衡位置b的过程中，高度减小，速度增大，弹簧的形变程度增大，所以重力势能减小，动能增大，弹性势能增大，即该过程中重力势能转化为动

35、能和弹性势能。物体从平衡位置b点运动到最低点c的过程中，高度减小，速度减小，弹簧的形变程度增大，所以重力势能减小，动能减小，弹性势能增大，即该过程中重力势能和动能转化为弹性势能。设物体在最低点c时为零势能点（c点也是物体动能为0的位置），物体在a点放手时只具有重力势能，则整个过程中，物体在最高点a的重力势能全部转化为c点时弹簧的弹性势能，所以由上面分析可得：mghkl2因为物体下降的高度等于弹簧的最大伸长量，所以hl代入化简可得：mgkl，即：48n12n/cml所以，l8cm，则弹簧在c点的长度为 ll0+l6cm+8cm14cm，由此可知，在下落过程中，当弹簧的长度在10cm14cm时，物

36、体的重力势能和动能同时转化为弹性势能。（2）物体上下运动过程中和空气之间存在摩擦，所以重力势能还会转化为内能，即物体减小的重力势能最终转化为弹性势能和内能。故答案为：10cm14cm；内。【点评】对于弹簧伸长量的计算，初中没有涉及到，此题是根据给定的条件进行计算，属于给定新的知识点，然后进行计算，对于学生来讲是有难度的。16（2分）如图所示，电源电压保持不变，电阻r1r2r310，要使r2、r3并联，应闭合开关s1、s2，此时电流表的示数为i1；要使r1、r2串联，应断开开关s1、s2，此时电流表的示数为i2；则i1：i24：1。【分析】（1）电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中

37、电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；（2）r2、r3并联时，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用欧姆定律表示出电路中的电流；r1、r2串联时，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，然后得出两种情况下电路中的电流之比。【解答】解：如图所示，要使电阻r2、r3并联，则电阻r2、r3中必须有电流通过，所以应闭合开关s1、s2，此时电流表测干路电流，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：r5，此时电流表的示数：i1；断开开关s1、s2时，r1

38、、r2串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，此时电压表的示数：i2，所以，i1：i2：4：1。故答案为：s1、s2； 4：1。【点评】本题考查了开关闭合、断开时对电路连接方式的影响和串并联电路特点、欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。17（2分）一正方体物块边长为10cm，漂浮于足够高的盛有足量水的圆柱形容器中，有20%体积露出水面。若物块漂浮时与未投入物块时比较，水对容器底部的压强变化了160pa，则容器的底面积为0.05m2；物块浸没时与物块漂浮时水对容器底部的压力之比为40：39，则未投入物块时容器中水的深度是0.14m（g取10nkg，下同）【分析】

39、（1）已知正方体的边长算出体积，利用f浮液gv排计算出20%体积露出水面所受浮力；（2）由于容器为圆柱形容器，木块漂浮时，水对容器底部的压力等于原来压力加上木块的重力；木块浸没时，水对容器底部的压力等于原来压力加上排开水的重力；（3）根据题意列出两次水对容器底部的压力之比的等式，求出f0，再根据题意求出底面积s0，根据p求出未投入物块时水对容器底部的压强，再根据pgh求出未投入物块时容器中水的深度。【解答】解：（1）正方体的体积：vl3（0.1m）30.001m3；20%体积露出水面时木块受到的浮力：f浮水gv排1103kg/m310n/kg（120%）0.001m38n；（2）由于容器为圆柱

40、形容器，木块漂浮时，木块受到的浮力等于木块重力，水对容器底部的压力：f1f0+gf0+8n；木块浸没时，水对容器底部的压力：f2f0+水gvf0+1103kg/m30.001m310n/kgf0+10n；物块浸没时水对容器底部的压强：p；（3）物块浸没时与物块漂浮时水对容器底部的压力之比：，解得f070n，物块漂浮时，水对容器底部的压强p1，未投入物块时，水对容器底部的压强p2，根据题意可知，p1p2160pa，解得s00.05m2，未投入物块时水对容器底部的压强：p21400pa，由pgh得：未投入物块时容器中水的深度：h0.14m。故答案为：0.05；0.14。【点评】本题考查了学生对密度

41、公式、重力公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，本题难点在第四问：找不到突破口，根据题意得出相应的关系式是关键。三、作图与实验探究（每图1分，每空1分，共18分）18（1分）请根据入射光线画出折射光线。【分析】要解决此题，需要掌握光的折射规律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角。【解答】解：过入射点作垂直于界面的法线，然后根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角画出折射光线。如图所示：【点评】本题主要考查反射定律和折射定律的应用情况，注意真实光线为实线，法线为虚线；是一

42、道基础题。19（1分）请画出正方体木块所受的重力的示意图。【分析】根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可。【解答】解：重力的方向是竖直向下的，过重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用g表示，如图所示：【点评】本题考查了重力的示意图的作法。不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。20（2分）小明同学在“探究沸腾时温度变化的特点”的实验中，根据实验数据绘制出了水沸腾时的图象，如图所示。由图象可知，当时的气压小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）1个标准大气压：在加热到第8mn时小明将酒精灯撤走，发现温度计的示数仍为98，但沸腾却停止了，上述现象说明水沸腾需要吸热。【分析】要掌

43、握沸点的概念，知道液体沸腾时温度叫做沸点；掌握沸腾的特点：吸收热量但温度保持不变；掌握沸点和气压的关系：液体的沸点与大气压有关，气压越小沸点越低；气压越大，沸点越高。水沸腾的条件：一是到达沸点，而是继续吸热。【解答】解：由图知，当水的温度达到98时，温度不再变化，说明此时是水的沸腾过程，其特点是吸热温度保持不变，水的沸点是98。水在标准大气压下的沸点是100，液体的沸点随着表面气压的增大而升高，随气压减小而降低，所以此时烧杯内水面上方的气压小于1标准大气压。撤走酒精灯停止加热，杯中的水不能吸收到热量，因此不再沸腾，而温度计的示数并没有下降，即到达水的沸点，但水沸腾的条件：一是到达沸点，而是继续

44、吸热。故这个现象说明水沸腾需要吸热。故答案为：小于；水沸腾需要吸热。【点评】本题是探究水的沸腾实验，主要考查了沸点的概念、液化的概念以及沸点与气压的关系。这些都是该实验中应该重点掌握的内容。21（3分）小明同学通过实验来研究影响浮力大小的因素，做了如图所示的四次实验，高兴地发现浮力的大小与深度有关，而且深度越深浮力越大，老师肯定了他的实验，又带他做了一次实验，小明同学便恍然大悟。你认为：（1）他在探究过程中存在的问题是没有控制排开液体的体积相同；（2）老师的实验操作是：把物体浸没入液体中，改变深度观察测力计的示数是否不同；（3）结合五次实验，得到的正确结论是：液体密度一定时，浮力的大小与物体排

45、开液体的体积有关。【分析】（1）（2）根据称重法f浮gf可测浮力，由阿基米德原理，浮力大小与排开液体的体积和密度有关，研究与其中一个因素关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；研究浮力大小与深度的关系，要控制排开液体的体积和密度相同，据此确定选择的实验序号，根据称重法测浮力，结合实验中测力计示数相同得出结论；（3）根据实验控制的变量与实验现象得出结论。【解答】解：（1）研究浮力大小与深度的关系，要控制排开液体的体积和密度相同，小明分析abcd四个步骤，发现浮力的大小与深度有关，而且深度越深浮力越大，他在探究过程中存在的问题是：没有控制排开液体的体积相同；（2）为了探究浮力与深度的关系，把

46、物体浸没入液体中，当物体排开液体的体积相同时，改变深度，发现弹簧测力计的示数不变；（3）结合五次实验，得到的正确结论是：液体密度一定时，浮力的大小与物体排开液体的体积有关；故答案为：（1）没有控制排开液体的体积相同；（2）把物体浸没入液体中，改变深度；（3）浮力的大小与物体排开液体的体积有关。【点评】此题是探究影响浮力大小的因素实验，考查了影响浮力的因素及控制变量法的应用，难度适中。22（4分）小明同学为研究小木块在足够长斜面上的运动规律，每次都使小木块从斜面上o点静止释放，沿斜面向下运动，利用秒表和刻度尺测出其运动时间和通过的路程，记录的数据如下表。从o点开始计时的时间t/s012345从o

47、点开始的路程s/m00.31.22.74.8（1）通过分析上表数据可知：物块通过的路程与时间的平方成正比，表达式为：s0.3m/s2t2；（2）根据表格中的数据，物块自o点开始计时的5s时间内通过的路程为7.5m；（3）小明通过查阅资料知道，满足上述路程表达式的运动是一种由静止开始的匀加速运动（即在相同的时间内速度的增加量总是相同的运动），而且表达式中系数是一个恒量，这个恒量在不同情况下是不同的。在上面实验中，你可以通过改变实验装置中的哪个方面因素来增大这个系数？将斜面倾角变大。（只需填一种方法即可）【分析】（1）根据表格中的数据分析得出结论，然后可求关系式。（2）据结论中的关系式求出物块自o

48、点开始计时的5s时间内通过的路程。（3）根据路程表达式的影响因素分析。【解答】解：（3）表格中数据时间是1s的时候，路程是0.3m；时间是2s的时候，路程是1.2m；时间是3s的时候，路程是2.7m；时间是4s的时候，路程是4.8m；所以时间增大为原来的2倍，路程增大为原来的4倍，时间增大为原来的3倍，路程增大为原来的9倍，即物块的平均速度与所用的时间成正比，可以得到skt2，将表格的1s和0.3m代入得：k0.3m/s2，所以s0.3m/s2t2；（2）物块自o点开始计时的5s时间内通过的路程s0.3m/s2（5s）27.5m，（3）根据s0.3m/s2t2知，物体做由静止开始的匀加速运动，

49、即在相同的时间内速度的增加量总是相同的运动，该系数反映了相同时间内速度的增加量，即要增大这个系数，应让物体下滑得更快一些，可以斜面倾角变大或减小斜面的粗糙程度。故答案为：（1）时间的平方；0.3m/s2t2；（2）7.5m；（3）将斜面倾角变大。【点评】本题以“测量物块的平均速度”实验为情景并对实验进行了拓展与创新，具有一定的难度，重点考查学生对实验数据的分析、处理能力。23（5分）小明同学用如图甲所示的实验电路来测定“小灯泡的额定电功率”，所用电源电压为6v，小灯泡额定电压为2.5v，电阻约为10左右。（1）甲图是小明同学连接的错误电路，在应改动的一根导线上打“”，并用笔画线代替导线画出正确

50、的接法（2）正确连线后，闭合开关，小灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，他接下来的操作是断开开关，换用同规格的灯泡，将滑片移到最左端。（3）故障排除后，开始进行实验。逐步移动滑动变阻器滑片，看到如图乙所示的电压表示数，为使灯泡正常发光，应向右（选填“左”或“右”）端移动滑片：最后小明根据测量数据绘制了灯泡的iu图象，如图丙所示。则灯泡的额定电功率为0.5w。（4）他又找来了3个阻值分别为5、10、20的定值电阻替换小灯泡，来探究通过导体的电流与电阻的关系。实验中，控制电阻两端的电压为2v不变，为了完成实验，他选用的滑动变阻器的阻值至少为40。【分析】（1）原电路中，灯与电流表并联，电压表串联

51、在电路中是错误的，灯应与电流表串联，电压表与灯并联；（2）正确连线后，闭合开关，小灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，说明电路中电流过大，将灯烧坏了，据此回答；（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；由测绘制了灯泡的iu图象知灯在额定电压下的电流，根据pui得出灯泡的额定电功率；（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25电阻时变阻器连入电路中的电阻。【解答】解：（1）原电路中，灯与电流表并联，电压表串联在电路中是

52、错误的，灯应与电流表串联，电压表与灯并联，如下所示：（2）正确连线后，闭合开关，小灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，说明电路中电流过大，将灯烧坏了，他接下来的操作是：断开开关，换用同规格的灯泡，将滑片移到最左端；（3）灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1v，示数为2.2v，小于灯的额定电压2.5v，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；根据测量数据绘制了灯泡的iu图象知，灯在额定电压下的电流为0.2a，灯泡的额定电功率为：pui2.5v0.2a0.5w；（4）电阻两端的电压始终保持uv2v，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：u滑uuv