福州市八县市一中2011-2012学年高二第一学期期末联考物理科目参考答案和评分标准.doc

福州市八县（市）一中20112012学年高二第一学期期末联考 高二物理 科参考答案和评分标准一、选择题（共12小题，每小题4分。每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的。）题号123456答案ADBBCC789101112CA AD AB二、填空题（除14题第一小题1分外，其余每空2分，共15分）13.(1)a （2）E （3）C （4）、1.5V 3.75 高二物理测试题答案一、选择题（每题4分，共40分）二、填空题（共19分）111.13V 5.7V （各2分）12偏转 （1分） 不偏转 偏转 （各1分）闭合回路磁通量发生变化（2分）13（1）甲 （2）BC (3)2.0 1.50 V 1.0 （各2分）三、计算题（本题共4小题，共41分）14（8分）解：根据法拉第电磁感应定律，螺线管中产生的感应电动势E为：6.0V 4分整个回路中产生产生的感应电流为A根据电功率的公式W 4分15（9分）解：1）P=I22R+mgvI2= 4分2）I1：I2=n2：n1 U1=P/I1U1=nP 5分16（11分）解：（1）微粒在加速电场中由动能定理得：qU1=mv02/2 2分解得v0 = 1.0104m/s 1分（2）微粒在偏转电场中做类平抛运动，有：a=qU2/md ,vy=at=aL/v0， 2分飞出电场时，速度偏转角的正切为： 解得 = 30o 1分（3）进入磁场时微粒的速度是：v= 1分 轨迹如图所示，由几何关系有：D=r+rsin 1分洛伦兹力提供向心力：Bqv= 1分由联立得： 1分代入数据解得：B /5= 0.346 T 1分 所以，为使微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少为0.346T(B =0.35T照样给分) 17（13分）解：（1）由图象可知，金属框进入磁场过程中是做匀速直线运动，速度为v1，运动时间为t2t1 1分 所以金属框的边长 2分（2）在金属框进入磁场的过程中，金属框所受安培力等于重力 2分 1分 解得 2分（3）金属框在进入磁场过程中金属框产生的热为Q1，重力对其做正功，安培力对其做负功，由能量守恒定律得 2分金属框在离开磁场过程中金属框产生的热为Q2，重力对其做正功，安培力对其做负功，由能量守恒定律得 2分即： 1分2011-2012学期上学期四校联考题号12345678910答案CDDBDBACCCC 二、填空题：（每题4分共16分）11 向上 12 1:3 13 200V 14 负 0.025 三、实验题15 1.240cm 1.682mm 16 C 17.由受力分析可知：故 4分因 所以 图18418、水平方向匀速，则运动时间t L/ v0 2分竖直方向加速，则侧移 2分且 2分由得 2分则电场力做功 2分由功能原理得电势能减少了 19、解：由运动轨迹 图 （2分） 得偏向角是120度 （2分）则带电粒子在磁场中的运动时间t= (4分)粒子离开磁场时离原点的距离是600yxOBv01200 成都市13所示范性高中20112012学年度上期末联考试题 高 二 物 理 答 案一 二选择题123456789101112BCABCABCABDBCAD三 实验探究题13.d h g （每空2分）14.（1）小灯泡正常工作时，流过的电流为0.2A，故电流表应选B，电压表D的量程与小灯泡的额定电压相等，电压表应选D、滑动变阻器F阻值太大，不易调节电路，所以滑动变阻器应选G。 （每空1分） （2）小灯泡电阻小，电流表内阻大，所以应选用电流表外接法，由于小灯泡的电压要从零开始调节，所以滑动变阻器应选用分压电路，如图所示。（分压式2分 外接法2分）15. 2.2103 （2分）四 计算题16.从b向a看其受力如图所示(1)水平方向：fFAsin 1分 竖直方向：NFAcosmg 1分又FABILBL 1分联立得：Nmg，f. 2分(2)使ab棒受支持力为零，且让磁场最小，须使所受安培力竖直向上，则有FAmg 1分 Bmin， 1分根据左手定则判定磁场方向水平向右 1分17.由题设条件知r和R上的电压降之和为(EU)，所以电路中的电流为IA1.0 A 2分所以在100 s内电源做的功为WEIt501100 J5.0103 J 2分在100 s内电动机上把电能转化为机械能的部分是EIUtI2r0t(1.035100122100) J3.3103 J 3分=(UI-I2r0)/UI=94.3% 3分18（1）带电微粒经加速电场加速后速度为v1，根据动能定理： （2分）=1 0104m/s （2分）（2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动。在水平方向微粒做匀速直线运动。水平方向：（1分）带电微粒在竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a，出电场时竖直方向速度为v2竖直方向： （1分） 由几何关系 （1分） E=10000V/m（1分）（3）设带电粒子进磁场时的速度大小为v，则（1分）由粒子运动的对称性可知，入射速度方向过磁场区域圆心，则出射速度反向延长线过磁场区域圆心，粒子在磁场中的运动轨迹如图所示则轨迹半径为（1分） 由（1分）得 （1分）19（1）带电微粒在做匀速圆周运动，电场力与重力应平衡，因此： mg=Eq (2分) 解得： E=mg/q （1分） 方向： 竖直向下 (1分) （2）粒子作匀速圆周运动，轨道半径为R，如图所示。 （1分） 最高点与地面的距离为： （1分） 解得： （1分） 该微粒运动周期为： 运动到最高点所用时间为： （2分） （3）设粒子升高度为h，由动能定理得： （2分） 解得： （1分） 微粒离地面最大高度为：Hm= （1分） 2011学 年第一学 期宁波市 八校联考高二物理试题参考答案 一、单项选择（本题共10小题，每小题3分，共30分. 每小题中只有一个选项是符合题意的，不选、多选或错选均不得分.题号12345678910答案BDBDCBBDAB三实验题（本题共2小题，共14分其中第16题4分，第17题10分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答）16. CD 17.（1） （2） 表达式: ，式中各符号的意义是:I1、I2、r1、r2 分别表示通过电流表A1、A2的电流和它们的内阻 （评分标准：图正确4分，表达式2分，符号意义4分） 四本题包括4小题，共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位18.(8分) （1） 2分 （2）U3=IR3=0.44V=1.6V 2分 Q=CU3=4.810-5C 2分（3）因R1、R2并联，且R1=R2，所以在放电回路中 mgNF安37O第19题MF合通过R2的电量为 2分19. 解：(1) BIL=mg tan370 （2） 所以 20（10分）解：（1）由楞次定律，线框中感应电流的方向为逆时针（或abcda） （2分）（2）设t=2.0s时的速度为v，据题意有：BLv=IR 解得m/s=0.4m/s（2分）（3）设t=5.0s时的速度为v,整个过程中线框中产生的焦耳热为Q，则有： （2分） （2分）由上述两式解得：J=1.70J (2) 粒子在在磁场中运动时间= （3分）(3) 坐标为（4L，0） （2分）黑龙江龙东地区2011-2012学年度高二第一学期高中教学联合体期末试卷一、选择题（共48分，每题4分）题号1234567891011选项CCAACCADACBDB G+AB二、实验题（共20分）13. 6.125-6.126 mm.(2分)14. （1）连图：（4分） （2）A. 右 .（2分） B. 左 .（2分）15. (1) D .（2分） (2)连图：（4分） (3) 1.45 V, （2分） 0.69 .（2分）3、 计算题（共32分，解题时要有必要的文字叙述，要有必要的受力分析图）16题（8分）解：（1）断开时，（1分） 故（2分）（2） 闭合时，（1分）电压表示数：（2分）消耗的电功率：（2分）abR17题（10分）解：（1）金属棒开始下滑的初速度为零，根据牛顿第二定律： (3分)解得 （1分）（1） 设金属棒达到稳定时，速度为，所受安培力为F，棒沿导轨方向受力平衡： （3分）电阻消耗的功率等于克服安培力做功的功率，即： （2分）以上两式联立，解得： （1分） 18题（14分） 解：（1）粒子在电场中做类平抛运动，则水平： （1分） 竖直： （2分） 解得 速度偏转角： 来源:学科网所以飞出电场时的速度： （2分）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力不做功，所以穿出磁场时的速度大小为： 方向：水平向右 （2分）3、 粒子在电场中运动： （1分） -(1) 粒子在磁场中运动轨迹如右图所示：由几何关系，得（2分）粒子做匀速圆周运动： （1分）得 （2分） -（2）（1）、（2）联立，解得 （1分）江苏省十校联合2011-2012学年度第一学期期末四校理科零班联考高二物理试题一选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得4分，选不全的得2分。)题号123456789101112答案AABDABCDACCABDACDCD二填空题（本大题共3小题，每小题4分，共12分。）13.下图中各摆中线的长度L都已知，摆球视为带正电的质点，且均作小角摆动。且q,m,E,B均已知, 则它们的周期Ta TbMNL2L1PQ14.如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力作用下运动时，MN将在磁场力作用下向右运动，则PQ所做的运动可能是： 向右加速运动 向左加速运动 向右减速运动 向左减速运动以上选项正确的为 15. 如图所示，以知n1：n2=4：3 ，R2=100欧姆，变压器没有功率损耗。在原线圈加上交流电U1=40 V则R2上的发热功率是9W 。若R3=25时发热功率与R2相同，则原线圈与副线圈的n1：n3=8：3。三、计算题。（本题共4小题，共40分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分）16.（8分）发电机输出功率为100 kW，输出电压是250V，用户需要的电压是220V，发电机到用户输电线的总电阻为10，要求输电线中因发热而损失的功率为输送功率的4.（1）在输电线路中的升压和降压变压器原副线圈的匝数比；（2）用户得到的电功率是多少?答：（1）n1：n2=1:20 3分n3：n4=240:11 3分（2）96KW 2分17.（10分）如图所示，一个边长为L的正方形线圈，以直ab为轴匀速转动，转速为n，ab的左侧有垂直于纸面向里(与ab垂直)的匀强磁场，磁感应强度为B。M和N是两个集流环，负载电阻为R，线圈、电流表和连接导线的电阻不计，求： (1)从图示位置起转过1/4转的时间内负载电阻R上产生的热量； (2)从图示位置起转过1/4转的时间内通过负载电阻R的电荷量； (3)电流表的示数答:EmBSBl22n(1)在线圈从图示位置转过1/4转的时间内，电动势的有效值为EQ()2R 3分18. （10分）如图所示，MN、PH为两根竖直放置、不计电阻的弧形裸金19. 属导轨，NH间接有阻值R=1的电阻，整个装置处于磁感应强度B=0.5T的水平匀强磁场内，一根质量为m=0.1kg、电阻不计的金属棒水平放置在位置处，与导轨相交于A、B两点，A、B间距L1=0.5m，现给金属棒一个大小为v1=4m/s，竖直向上的速度，恰使它向上做无摩擦的匀减速直线运动，滑动时金属棒始终与导轨紧密接触，并保持水平状态，当金属棒上滑到位置时，速度的方向不变，大小变为v2=1m/s，与导轨相交于C、D两点，取g=10m/s2，试求：(1)金属棒竖直向上运动时的加速度a的大小；(2)C、D两点间的距离L2；(3)金属棒从位置运动到位置的过程中，电流对电阻所做的功W.答:(1)a=g+=12.5m/s2 3分 (2)mg+=maL2=1m 3分 (3)h=0.6m W=mv12mv22mgh=0.15J 4分19.（12分）如图所示，两根正对的平行金属直轨道MN、MN位于同一水平面上，两轨道之间的距离l=0.50m。轨道的MM端之间接一阻值R=0.40的定值电阻，NN端与两条位于竖直面内的半圆形光滑金属轨道NP、NP平滑连接，两半圆轨道的半径均为R0=0.50m。直轨道的右端处于竖直向下、磁感应强度B=0.64 T的匀强磁场中，磁场区域的宽度d=0.80m，且其右边界与NN重合。现有一质量m=0.20kg、电阻r=0.10的导体杆ab静止在距磁场的左边界s=2.0m处。在与杆垂直的水平恒力F=2.0N的作用下ab杆开始运动，当运动至磁场的左边界时撤去F，结果导体杆ab恰好能以最小速度通过半圆形轨道的最高点PP。已知导体杆ab在运动过程中与轨道接触良好，且始终与轨道垂直，导体杆ab与直轨道之间的动摩擦因数=0.10，轨道的电阻可忽略不计，取g=10m/s2，求：（1）导体杆刚进入磁场时，通过导体杆上的电流大小和方向；（2）导体杆穿过磁场的过程中通过电阻R上的电荷量；（3）导体杆穿过磁场的过程中整个电路中产生的焦耳热。（1）设导体杆运动至磁场的左边界时的速度为v1：（F-mg）s=mv12 导体杆刚进入磁场时产生的感应电动势E=Blv1 I=E/（R+r）= 3.84A根据