湖北省荆州市沙市中学2018-2019学年高一(上)期末物理试卷解析版

1、湖北省荆州市沙市中学湖北省荆州市沙市中学 2018-20192018-2019 学年高一（上）期末物理试卷学年高一（上）期末物理试卷 一、单选题（本大题共8 8 小题，共 32.032.0分） 1.在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法， 如理想实验法、 控制变量法、 极限思想法、 类比法和科学假说法、建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是 A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫科学假说法 B.根据速度定义式 ，当时，就可以表示物体在 t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限 思维法 C.伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为 的斜面上的

2、运动，再根据铜球在斜面上的运动规律 推理得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法 D.在推导匀变速直线运动位移公式时， 把整个运动过程等分成很多小段， 每一小段近似看做匀速直线 运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法 【答案】A 【解析】解：A、在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法，采用了建立理想化的 物理模型的方法，故A 不正确； B、根据速度定义式 根据牛顿第二定律，可知，合力与加速度有同时性，且方向相同；再结合加速度与速度的方向来确定速度 增加与否从而即可确定求解 本题考查对摩擦力产生条件的理解、牛顿第二定律、加速度与速度关系的理解重点要

3、抓住加速度与速度无 关，即可知道合力与速度无关，与速度变化快慢有关 3.某同学打算通过刻度尺的自由落体运动来测量自己的反应时间 如图 。下落时该同 学手对应刻度尺 25cm处，当另一名同学将拿尺的手松开之后， 该同学捏住的位置是 刻度尺 5cm处，则该同学的反应时间约为取 A. B. C. D. 【答案】C 。【解析】解：在人的反应时间中，直尺下降的距离为： 根据： ，当非常非常小时，就可以表示物体在 t时刻的瞬时速度，这是应用了极限 思想方法，故 B正确； C、伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律推理 得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑

4、推理相结合的方法，故C正确； D、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运 动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法，故D正确。 本题选不正确的，故选：A。 在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法； 当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维 法； 质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法； 在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变 的速度。 在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理

5、分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在 理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习。 2.下列说法正确的是 ，故 ABD错误，C 正确。 故选：C。 求出人的反应时间。直尺做自由落体运动，自由落体运动的时间就是人的反应时间。根据 。解决本题的关键知道自由落体运动的时间就是人的反应时间。 以及掌握自由落体运动位移时间公式 4.人用手竖直地握着啤酒瓶，始终保持静止，则 A.手握瓶子的力越大，手与瓶子间的摩擦力就越大 B.往瓶子加水后，手与瓶子间的摩擦力将增大 C.手握瓶子的力大小等于手与瓶子间的摩擦力 D.若手握瓶子的力大小为 ，手与瓶子间的动摩擦因素为 ，则手与瓶子间的摩擦

6、力大小为 【答案】B 【解析】解：A、手与瓶子间的摩擦力是静摩擦力，其大小与手的握力无关，A 错误 B、往瓶子里加水后，瓶子和水的总重变大，而摩擦力要与此重力平衡，手与瓶子间的摩擦力将增大， B 正 确 C、手握瓶子的力跟手与瓶子间的摩擦力没有直的关系，更不会相等，C 错误 D、手与瓶子间的摩擦力是静摩擦力，其大小与手的握力无关，D错误 故选：B。 瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，根据静摩擦力的 特点可以得到答案 静摩擦力与压力无关，随外力的变化而变化，由平衡条件解决，这里握力变大，只是滑动摩擦力变大了， 而物体受静摩擦力，故静摩擦力不变 5.建筑

7、装修中，工人用质量为m 的磨石对斜壁进行打磨，当对磨石加竖直向上大小为F 的推 力时，磨石恰好沿斜壁向上匀速运动， 已知磨石与斜壁之间的动摩擦因数为 ，则磨石受到 的摩擦力是 A.B.C.D. A.匀变速运动就是加速度均匀变化的运动 B.互相接触的两物体间，有弹力一定有摩擦力 C.做曲线运动的物体，其加速度方向一定是变化的 D.合外力逐渐变小，物体的速度可能变小，也可能变大 【答案】D 【解析】解：A、匀变速直线运动是指加速度恒定不变，故A 错误； B、 根据摩擦力产生的条件可知， 有弹力时不一定有相对运动或相对运动的趋势； 故不一定有摩擦力摩擦力； 故 B 错误； C、做曲线运动的物体，加速

8、度可以恒定不变，如平抛运动；故C 错误； D、由牛顿第二定律可知：合外力一旦变小，物体的加速度一定也立即变小，但与速度方向相反，物体的 速度一定减小，若与速度相同，则物体的速度在变大；故D 正确。 故选：D。 明确摩擦力产生的条件； 第 1 页，共 5 页 【答案】A 【解析】解：磨石受重力、推力、斜壁的弹力及摩擦力而处于平衡状态，由图可知，F 一定大于重力； 先将重力及向上的推力合力后，将二者的合力向垂直于斜面方向及沿斜面方向分解可得： 在沿斜面方向有：摩擦力； 在垂直斜面方向上有：； 则， 故选：A。 A与 B均绕地轴做匀速圆周运动，A的转动半径较大，周期均为一天，可根据线速度与角速度关系

9、公式 判断线速度的大小 解答本题关键要知道共轴转动角速度相等，同时要能结合公式判断，本题也可直接根据线速度定义 式判断 8.光滑斜面上固定着一根刚性圆弧形细杆，小球通过轻绳与细杆相连，此时轻绳 处于水平方向，球心恰位于圆弧形细杆的圆心处，如图所示。将悬点A缓慢沿 杆向上移动，直到轻绳处于竖直方向，在这个过程中，轻绳的拉力 A.逐渐增大B.大小不变C.先减小后增大D. 先增大后减小 【答案】C 【解析】解：以小球为研究对象，分析受力情况：重力G、斜面的支持力 N和绳 子 A 的拉力 T，如图： 由平衡条件得知，F和 T的合力与 G大小相等、方向相反，当将A点向上缓慢移 动， 使 AO绳绕 O点顺

10、时针转动的过程中， 作出三个位置力的合成图， 由图看出， T 先变小后变大。故C 正确，ABD错误。 故选：C。 以结点 O 为研究对象，分析受力情况，作出力的合成图，由平衡条件分析F大小 的变化。 本题是动态分析问题，运用图解法，形象直观，比较简捷。也可以运用函数法研究。 二、多选题（本大题共4 4 小题，共 16.016.0分） 9.下列说法中正确的是 A.物体保持静止状态，它所受合外力一定为零 B.物体所受合外力为零时，它一定处于静止状态 C.作用力和反作用力可以相互平衡 D.作用力和反作用力的产生无先后之分 【答案】AD 【解析】解：A、物体保持静止，则它受到的合外力一定为零；故A正确

11、； B、合外力为零时，物体可能处于静止或匀速直线运动状态；故B 错误； C、作用力和反作用力作用在不同的物体上，作用效果不能抵消，不能合成，故C 错误； D、作用力和反作用力同时产生，同时变化，同时消失。故D 正确； 故选：AD。 力是改变物体运动状态的原因， 若物体受到的合外力为零时， 物体一定处于静止状态或匀速直线运动状态； 由牛顿第三定律可知， 作用力与反作用力大小相等， 方向相反， 作用在同一条直线上， 作用在两个物体上， 力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失。 理解牛顿第三定律与平衡力的区别。作用力与反作用力是分别作用在两个物体上的，既不能合成，也不能 抵消，分别作用在各自

12、的物体上产生各自的作用效果。 10. 中俄两国海军于2016年 9月 12日至 19日在广东湛江以东海空域举行代号为“海上联合”的联 合军事演习演习期间，一名中国空降兵从悬停在高空的直升飞机上竖直下落，他从离开飞机到落地的 过程中沿竖直方向运动的图象如图所示，则下列说法正确的是 对物体进行受力分析，根据共点力的平衡可知可求得磨石受到的摩擦力；同时根据动摩擦力的公式也可求 得摩擦力 滑动摩擦力的大小一定要注意不但可以由求得，也可以由共点力的平衡或牛顿第二定律求得，故在学 习时应灵活掌握 6.现在很多教室都安装可以沿水平方向滑动的黑板，如图所示在黑板以某一速度 向左匀速运动的同时，一位教师用粉笔在

13、黑板上划线，粉笔相对于墙壁从静止 开始先匀加速向下画，接着匀减速向下画直到停止，则粉笔在黑板画出的轨迹 可能为 A.B.C.D. 【答案】D 【解析】解：粉笔以某一速度水平向左匀速运动，同时从静止开始先匀加速向下滑动，再匀减速向下滑动 至停止，根据做曲线运动的物体所受合外力一定指向曲线凹侧，则粉笔在水平方向始终匀速，在竖直方向 先向下加速时，曲线向下弯曲；后向下减速，则曲线向上弯曲，故D 正确；ABC错误。 故选：D。 根据运动的合成与分解，结合曲线运动条件，及矢量合成法则，即可求解 考查运动的合成与分解，掌握矢量合成法则的内容，注意曲线运动条件的应用，是解题的关键 7.地球上，在赤道的物体A

14、和杭州的物体 B随地球自转而做匀速圆周运动，如图 所示他们的线速度分别为、，周期分别为，则 A. ， B. ， C. ， D. ， 【答案】C 【解析】解：A与 B 均绕地轴做匀速圆周运动，周期均为一天，故周期相同，即。 由公式知，A、B的角速度相等。即。 由角速度与线速度关系公式，A 的转动半径较大，故A 的线速度较大，即 故选：C。 第 2 页，共 5 页 A.第 10s末空降兵打开降落伞，此后做匀减速运动至第15s 末 B. 内空降兵和伞整体所受重力大于空气阻力 C. 内空降兵的速度和加速度都在增大 D.在 时间里空降兵竖直方向的加速度方向向上，大小在逐渐减小 【答案】BD 【解析】解：

15、A、根据图象的斜率表示加速度，可知空降兵做加速度不断减小的减速运动至 15s 末，第 10s末空降兵打开降落伞，故A错误； B、内空降兵空降兵向下做加速度不断减小的加速运动，受重力和空气阻力，根据牛顿第二定律， 知合力向下，重力大于空气阻力，故B 正确； C、内空降兵的速度增大，加速度减小，故C 错误； D、空降兵向下做加速度不断减小的减速运动，加速度向上，故D正确； 故选：BD。 先从速度时间图象得到速度的变化规律，由于图线上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度，可以 进一步判断出加速度的变化情况并得到受力情况 本题的关键是由图象得到空降兵的速度变化规律，再根据图线上某点的切线的斜率表示

16、该点对应时刻的加 速度得到加速度的变化情况，再根据牛顿第二定律分析得空气阻力 11. 质量分别为 1kg和 2kg的物块 A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连， 如图所示，今用大小为的力作用在 A上使 AB相对静止一起向左匀加 速运动，则下列说法正确的是 A.弹簧的弹力大小等于 8NB.弹簧的弹力大小等于 6N C.突然撤去 F瞬间，A 的加速度大小为 0D.突然撤去 F 瞬间，B的加速度大小为 【答案】BD 【解析】解：AB、由牛顿第二定律得： 对系统：， 人在从 P 点下落到最低点 c 点的过程中 A.人在 Pa段做自由落体运动，处于完全失重状态 B.在 ab 段绳的拉力小于人的重力，人

17、处于失重状态 C.在 bc段绳的拉力大于人的重力，人处于超重状态 D.在 c 点，人的速度为零，处于平衡状态 【答案】ABC 【解析】解：A、a 点是弹性绳的原长位置，故a 点之前人只受重力，人做自由落体运动，处于完全失重状 态，故 A 正确。 B、b 是人静止悬吊着时的平衡位置，故ab段绳的拉力小于重力，故人处于失重，故B 正确。 C、在 bc段绳的拉力大于人的重力，故人处于超重，故C正确。 D、c 是人所到达的最低点，故c 点速度为零，但人所受绳的拉力大于人的重力，合力不为0，不是处于平 衡状态，故 D 错误。 故选：ABC。 a 点是弹性绳的原长位置，故a 点之前人做自由落体运动 b 是

18、人静止悬吊着时的平衡位置，故ab段绳的拉力小于段绳的拉力大于重力； c 是人所到达的最低点，故c点速度为零 本题重点在于依据给定的条件做人的受力分析，知道受力才好判定人的运动情况 三、填空题（本大题共1 1 小题，共 8.08.0分） 13. 在做“研究平抛物体的运动”实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描 点法画出小球做平抛运动的轨迹。 为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确 的选项填在横线上_。 A.通过调节使斜槽末端的切线保持水平 B.实验所用斜槽的轨道必须是光滑的 C.每次必须由静止释放小球，而释放小球的位置始终相同 D.将球的位置标在纸上后，取下纸，用直尺

19、将点连成折线 某同学在做实验时， 用一张印有小方格的纸记录轨迹， 小方格的边长，若小球在平抛运动 b、 c、 d， g 表示 ， 途中的几个位置如图所示的a、则小球平抛的初速度的计算公式为 _ 用 L，其 值是_，小球过 c点时速度的大小约为_ _ 取。 【答案】AC2 对 B：，故 A 错误，B正确。 CD、撤去 F的瞬间，弹簧的弹力不变，由牛顿第二定律得： 对 A：， 对 B：，故 C 错误，D正确。 故选：BD。 对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离分析求出弹簧的弹力，撤去F的瞬间，弹簧的弹 力不变，结合牛顿第二定律求出A、B 的加速度大小。 本题考查了牛顿第二定律的瞬时问

20、题，知道撤去F的瞬间弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解， 解题时注意整体法与隔离法的应用。 12. “蹦极”是一项非常刺激的体育运动某人身系弹性绳自高空P点自由下落，图中 a 点 是弹性绳的原长度位置，c是人所到达的最低点，b是人静止地悬吊着时的平衡位置， 【解析】解：、通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，故A正确； B、C、因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速 度，故 B 错误，C正确； D、记录小球经过不同高度的位置时，每次不必严格地等距离下降，故D 错误。 从图中看出，a、b、c、d 4个点间的水平位移均相等，是，

21、因此这 4 个点是等时间间隔点。竖直 方向两段相邻位移之差是个定值， 即， 再根据 解得： 代入数据解得：。 第 3 页，共 5 页 小球抛到 c 点的竖直方向速度为： 所以 C点的速度为 根据可得，即图象的斜率等于小车的质量，故两人的实验中小车质量M 不同。 故答案为：；之前；小车质量 M。 1、实验时我们认为绳对小车的拉力近似等于沙和沙桶的总重力，但实际不是，实际的拉力为，只有在 的情况下近似认为拉力等于mg。为增加有效点的个数，实验中应先接通电源，后让小车运动。 2、B 点的速度可由 A 到 C点的平均速度求出，加速度可由匀变速运动的规律：求解。 3、图象的斜率等于物体的质量，故斜率不同

22、则物体的质量不同。 能够知道相邻的计数点之间的时间间隔，利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练 习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力。只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验 题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握。 五、计算题（本大题共4 4 小题，共 36.036.0分） 15. 随着“共享单车”的普及，越来越多的人骑着电动单车去上班，十字路口信号灯由红灯变为绿灯，一 小汽车从静止开始以的加速度行驶，恰有一哈罗电动单车以的速度从小汽车旁边匀速行驶 过，试求出汽车追上哈罗电动单车花费的时间以及此时小汽车的速度。 【答案

23、】解：哈罗电动单车以的速度做匀速直线运动，小汽车从静止开始以的加速度做匀加速 直线运动 设 t时间汽车追上哈罗电动单车，则有： 代入数据解得： 此时小汽车的速度为： 答：汽车追上哈罗电动单车花费的时间为4s，此时小汽车的速度 故选：；，2，。 保证小球做平抛运动必须通过调节使斜槽的末端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小 球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免 因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线； 正确应用平抛运动规律：水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动；解答本题的突破口是利用在 竖直方向上连续相等时间内的

24、位移差等于常数解出周期，然后进一步根据匀变速直线运动的规律、推论求 解。 解决平抛实验问题时，要特别注意实验的注意事项。在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验 的原理，要注重学生对探究原理的理解。 本题考查平抛物体的运动规律。要求同学们能够从图中读出有用信息，再根据平抛运动的基本公式解题， 难度适中。 四、实验题探究题（本大题共1 1 小题，共 8.08.0 分） 14. 在探究加速度与力、质量的关系时，小王同学采用如图装置，如图 1 中小车及砝码的质量用 M 表示， 沙桶及沙的质量用 m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带计算出。 往沙桶中加入 定量的沙子， 当 M 与 m的大小关

25、系满足_时， 可近似认为绳对小车的拉力大小 等于沙桶和沙的重力；在释放小车_ 选填“之前”或“之后” 接通打点计时器的电源，在纸带 上打出 系列的点。 在平衡摩擦力后，他用打点计时器打出的纸带的一段如图2，该纸带上相邻两个计数点间还有4 个 点未标出，打点计时器使用交流电的频率是50Hz，则小车的加速度大小是_，当打点计时器 打 B 点时小车的速度是_； 结果保留三位有效数字 小张同学用同 装置做实验，他们俩在同 坐标系中画出了关系图，如图 3，小张和小王同学 做实验，哪一个物理量是不同的_。 【答案】之前小车质量 M 【解析】解：假设小车的加速度为 a，拉力为 F 对沙桶及沙：；对小车：；

26、联立得：，故只有在的情况下近似认为拉力等于mg。 由于人的反应时间有左右，故为提高打出的有效点的个数，应该先接通电源，待打点稳定后再接通电 源。 纸带上每相邻两个计数点间还有4个点，所以相邻的计数点之间的时间间隔是。 根据逐差法求解加速度： 【解析】抓住汽车追上自行车时，两车的位移相等，求出时间，根据速度公式求出此时汽车的速度。 本题考查了运动学中的追及问题，关键抓住位移关系，结合运动学公式灵活求解。 16. 跳台滑雪是勇敢者的运动它是利用山势特别建造的跳台所进行的运 动员着专用滑雪板，不带雪仗在助滑路上获得高速后起跳，在空中飞 行一段距离后着陆这项运动极为壮观如图所示， 设一位运动员由 a

27、点 沿水平方向跃起，到 b点着陆时，测得 ab间距离，山坡倾角 试求 运动员起跳的速度和他在空中飞行的时间 运动员着陆时速度 不计空气阻力，g 取 【答案】解：运动员起跳后做平抛运动，设初速度为，运动时间为 t， 水平方向： 竖直方向： 根据几何关系有：， 所以 ， 根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度得： B 点的速度 运动员着陆时的竖直分速度为： 运动员着陆时速度为： 第 4 页，共 5 页 与水平方向的夹角为：，得：行李箱匀加速运动的时间为：， 答：运动员起跳的速度是，他在空中飞行的时间是2s 运动员着陆时速度大小为，速度方向与水平方向的夹角是 ，匀加速的位移我：

28、 【解析】运动员水平跃起后做平抛运动，根据竖直位移求出运动的时间，再根据水平位移和时间求出起 跳的初速度 由分速度公式求出运动员着陆时的竖直分速度，再合成求解运动员着陆时速度 解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住等时性，运用运动学公式进行求 解 17. 如图所示是双人花样滑冰运动中男运动员拉着女运动员做圆锥摆 运动的精彩场面，若女运动员伸直的身体与竖直方向偏角为 ， 质量为 m，转动过程中女运动员的重心位置做匀速圆周运动的半 径为 求： 男运动员对女运动员的拉力大小及两人转动的角速度； 如果男女运动员手拉手均做匀速圆周运动， 已知两人质量比为 2：1，求他们做匀速圆周运动的半径之比 【答案】解：女运动员在竖直方向上，有：， 解得， 在水平方向上，根据， 解得 行李箱在传送带匀速的时间我：， 行李箱在传送带上运动的时间为：； 行李箱滑